新课标高中数学必修二第四章圆与方程经典例题含答案.docx

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1、习题精选精讲圆标准方程 已知圆心和半径，即得圆的标准方程；已知圆的标准方程，即得圆心和半径，进而可解得及圆有关的任何问题.一、求圆的方程例1 (06重庆卷文) 以点为圆心且及直线相切的圆的方程为( )(A) (B)(C) (D)解 已知圆心为，且由题意知线心距等于圆半径，即 ，所求的圆方程为，故选(C).点评：一般先求得圆心和半径，再代入圆的标准方程即得圆的方程.二、位置关系问题例2 (06安徽卷文) 直线及圆没有公共点，则的取值范围是( )(A) (B)(C) (D)解 化为标准方程，即得圆心和半径.直线及已知圆没有公共点，线心距，平方去分母得，解得，留意到，故选(A).点评：一般通过比拟线

2、心距及圆半径的大小来处理直线及圆的位置关系：线圆相离；线圆相切；线圆相交.三、切线问题例3 (06重庆卷理) 过坐标原点且及圆相切的直线方程为( )(A)或 (B)或(C)或 (D)或解 化为标准方程,即得圆心和半径.设过坐标原点的切线方程为，即，线心距，平方去分母得，解得或，所求的切线方程为或，故选(A).点评：一般通过线心距及圆半径相等和待定系数法，或切线垂直于经过切点的半径来处理切线问题.四、弦长问题例4 (06天津卷理) 设直线及圆相交于两点，且弦的长为，则 .解 由已知圆，即得圆心和半径.线心距，且，即，解得.点评：一般在线心距、弦长的一半和圆半径所组成的直角三角形中处理弦长问题：.

3、五、夹角问题例5 (06全国卷一文) 从圆外一点向这个圆作两条切线，则两切线夹角的余弦值为( )(A) (B) (C) (D) 0解 已知圆化为，即得圆心和半径.设由向这个圆作的两条切线的夹角为，则在切线长、半径和构成的直角三角形中，故选(B).点评：处理两切线夹角问题的方法是：先在切线长、半径和所构成的直角三角形中求得的三角函数值，再用二倍角公式解决夹角问题.六、圆心角问题例6 (06全国卷二) 过点的直线将圆分成两段弧，当劣弧所对的圆心角最小时，直线的斜率 .解 由已知圆，即得圆心和半径.设，则；直线时弦最短，从而劣弧所对的圆心角最小，直线的斜率.点评：一般利用圆心角和其所对的弧或弦的关系

4、处理圆心角问题：在同圆中，若圆心角最小则其所对的弧长及弦长也最短，若弧长及弦长最短则所对的圆心角也最小.七、最值问题例7 (06湖南卷文) 圆上的点到直线 的最大间隔 及最小间隔 的差是( )(A) 30 (B) 18 (C) (D)解 已知圆化为，即得圆心和半径.设线心距为，则圆上的点到直线的最大间隔 为，最小间隔 为，故选(C).点评：圆上一点到某直线间隔 的最值问题一般转化为线心距及圆半径的关系解决：圆上的点到该直线的最大间隔 为，最小间隔 为.八、综合问题例8 (06湖南卷理) 若圆上至少有三个不同的点到直线的间隔 为，则直线的倾斜角的取值范围是( )(A) (B) (C) (D)解

5、已知圆化为，即得圆心和半径.圆上至少有三个不同的点到直线的间隔 为，即，由直线的斜率代入得，解得，又，直线的倾斜角的取值范围是，故选(B).点评：处理及圆有关的任何问题总是先通过圆的标准方程，进而以“圆心半径线心距”的七字歌得到正确而快速地解决.圆的方程1. 确定圆方程须要有三个相互独立的条件.圆的方程有两种形式，要留意各种形式的圆方程的适用范围.(1) 圆的标准方程：(xa)2(yb)2r2，其中(a，b)是圆心坐标，r是圆的半径；(2) 圆的一般方程：x2y2DxEyF0 (D2E24F0)，圆心坐标为()，半径为r2. 直线及圆的位置关系的断定方法.(1) 法一：直线：AxByC0；圆：

6、x2y2DxEyF0.一元二次方程(2) 法二：直线：AxByC0；圆：(xa)2(yb)2r2，圆心(a，b)到直线的间隔 为d.3. 两圆的位置关系的断定方法.设两圆圆心分别为O1、 O2，半径分别为r1、 r2， O1O2为圆心距，则两圆位置关系如下：O1O2r1r2两圆外离；O1O2r1r2两圆外切；r1r2O1O2r1r2两圆相交；O1O2r1r2两圆内切；O1O2r1r2两圆内含.点击双基1.方程x2+y22（t+3）x+2（14t2）y+16t4+9=0（tR）表示圆方程，则t的取值范围是A.1t B.1tC.t1 D.1t0，得7t26t10，即t0），下列结论错误的是A.当a

7、2+b2=r2时，圆必过原点B.当a=r时，圆及y轴相切C.当b=r时，圆及x轴相切D.当br时，圆及x轴相交解析：已知圆的圆心坐标为（a，b），半径为r，当br时，圆心到x轴的间隔 为|b|，只有当|b|r时，才有圆及x轴相交，而br不能保证|b|0，得23b2+3.由韦达定理得x1+x2=（4b），x1x2=.y1y2=b2b（x1+x2）+x1x2=+4b.=0，x1x2+y1y2=0，即b26b+1+4b=0.解得b=1（23，2+3）.所求的直线方程为y=x+1.培育实力7.已知实数x、y满意方程x2+y24x+1=0.求（1）的最大值和最小值；（2）yx的最小值；（3）x2+y2的

8、最大值和最小值.解：（1）如图，方程x2+y24x+1=0表示以点（2，0）为圆心，以为半径的圆.设=k，即y=kx，由圆心（2，0）到y=kx的间隔 为半径时直线及圆相切，斜率获得最大、最小值.由=，解得k2=3.所以kmax=，kmin=.（2）设yx=b，则y=x+b，仅当直线y=x+b及圆切于第四象限时，纵轴截距b取最小值.由点到直线的间隔 公式，得=，即b=2，故（yx）min=2.（3）x2+y2是圆上点及原点间隔 之平方，故连结OC，及圆交于B点，并延长交圆于C，则（x2+y2）max=OC=2+，（x2+y2）min=OB=2.8.（文）求过两点A（1，4）、B（3，2），且圆

9、心在直线y=0上的圆的标准方程.并推断点M1（2，3），M2（2，4）及圆的位置关系.解：根据圆的标准方程，只要求得圆心坐标和圆的半径即可.因为圆过A、B两点，所以圆心在线段AB的垂直平分线上.由kAB=1，AB的中点为（2，3），故AB的垂直平分线的方程为y3=x2，即xy+1=0.又圆心在直线y=0上，因此圆心坐标是方程组的解，即圆心坐标为（1，0）.xy+1=0，y=0 半径r=，所以得所求圆的标准方程为（x+1）2+y2=20.因为M1到圆心C（1，0）的间隔 为=，|M1C|，所以M2在圆C外. “求经过两圆和的交点，并且圆心在直线上的圆的方程。”同学们普遍运用下面两种方法求解：方法

10、：先求出两已知圆交点，再设圆心坐标为，根据，可求出圆心坐标和半径r，于是可得所求圆方程。方法二：先求出两已知圆交点，再设所求圆的方程为：,其圆心为，代入，再将A1,A2两点坐标代入所设圆的方程，可得三个关于D,E,F的三元一次方程组，求出D,E,F的值，这样便可得所求圆的方程。但是假如我们利用“过两已知圆交点的圆系”的方法求解，可以更加便利。经过两已知圆的交点的圆系设圆C1及C2的方程为： C1: C2: .并且两圆相交于两点。引进一个参数，并令：+（）=0 其中-1。引进两个参数和，并令：（）+（）=0 其中+0不管参数取何值，方程及中的x2项和y2项的系数相等，方程没有xy项，而且两已知圆

11、的两个交点的坐标合适方程及，所以及都是经过两已知圆的交点的圆系，但是及稍有不同： 当=0时，方程的曲线就是圆C1;不管为何值，方程的曲线都不会是圆C2。所以方程表示经过两已知圆的交点的一切圆，包括圆C1在内，但不包括圆C2。 当=0时，方程的曲线就是圆C2；当=0时，方程的曲线就是圆C1。所以方程表示经过两已知圆的交点的一切圆，包括圆C1和圆C2在内。下面应用圆系来解本文前面的问题：设经过已知两圆的交点的圆的方程为： . （-1）则其圆心坐标为 所求圆的圆心在直线上 +4=0， 解得=-7 所求圆的方程为：7即：下面再举两例说明圆系的应用例1 求经过两已知圆：和的交点且圆心的横坐标为3的圆的方

12、程。解： 设经过两已知圆交点的圆系的方程为： （-1）其圆心的横坐标为： ，令 =3 得 所求圆的方程为：即 例2 设圆方程为： 其中4 求证： 不管为何值，所给圆必经过两个定点。 证明： 把所给方程写为： 这是经过以下两个圆的交点的圆系的方程： 所以，不管为何值，所给圆必经过这两个圆的两个交点直线及圆的位置关系二、例题选析例1：求由下列条件所确定圆的圆的切线方程；(1)经过点，(2)经过点，(3)斜率为解：(1) 点在圆上，故所求切线方程为。(2) 点在圆外。设切线方程为即直线及圆相切，圆心到直线的间隔 等于半径，所求切线方程为。(3)设圆的切线方程为，代入圆的方程。整理得，直线及圆相切 ，

13、解得。所求切线方程为。小结：利用圆心到切线的间隔 等于半径是解决圆的切线问题的常用方法。判别式法求切线方程适用圆锥曲线，当然对于圆也适用。例2：已知点在圆的外部，过作圆的切线，切点为，求证。证明：如图7-53-1，圆心，半径，由勾股定理得小结：(1)此题的证明，给出了切线长公式，即将圆外一点的坐标代入圆的一般方程左端，再取算术平方根即为切线长。(2)以为直径的圆及圆相交于、两点，则、为切点。若圆的方程为，则两切点连线所在的直线方程为。例3：从圆外一点向圆引割线，交该圆于、两点，求弦的中点轨迹方程。解：如图7-53-2，设的中点，连接，即小结：此题用向量法求得轨迹方程，显得简明快捷。读者可用一般

14、方法求轨迹方程，即设出割线方程，和圆联立方程组，由韦达定理建立中点坐标的参数方程，继而求得一般方程。还可用两直线垂直的充要条件，但必需探讨斜率存在及不存在两种状况。都比向量法要费事。备选例题：例4*：已知对于圆上随意一点，不等式恒成立，务实数的取值范围。解一：作直线：，如图：7-53-3向下平移及圆相切和相离时有恒成立，由点到直线的间隔 公式得。轴对称轴对称是解析几何的一个重要内容，利用它不仅可以解决点、线、曲线等关于直线的对称问题，而且还可以解决诸如最值、光线反射、角平分线等问题，并且常得到意想不到的效果。本文将以数例来谈谈它的应用。例1、已知点A(4,1)，B(0,4)，在直线L：y=3x

15、-1上找一点P，求使|PA|-|PB|最大时P的坐标。分析：本题的常规方法是：（1）设点（2）列出相应的函数关系式（3）求解。但本题若这样做，则就会走入死胡同。若奇妙利用轴对称的学问则可以轻松解决。解：如图，设点C(x,y)是点B关于直线L的对称点，则由，得：，直线BC的方程为：，将其及直线y=3x-1联立，解得：D,其中D为BC中点，利用中点坐标公式，得C（3,3）。明显：|PA|-|PB|PA|-|PC|AC|,当且仅当A、C、P三点共线时，|PA|-|PB|最大。可求得：直线AC方程为：，及L方程联立解得P的坐标为（2,5）。例2、光线由点C（3，3）动身射到直线L：y=3x-1上，已知

16、其被直线L反射后经过点A(4,1)，求反射光线方程。解：设点B是点C关于L的对称点，则由光线反射的学问易知：点B在反射光线上，故所求的反射光线的方程即为直线AB所在的直线方程。由例1知点C关于L的对称点为B（0,4），故直线AB的方程易求得为：。它即为反射光线方程。例3、已知ABC的顶点A的坐标为(1,4)，B、C的平分线的分别方程为和，求BC所在的直线方程。分析：本题的常规思路是利用L1到L2的角的有关学问解决问题，但较繁，若能留意到角平分线的有关性质，则可简捷求解。解：设B、C的平分线分别为L1、L2,则由角平分线的学问可知：AB及CB关于L1对称，AC及BC关于L2对称，故点A关于L1、

17、L2的对称点A1、A2都应当在直线BC上，故BC所在的直线方程即为A1A2所在的直线方程。利用对称性可求得：（过程略）于是BC方程可求得为：直线和圆1自点（3，3）发出的光线L射到x轴上，被x轴反射，其反射线所在直线及圆相切，求光线L所在直线方程解：已知圆的标准方程是(x2)2(y2)21，它关于x轴的对称圆的方程是(x2)2(y2)21。设光线L所在直线方程是：y3k(x3)。 由题设知对称圆的圆心C（2，2）到这条直线的间隔 等于1，即整理得 解得故所求的直线方程是，或，即3x4y30，或4x3y302已知圆C：，是否存在斜率为1的直线L，使以L被圆C截得的弦AB为直径的圆过原点，若存在求

18、出直线L的方程，若不存在说明理由（14分）解：圆C化成标准方程为:假设存在以AB为直径的圆M，圆心M的坐标为（a，b）由于CML，kCMkL=1 kCM=，即a+b+1=0，得b= a1 直线L的方程为yb=x，即xy+ba=0 CM=以AB为直径的圆M过原点， ， 把代入得，当此时直线L的方程为：xy4=0；当此时直线L的方程为：xy+1=0故这样的直线L是存在的，方程为xy4=0 或xy+1=03（12分）求过点P（6，4）且被圆截得长为的弦所在的直线方程解：设弦所在的直线方程为，即则圆心（0，0）到此直线的间隔 为因为圆的半弦长、半径、弦心距恰好构成Rt，所以由此解得或代入得切线方程或，

19、即或4（12分）已知圆C:和直线. （1）证明:不管取什么实数,直线及圆C恒相交； （2）求直线及圆C所截得的弦长的最短长度和此时直线的方程解:(1)直线方程,可以改写为,所以直线必经过直线的交点.由方程组解得即两直线的交点为A 又因为点及圆心的间隔 ,所以该点在内,故不管取什么实数,直线及圆C恒相交.(2)连接,过作的垂线,此时的直线及圆相交于、.为直线被圆所截得的最短弦长.此时,.即最短弦长为.又直线的斜率,所以直线的斜率为2.此时直线方程为:5（12分）已知圆x2+y2+x6y+m=0和直线x+2y3=0交于P、Q两点，且以PQ为直径的圆恰过坐标原点，务实数m的值解：由 又OPOQ， x

20、1x2+y1y2=0,而x1x2=96(y1+y2)+4y1y2= 解得m=3.6.已知圆C：(x+4)2+y2=4和点A(-2，0)，圆D的圆心在y轴上挪动，且恒及圆C外切，设圆D及y 轴交于点M、N. MAN是否为定值？若为定值，求出MAN的弧度数；若不为定值，说明理由.【解】设圆D的方程为那么因为圆D及圆C外切, 所以又直线的斜率分别为 为定值7（14分）已知圆和直线交于P、Q两点，且OPOQ （O为坐标原点），求该圆的圆心坐标和半径长解：将代入方程，得设P，Q，则满意条件： OPOQ, 而，此时，圆心坐标为（，3），半径8（14分）求圆心在直线上，且过两圆，交点的圆的方程解法一：（利用

21、圆心到两交点的间隔 相等求圆心）将两圆的方程联立得方程组解这个方程组求得两圆的交点坐标A（4，0），B（0，2）因所求圆心在直线上，故设所求圆心坐标为，则它到上面的两上交点（4，0）和（0，2）的间隔 相等，故有，即，从而圆心坐标是（3，3）又， 故所求圆的方程为解法二：（利用弦的垂直平分线过圆心求圆的方程）同解法一求得两交点坐标A（4，0），B（0，2），弦AB的中垂线为，它及直线交点（3，3）就是圆心，又半径，故所求圆的方程为解法三：（用待定系数法求圆的方程）同解法一求得两交点坐标为A（4，0），B（0，2）设所求圆的方程为，因两点在此圆上，且圆心在上，所以得方程组 ，解之得，故所求圆的方

22、程为解法四：（用“圆系”方法求圆的方程过后想想为什么？）设所求圆的方程为，即 可知圆心坐标为因圆心在直线上，所以，解得将代入所设方程并化简，求圆的方程9(12分) 已知一个圆截y轴所得的弦为2，被x轴分成的两段弧长的比为3（1）设圆心为（a，b），务实数a，b满意的关系式；（2）当圆心到直线l：x2y0的间隔 最小时，求圆的方程设圆心P（a，b），半径为r，则 |b|，2b2r2又|a|21r2，所以a21r2，所以2b2a21；(2)点P到直线x2y0的间隔 d，5d2a24ab4b2a24b22（a2b2）2b2a21所以所以或 所以（x1）2（y1）22或（x1）2（y1）2210 已知

23、圆C及圆相外切，并且及直线相切于点，求圆C的方程 设圆C的圆心为，则所以圆C的方程为11.（1997全国文，25）已知圆满意：截y轴所得弦长为2；被x轴分成两段圆弧，其弧长的比为31；圆心到直线l：x2y=0的间隔 为，求该圆的方程.解：设圆的方程为（xa）2+（yb）2=r2.令x=0，得y22by+b2+a2r2=0.|y1y2|=2，得r2=a2+1令y=0，得x22ax+a2+b2r2=0，|x1x2|=，得r2=2b2由、，得2b2a2=1又因为P（a，b）到直线x2y=0的间隔 为，得d=，即a2b=1.综上可得或解得或于是r2=2b2=2.所求圆的方程为（x+1）2+（y+1）2

24、=2或（x1）2+（y1）2=2.12.（1997全国理，25）设圆满意：（1）截y轴所得弦长为2；（2）被x轴分成两段圆弧，其弧长的比为31在满意条件（1）、（2）的全部圆中，求圆心到直线l：x2y=0的间隔 最小的圆的方程.解：设所求圆的圆心为P（a，b），半径为r，则P到x轴、y轴的间隔 分别为|b|、|a|.由题设圆P截x轴所得劣弧所对圆心角为90，圆P截x轴所得弦长为r，故r22b2，又圆P截y轴所得弦长为2，所以有r2a21，从而有2b2a21又点P（a，b）到直线x2y=0间隔 为d，所以5d2|a2b|2a24b24aba24b22（a2b2）2b2a21当且仅当a=b时上式等

25、号成立，此时5d21，从而d获得最小值，由此有 解方程得或 由于r22b2，知r，于是所求圆的方程为（x1）2（y1）22或（x1）2（y1）2213.（2002北京文，16）圆x2y22x2y10上的动点Q到直线3x4y80间隔 的最小值为 .答案：2解析：圆心到直线的间隔 d3动点Q到直线间隔 的最小值为dr312经过两已知圆的交点的圆系和应用 在高中数学第二册（上）第82页有这样一道题：“求经过两圆和的交点，并且圆心在直线上的圆的方程。”同学们普遍运用下面两种方法求解：方法：先求出两已知圆交点，再设圆心坐标为，根据，可求出圆心坐标和半径r，于是可得所求圆方程。方法二：先求出两已知圆交点，

26、再设所求圆的方程为：,其圆心为，代入，再将A1,A2两点坐标代入所设圆的方程，可得三个关于D,E,F的三元一次方程组，求出D,E,F的值，这样便可得所求圆的方程。但是假如我们利用“过两已知圆交点的圆系”的方法求解，可以更加便利。弦长【例题】 已知直线lx+2y-2=0及圆Cx2+y2=2相交于A、B两点，求弦长AB. 【思索及分析】 一条直线和圆相交，直线被圆所截得局部的长称为弦长.下面我们将采纳两种方法来求出弦长AB. 解法一：设A（x1，y1）、B（x2，y2），则A、B坐标即方程组的解， 从方程组中消去x可得：5y2-8y+2=0， 又A、B在直线lx+2y-2=0上，即x1+2y1-2

27、=0，x2+2y2-2=0，A 解法二：作CMAB于M，M为AB中点，在RtCMA中，AM=AB，CA=，CM为原点到直线lx+2y-2=0的间隔 ，即CM， 【小结】 解法一给出了已知一条直线及一条曲线相交于A、B两点，求AB的一般方法，设已知直线为ly=kx+b，及已知曲线C的交点为A（x1，y1）、B（x2，y2），则有y1=kx 1+b，y2=kx2+b，即y1-y2=k（x1-x2）， 这两个公式一般称为直线及曲线相交所得线段长公式，明显这个公式只及已知直线的斜率k和交点的坐标（x1，y1）、（x2，y2）有关，而及曲线C本身是什么曲线无关，因此这个公式在以后的学习中会得到普遍应用.

28、 解法二针对圆本身的特点给出了简洁的解法，由于解析几何本身解决的是几何图形的问题，因此对于图形本身的特点赐予充分的挖掘和运用（例如凡有关圆的弦的问题，应当留意弦心距）往往会找到解题的捷径圆的方程例析. 求圆心坐标和半径 【例1】 求下列各圆的圆心坐标和半径: （1）x2+y2x=0；（2）x2+y2+2ax=0（a0）；（3）x2+y2+2ay1=0. 【思索及分析】 我们先配方得标准方程，然后写出圆心坐标和半径.解： （1）配方 圆心为半径为r=. （2）配方得（x+a）2+y2=a2， 圆心为（-a，0），半径为r=（留意：这里字母a不知道正负，而半径为正值，所以要加肯定值）. （3）配方

29、得x2+（y+a）2=1+a2， 圆心为（0，-a），半径为r= 【拓展】 探讨方程x2+y2+2ay+1=0（aR）表示曲线的形态. 解： 配方得x2+（y+a）2=a2-1， 当a1时，此方程表示的曲线是圆心为（0，-a），半径为r=的圆； 当a=1时，此方程表示的曲线是一个点，坐标为（0，-a）； 当-1a1时，此方程不表示任何曲线. 2. 求圆的标准方程 【例2】 已知一个圆经过两点A（2，3）和B（2，5），且圆心在直线l：x2y30上，求此圆的方程. 【思索及分析】 求圆的方程，须要确定圆心和半径，我们可以先设定圆心的坐标，再利用它到A、B两点的间隔 相等来确定，从而求得圆的方程.

30、 解： 设点C为圆心， 点C在直线l：x2y30上， 可设点C的坐标为（2a3，a）. 又 该圆经过A、B两点， |CA|=|CB|. 解得a2， 圆心坐标为C（1，2），半径r. 故所求圆的方程为（x1）2（y2）2=10. 3. 求圆的一般方程 【例3】 ABC的三个顶点坐标分别为A（1，5）、B（2，2）、C（5，5），求其外接圆的方程. 【思索及分析】 本题及圆心坐标和半径没有关系，我们选用圆的一般式方程即可.三角形的三个顶点都在其外接圆上，所以可以联立方程组，从而求得圆的方程. 解： 设所求圆的方程为x2y2DxEyF0， 由题意得方程组 解得D4，E2，F-20. ABC的外接圆方

31、程为x2y24x2y-20=0. 【小结】 通过这局部学问的学习，我们要驾驭圆的标准方程，能根据圆心坐标、半径娴熟地写出圆的标准方程，从圆的标准方程娴熟地求出它的圆心和半径；驾驭圆的一般方程和圆的一般方程的特点，能将圆的一般方程化为圆的标准方程，从而求出圆心和半径如何确定圆的方程已知两点P1（4，9）、P2（6，3），求以P1P2为直径的圆的方程. 【思索及分析】 根据已知条件，我们须要求出圆的圆心位置，又由点P1P2的坐标已知，且P1P2为所求圆的直径，所以圆的半径很简洁求出，这是常规的解法，如下面解法1所示，另外还有一些其它的解法，我们大家一起来观赏： 解法1：设圆心为C（a，b）、半径为

32、r. 由中点坐标公式，得 a5，b6. C（5，6），再由两点间间隔 公式，得 所求的圆的方程为（x5）2（y6）210. 解法2：设P（x，y）是圆上随意一点，且圆的直径的两端点为P1（4，9）、P2（6，3）， 圆的方程为（x4）（x6）（y9）（y3）0， 化简得 （x5）2（y6）210，即为所求. 解法3：设P（x，y）是圆上随意一点. 由圆的性质有三角形PP1P2为直角三角形， （x4）2（y9）2（x6）2（y3）2（46）2（93）2， 化简得 x2y210x12y510. （x5）2（y6）210，即为所求的圆的方程. 解法4：设P（x，y）是圆上不同于P1、P2的随意一点.

33、 直径上的圆周角为直角， PP1PP2. （1）当PP1、PP2的斜率都存在时， （2）当PP1、PP2的斜率有一个不存在时，PP1、PP2的方程为x4或x6，这时点P的坐标是（4，3）或（6，9），均满意方程（*）. 又P1（4，9）、P2（6，3）也满意方程（*）， 所以，所求圆的方程为 （x5）2（y6）210. 【小结】 本题我们分别采纳了4种解法求解，其中解法2技巧性最强；解法3主要是运用了“圆中直径所对的圆周角是90”这一结论；解法4是通过直线的斜率来求.不同的方法极大地开阔了我们的思路圆的切线方程在直线及圆的位置关系中，求过定点的圆的切线方程问题是一类很重要的题型.我们都知道有这

34、样的结论：过圆x2y2r2上一点A（x0，y0）的切线方程为xx0yy0r2，那么你知道在运用这个结论的时候要留意些什么吗？【例题】 求过点A（2，1）向圆x2y24所引的切线方程.解法一：设切点为B（x0，y0），则x02y024，过B点的切线方程为x0xy0y4.又点A（2，1）在切线上， 2x0y04.将x0，y0的值代入方程x0xy0y4得所求切线方程为x2或3x4y100.解法二： 设切线方程为y1k（x2），即kxy2k10. 圆心（0，0）到切线的间隔 是2， 2，解得k. 所求切线方程为xy10，即3x4y100.当过点A的直线的斜率不存在时，方程为x2，也满意条件.故所求圆的

35、切线方程为3x4y100或x2.解法三： 设切线方程为y1k（x2）及方程x2y24联立，消去y，整理得（k21）x22k（2k1）x+4k24k30. 直线及圆相切，上述方程只能有一个解，即0，即2k（2k1）24（k21）（4k24k3）0，解得k. 所求切线方程为y1（x2），即3x4y100.又过点A（2，1）及x轴垂直的直线x2也及圆相切.故圆的切线方程为3x4y100或x2.【小结】 求过定点的圆的切线问题，应首先推断该点是否在圆上，若点在圆x2y2r2上，则可干脆用公式xx0yy0r2（A（x0，y0）为切点），类似的可以求出过圆（xa）2（yb）2r2上一点A（x0，y0）的切

36、线方程为（x0a）（xa）（y0b）（yb）r2；若点在圆外，则所求切线必有两条，此时可设切线方程，用待定系数法求斜率k.假如关于k的方程只有一个解，则另一条切线的斜率必不存在，应当将该直线补上.【警示】 大家做题的时候必需根据我们所讲的仔细求解，稍有马虎就可能造成一些不必要的错误.就本题而言，可能出现的错解1：由过圆x2y2r2上一点A（x0，y0）的切线方程为xx0yy0r2.从而干脆得出切线方程为2xy4.出现错误的缘由是凭直观阅历，误认为点A（2，1）在圆上；错解2：设切线方程为y1k（x2），即kxy2k10，由圆心（0，0）到切线的间隔 是2得，2，解得k，故所求切线方程为xy10

37、即3x4y100.这里出现错误的缘由主要是考虑问题不周全，漏掉了直线斜率不存例题】 求半径为4，及圆x2y24x2y40相切，且和直线y0相切的圆的方程错解1：由题设，所求圆及直线y0相切且半径为r=4，则设所求圆的圆心为（a，4）.又已知圆的方程化为标准式为：（x2）2（y1）29，其圆心（2，1），半径R3（1）若两圆外切，则圆心距rR437即（a-2）2+（4-1）2=72，得a=22， 所求圆方程为：（x-2-2）2+（y-4）2=16或（x-2+2）2+（y-4）2=16.（2）若两圆内切，则圆心距|-r|431 （a2）2（41）21，这个方程无解故探讨（1）中，两个方程均是所求圆

38、的方程错解2：由题设，所求圆及直线y0相切且半径为r=4，则设所求圆的圆心为（a，4）.又已知圆的方程化为标准式为：（x2）2（y1）29，其圆心（2，1），半径R3由于两圆相切，则圆心距rR437即（a-2）2+（4-1）2=72，得a=22，或（a-2）2+（-4-1）2=72，得a=22. 所求圆方程为：（x-2-2）2+（y-4）2=16或（x-2+2）2+（y-4）2=16.或（x-2-2）2+（y4）2=16或（x-2+2）2+（y4）2=16.【误区剖析】 本题简洁出错的有两个地方：其一是只考虑了所求圆的圆心在x轴（y0）上方，忽略了圆心在直线y0下方的可能，遗下了漏解的隐患，如错解1其二，只考虑了两圆外切，没有考虑两圆内切的状况，解题是不严密的，如错解2因此在审题、解题时，肯定要全面、细致地分析探讨，努力克制马虎大意、主观片面正解：由题设，所求圆及直线y0相切且半径为r=4，则设所求圆的圆心为（a，4）.又已知圆的方程化为标准式为：（x2）2（y1）29，其圆心（