机电传动控制习题复习资料.docx
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1、第二章机电传动系统的动力学根底2.1说明机电传动系统运动方程中的拖动转矩,静态转矩和动态转矩。答:拖动转矩是有电动机产生用来克制负载转矩,以带动消费机械运动的。静态转矩就是由消费机械产生的负载转矩。动态转矩是拖动转矩减去静态转矩。2.2从运动方程式怎样看出系统是处于加速,减速,稳态的和静态的工作状态。答:TM-TL0说明系统处于加速,TM-TL0说明系统处于减速,TM-TL=0说明系统处于稳态(即静态)的工作状态。2.3试列出以下几种状况下(见题2.3图)系统的运动方程式,并说明系统的运动状态是加速,减速,还是匀速?(图中箭头方向表示转矩的实际作用方向)答:TM=TLTM0说明系统处于加速。T
2、M-TLTL TMTL系统的运动状态是减速系统的运动状态是加速TM=TLTM=TL系统的运动状态是减速系统的运动状态是匀速2.4多轴拖动系统为什么要折算成单轴拖动系统?转矩折算为什么根据折算前后功率不变的原则?转动惯量折算为什么根据折算前后动能不变的原则?答: 因为很多消费机械要求低转速运行,而电动机一般具有较高的额定转速。这样,电动机及消费机械之间就得装设减速机构,如减速齿轮箱或蜗轮蜗杆,皮带等减速装置。所以为了列出系统运动方程,必需先将各转动局部的转矩和转动惯量或直线运动局部的质量这算到一根轴上。转矩折算前后功率不变的原则是P=T,p不变。转动惯量折算前后动能不变原则是能量守恒MV=0.5
3、J22.5为什么低速轴转矩大,高速轴转矩小?答:因为P=T,P不变越小T越大,越大T越小。2.6为什么机电传动系统中低速轴的GD2逼高速轴的GD2大得多?答: 因为P=T,T=GD2/375.P=GD2/375.,P不变转速越小GD2越大,转速越大GD2越小。2.7如图2.3(a)所示,电动机轴上的转动惯量JM=2.5kgm2,转速nM=900r/min;中间传动轴的转动惯量JL=16kgm2,转速nL=60r/min。试求折算到电动机轴上的等效专惯量。答:折算到电动机轴上的等效转动惯量:j=Nm/N1=900/300=3,j1=Nm/Nl=15J=JM+J1/j2+JL/j12=2.5+2/
4、9+16/225=2.79kgm22.8如图2.3(b)所示,电动机转速nM=950r/min,齿轮减速箱的传动比J1=J2=4,卷筒直径D=0.24m,滑轮的减速比J3=2,起重负荷力F=100N,电动机的费轮转距GD2M=1.05Nm2,齿轮,滑轮和卷筒总的传动效率为0.83。试球体胜速度v和折算到电动机轴上的静态转矩TL以及折算到电动机轴上整个拖动系统的飞轮惯量GD2z.。答:M=3.14*2n/60=99.43rad/s.提升重物的轴上的角速度=M/j1j2j3=99.43/4*4*2=3.11rad/sv=D/2=0.24/2*3.11=0.373m/sTL=9.55FV/CnM=9
5、.55*100*0.373/0.83*950=0.45NMGD2Z=GDM2+GDL2/jL2=1.25*1.05+100*0.242/322=1.318NM22.9一般消费机械按其运动受阻力的性质来分可有哪几种类型的负载?答:可分为1恒转矩型机械特性2离心式通风机型机械特性3直线型机械特性4恒功率型机械特性,4种类型的负载.2.10抗拒静态转矩及位能静态转矩有何区分,各有什么特点?答:抗拒转矩的方向及运动方向相反,方向发生变更时,负载转矩的方向也会随着变更,因此他总是阻碍运动的.位能转矩的作用方向恒定,及运动方向无关,它在某方向阻碍运动,而在相反方向便促使运动。2.11在题2.11图中,曲线
6、1和2分别为电动机和负载的机械特性,试推断哪些是系统的稳定平衡点?哪些不是?交点是系统的稳定平衡点. 交点是系统的平衡点 交点是系统的平衡 交点不是系统的平衡点交点是系统的平衡点第三章3.1为什么直流电记得转子要用外表有绝缘层的硅钢片叠压而成?答:直流电机的转子要用外表有绝缘层的硅钢片叠加而成是因为要防止电涡流对电能的损耗.3.2并励直流发电机正传时可以自励,反转时能否自励?答:不能,因为反转起始励磁电流所产生的磁场的方向及剩余磁场方向相反,这样磁场被消退,所以不能自励.3.3一台他励直流电动机所拖动的负载转矩TL=常数,当电枢电压附加电阻变更时,能否变更其稳定运行状态下电枢电流的大小?为什么
7、?这是拖动系统中那些要发生变更?答:T=KtIau=E+IaRa当电枢电压或电枢附加电阻变更时,电枢电流大小不变.转速n及电动机的电动势 都发生变更.3.4一台他励直流电动机在稳态下运行时,电枢反电势E=E1,如负载转矩TL=常数,外加电压和电枢电路中的电阻均不变,问减弱励磁使转速上升到新的稳态值后,电枢反电势将如何变更?是大于,小于还是等于E1?答:T=IaKt,减弱,T是常数,Ia增大.根据EN=UN-IaRa,所以EN减小.,小于E1.3.5一台直流发电机,其局部铭牌数据如下:PN=180kW,UN=230V,nN=1450r/min,N=89.5%,试求:该发电机的额定电流;电流保持为
8、额定值而电压下降为100V时,原动机的输出功率(设此时=N)答:PN=UNIN 180KW=230*ININ=782.6A该发电机的额定电流为782.6AP=IN100/NP=87.4KW3.6已知某他励直流电动机的铭牌数据如下:PN=7.5KW,UN=220V,nN=1500r/min,N=88.5%,试求该电机的额定电流和转矩。答: PN=UNINN7500W=220V*IN*0.885IN=38.5ATN=9.55PN/nN=47.75Nm3.7一台他励直流电动机:PN=15KW,UN=220V,IN=63.5A,nN=2850r/min,Ra=0.25,其空载特性为:U0/V11518
9、4230253265If/A0.4420.8021.21.6862.10今需在额定电流下得到150V和220V的端电压,问其励磁电流分别应为多少?由空载特性其空载特性曲线.当U=150V时If=0.71A当U=220V时If=1.08A3.8一台他励直流电动机的铭牌数据为:PN=5.5KW,UN=110V,IN=62A,nN=1000r/min,试绘出它的固有机械特性曲线。Ra=(0.500.75)(1-PN/UNIN)UN/IN=0.6(1-5500/110*62)*110/62=0.206n0=nNUN/(UN-INRa)=1131r/minTN=9.55*5500/1000=52.525
10、Nm 1131 52.5253.9一台并励直流电动机的技术数据如下:PN=5.5KW,UN=110V,IN=61A,额定励磁电流Ifn=2A,nN=1500r/min,电枢电阻Ra=0.2,若忽视机械磨损和转子的铜耗,铁损,认为额定运行状态下的电磁转矩近似等于额定输出转矩,试绘出它近似的固有机械特性曲线。n0=UNnN/(UN-INRa)TN=9.55PN/nN=110*1500/(110-61*0.2)=9.55*5500/15001687r/min=35Nm3.10一台他励直流电动机的技术数据如下:PN=6.5KW,UN=220V,IN=34.4A,nN=1500r/min,Ra=0.24
11、2,试计算出此电动机的如下特性:固有机械特性;电枢服加电阻分别为3和5时的人为机械特性;电枢电压为UN/2时的人为机械特性;磁通=0.8N时的人为机械特性;并绘出上述特性的图形。答:n0=UNnN/(UN-INRa)=220*1500/220-34.4*0.242=1559r/minTN=9.55PN/nN=9.55*6500/1500=41.38Nmn=U/Ke-(Ra+Rad)T/KeKt2=U/Ke-(Ra+Rad)T/9.55Ke22当3n=854r/min当5n=311r/minn=U/Ke-RaT/9.55Ke22当UN=0.5UN时n=732r/minn0=UNnN/2(UN-I
12、NRa)=780r/minn=U/0.8Ke-RaT/9.55Ke220.82当=0.8时n=1517r/minn0=UNnN/0.8Ke=1964r/min3.11为什么直流电动机干脆启动时启动电流很大?答:电动机在未启动前n=0,E=0,而Ra很小,所以将电动机干脆接入电网并施加额定电压时,启动电流将很大.Ist=UN/Ra3.12他励直流电动机干脆启动过程中有哪些要求?如何实现?答:他励直流电动机干脆启动过程中的要求是1启动电流不要过大,2不要有过大的转矩.可以通过两种方法来实现电动机的启动一是降压启动.二是在电枢回路内串接外加电阻启动.3.13直流他励电动机启动时,为什么肯定要先把励磁
13、电流加上?若忘了先合励磁绕阻的电源开关就把电枢电源接通,这是会产生什么现象(试从TL=0和TL=TN两种状况加以分析)?当电动机运行在额定转速下,若突然将励磁绕阻断开,此时又将出现什么状况?答:直流他励电动机启动时,肯定要先把励磁电流加上使因为主磁极靠外电源产生磁场.假如忘了先合励磁绕阻的电源开关就把电枢电源接通,TL=0时理论上电动机转速将趋近于无限大,引起飞车,TL=TN时将使电动机电流大大增加而严峻过载.3.14直流串励电动机能否空载运行?为什么?答:串励电动机决不能空载运行,因为这时电动机转速极高,所产生的离心力足以将绕组元件甩到槽外,还可能串励电动机也可能反转运行.但不能用变更电源极
14、性的方法,因这时电枢电流Ia及磁通同时反响,使电瓷转矩T依旧保持原来方向,则电动机不行能反转.3.15一台直流他励电动机,其额定数据如下:PN=2.2KW,UN=Uf=110V,nN=1500r/min,N=0.8,Ra=0.4,Rf=82.7。试求:额定电枢电流IAn;额定励磁电流IfN;励磁功率Pf;额定转矩TN;额定电流时的反电势;干脆启动时的启动电流;假如要是启动电流不超过额定电流的2倍,求启动电阻为多少欧?此时启动转矩又为多少?PN=UNIaNN2200=110*IaN*0.8IaN=25AUf=RfIfNIfN=110/82.7=1.33APf=UfIfN=146.3W额定转矩TN
15、=9.55PN/nN=14Nm额定电流时的反电势EN=UN-INRa=110V-0.4*25=100V干脆启动时的启动电流Ist=UN/Ra=110/0.4=275A启动电阻2INUN/(Ra+Rst)Rst1.68启动转矩Ke=(UN-INRa)/nN=0.066Ia=UN/(Ra+Rst)T=KtIa=52.9A=9.55*0.066*52.933.34Nm3.16直流电动机用电枢电路串电阻的方法启动时,为什么要渐渐切除启动电阻?如切出太快,会带来什么后果?答:假如启动电阻一下全部切除,在切除瞬间,由于机械惯性的作用使电动机的转速不能突变,在此瞬间转速维持不变,机械特性会转到其他特性曲线上
16、,此时冲击电流会很大,所以采纳渐渐切除启动电阻的方法.如切除太快,会有可能烧毁电机.3.17转速调整(调速)及固有的速度变更在概念上有什么区分?答:速度变更是在某机械特性下,由于负载变更而引起的,二速度调整则是某一特定的负载下,靠人为变更机械特性而得到的.3.18他励直流电动机有哪些方法进展调速?它们的特点是什么?答:他励电动机的调速方法:第一变更电枢电路外串接电阻Rad特点在肯定负载转矩下,串接不同的电阻可以得到不同的转速,机械特性较软,电阻越大则特性及如软,稳定型越低,载空或轻载时,调速范围不大,实现无级调速困难,在调速电阻上消耗大量电量。 第二变更电动机电枢供电电压特点当电压连续变更时转
17、速可以平滑无级调速,一般只能自由额定转速以下调整,调速特性及固有特性互相平行,机械特性硬度不变,调速的稳定度较高,调速范围较大,调速时因电枢电流及电压无关,属于恒转矩调速,适应于对恒转矩型负载。可以靠调整电枢电压来启动电机,不用其它启动设备,第三变更电动机主磁通特点可以平滑无级调速,但只能弱词调速,即在额定转速以上调整,调速特性较软,且受电动机换向条件等的限制,调速范围不大,调速时维持电枢电压和电流步变,属恒功率调速。3.19直流电动机的电动及制动两种运转状态的根本区分何在?答:电动机的电动状态特点是电动机所发出的转矩T的方向及转速n的方向一样.制动状态特点使电动机所发的转矩T的方向及转速n的
18、方向相反3.20他励直流电动机有哪几种制动方法?它们的机械特性如何?试比拟各种制动方法的优缺点。1反响制动机械特性表达式:n=U/Ke-(Ra+Rad)T/keKt2T为负值,电动机正转时,反响制动状态下的机械特性是第一象限电动状态下的机械特性第二象限内的延长.反响制动状态下附加电阻越大电动机转速越高.为使重物降速度不至于过高,串接的附加电阻不宜过大.但即使不串任何电阻,重物下放过程中电机的转速仍过高.假如放下的件较重.则采纳这种制动方式运行不太平安.2反接制动电源反接制动电源反接制动一般应用在消费机械要求快速减速停车和向的场合以及要求常常正反转的机械上.倒拉反接制动倒拉反接制动状态下的机械特
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