2012年高二物理期末复习试卷二.doc

《2012年高二物理期末复习试卷二.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2012年高二物理期末复习试卷二.doc（11页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、高二物理期末复习试卷一选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得零分。）1下面说法中正确的是( )A电荷的周围存在电场B电荷周围的空间被我们称为电场，它表示一个区域C电荷甲对电荷乙的库仑力是电荷甲的电场对电荷乙的作用力D库仑力与万有引力都是不相互接触的物体之间的作用力，这种相互作用不经其他物质便可直接进行2关于电源电动势，下列说法正确的是（ ）A电源电动势在数值上等于把单位正电荷从电源的正极绕外电路搬到电源负极电场力做的功 B根据E=U内+U外可知，电源电动势就是电

2、压C3V的干电池和3V的锂电池，它们其他形式的能转化为电能的本领一样大D电源电动势在数值上等于把单位负电荷在电源内部从负极搬到正极所做的功3有两根长直导线a、b互相平行放置，如图所示为垂直于导线的截面图。在图示的平面内，O点为两根导线连线的中点，M、N为两根导线附近的两点，它们在两导线连线的中垂线上，且与O点的距离相等。 若两导线中通有大小相等、方向相同的恒定电流I，则关于线段MN上各点的磁感应强度的说法中正确的是( )AM点和N点的磁感应强度大小相等，方向相同BM点和N点的磁感应强度大小不等，方向相反C在线段MN上各点的磁感应强度都不可能为零D在线段MN上只有一点的磁感应强度为零 4环型对撞

3、机是研究高能粒子的重要装置，带电粒子在电压为U的电场中加速后注入对撞机的高真空圆形状的空腔内，在匀强磁场中，做半径一定的圆周运动，且局限在圆环空腔内运动，粒子碰撞时发生核反应，关于带电粒子的比荷，加速电压U和磁感应强度B以及粒子运动的周期T的关系，下列说法正确的是 A对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越大B对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越小C对于给定的带电粒子，加速电压U越大，粒子运动的周期T越小D对于给定的带电粒子，不管加速电压U多大，粒子运动的周期T都不变图15如图1所示，带电量为-q的点电荷与均匀带电正方形薄板相距为2d，点电荷到带电薄板的垂线通过

4、板的几何中心，若图中a点处的电场强度为，根据对称性，带电薄板在图中b点处产生的电场强度为（ ）A向左 B向右C向右 D向左图26图2中a、b为竖直向上的电场线上的两点，一带电质点在a点由静止释放，沿电场线向上运动，到b点恰好速度为零，下列说法不正确的是Aa点的电势比b点的电势高Ba点的电场强度比b点的电场强度大C质点由a到b的过程中，肯定有加速和减速两过程D带电质点在a点的电势能肯定比在b点的电势能小图37在研究微型电动机的性能时，应用如图3所示的实验电路。当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V。重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电

5、压表的示数分别为2.0A和24.0V。则这台电动机正常运转时输出功率为（ ）（ ）A32WB44W C47W D48W AVabcd图48研究性学习小组测定小灯泡的额定功率，实验原理如图4所示，小灯泡的标称电压为1.2V，实验所用电池的标称电动势为1.5V，闭合开关前，滑动变阻器已经拨到有效电阻最大，闭合开关后，电压表、电流表示数都很小，小灯泡不亮；调节滑动变阻器触头位置，使其有效阻值达到最小时，电压表的示数为0.3V，电流表的示数为0.1A，小灯泡仍不能正常发光。对出现这一现象的原因分析，下列说法正确的是（ ）A小灯泡损坏 B滑动变阻器断路C电流表或电压表正负极接错 D电源老旧，内阻太大图5

6、9如图5所示，直角三角形ABC的边长AB长为L，C为30，三角形所围区域内存在着磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m，带电量为q的带电粒子（不计重力）从A点沿AB方向射入磁场，在磁场中运动一段时间后，从AC边穿出磁场，则粒子射入磁场时的最大速度Vm是（ ）A B C D 图610如图6所示，在方向竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行金属导轨CD、EF。导轨上放有质量为m的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为。现从t=0时刻起，给棒中通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即：I=kt，其中k为恒量。若金属棒与导轨始终垂直，则关于金属棒的运动情况正确的是（ ）A金

7、属棒做加速运动，最后匀速运动B金属棒先做加速运动，再做减速运动，最后匀速运动C金属棒先做加速运动，再做减速运动，最后静止D以上说法均不正确二、填空与实验题（本题共4小题，将正确答案填在相应的空白位置上或按要求作答，共20分）11如图7所示，有一质量为m，电荷量为q的带正电的小球停在绝缘平面上，并且处在磁感应强度为B、方向垂直指向纸面的匀强磁场中，为了使小球飘离平面，匀强磁场在纸面内移动的最小速度为_，方向_。B图7图812如图8所示，QA=310-8 C，QB=-310-8 C，A、B两球相距5cm，在水平方向的匀强电场作用下，A、B保持静止，悬线竖直，求A、B连线中点的场强（小球可视为质点）

8、13在匀强电场中，将一电荷量为210-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加图9了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60角，如图9所示，则：在电荷由A移到B的过程中，电场力做的功 J；A、B两点间的电势差 V；该匀强电场的电场强度E= V/m.14用以下器材测量一待测电流表的内阻：图10 待测电流表A1（量程250mA,内阻r1约为5） 标准电流表A2（量程300mA,内阻r2约为5） 滑动变阻器R1（最大阻值10）电阻箱R2（最大阻值999.9，阻值最小改变量为0.1） 电源E（电动势约为10V，内阻r约为1） 单刀单掷开关S，导线若干。 要求方法简捷，并能测多组数

9、据，请在图10所示方框中画出实验电路原理图，并在图中标明各个器材的代号。 实验中，需要直接测量的物理量是_,用测得量表示待测电流表A1内阻的计算公式是r1=_.三、计算题（要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分。有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位。本题共4小题，共40分）图1115（8分）如图11所示，一边长为h的正方形线圈A，其电流I方向固定不变，用两条长度恒定为h的细绳静止悬挂于水平长直导线CD的正下方。当导线CD中无电流时，两细绳中张力均为T，当通过CD的电流为i时，两细绳中张力均降为aT(0a1)，而当CD的电流为时，细绳中张力恰好为零。已知长直

10、通电导线的磁场的磁感应强度B与到导线的距离r成反比(即B=，k为常数)。求（1）CD中的电流方向；（2）CD中的电流之比。图1216（10分）某物理工作者设计了一个测量电场强度的实验，用已知的质量为、电量为的粒子，令其垂直电场方向进入一区域为矩形的电场，如图12所示，电场方向与平行且竖直向上，粒子第一次是在靠近矩形的下边进入的，而恰好从b点飞出。然后，保持电场大小不变，让方向变得相反，再令粒子以同样的速度从靠近上边垂直进入电场，则正好从下边的中点处飞出。试根据以上信息求出电场强度。17 如图所示的空间分为、三个区域，各边界面相互平行，区域存在匀强电场，电场强度E=1.0104V/m，方向垂直边

11、界面向右、区域存在匀强磁场，磁场的方向分别为垂直纸面向外和垂直纸面向里，磁感应强度分别为B1=2.0T、B2=4.0T三个区域宽度分别为d1=5.0m、d2= d3=6.25m，一质量m1.010-8kg、电荷量q1.610-6C的粒子从O点由静止释放，粒子的重力忽略不计试求：Od1d2d3EB1B2粒子离开区域时的速度大小v；粒子在区域内运动的时间t；粒子离开区域时速度与边界面的夹角18（12分）如图14所示,两平行金属板的板长不超过0.2m,板间的电压u随时间t变化的图线如图15所示.在金属板的右侧有匀强磁场,其左边界为MN,右侧无边界,磁感应强度大小为B=0.01T,方向垂直纸面向里.现

12、有带正电的粒子连续不断地以速度v0=105m/s 沿两板间的中线OO平行于金属板射入电场中,磁场左边界MN与中线OO垂直.已知带电粒子的比荷=108C/kg,粒子的重力和粒子间的相互作用均可以忽略不计.(1)在每个粒子通过电场区域的时间内,可以把两金属板间的电场强度看作是恒定的.试说明这种处理能够成立的理由.(2)设在t=0.1s时刻射入电场的带电粒子恰能从平行金属板边缘穿越电场射入磁场中,求该带电粒子射出电场时速度的大小.(3)对于所有经过电场射入磁场的带电粒子,设其射入磁场的入射点和从磁场射出的出射点间的距离为d,试判断：d的大小是否随时间而变化?若不变,证明你的结论；若变,求出d的变化范

13、围Ov0OuMNB图14t/su/V0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6100图15高二理科物理答案一、选择题1AC 解析：电荷周围客观存在着一种物质电场，A对，B错；电荷之间的相互作用就是通过电场发生的，C对，D错。2C 解析：电源电动势在数值上等于把单位正电荷在电源内部从负极搬到正极非静电力做的功，或者在数值上等于把单位正电荷从电源的正极经外电路绕闭合回路一圈回到正极电场力做的功，A、D错；根据电动势的物理意义可得C对，B错3BD 4BC解析：带电粒子经电压U加速后，获得速度为v，由动能定理,磁场中匀速圆周运动，所以磁场中圆周半径 。因为R一定，当U一定时，越大，B越小；对给

14、定的带电粒子，一定，U越大，B越大，周期越小,正确答案BC。5AB 解析：根据电场强度的矢量合成求解，在a点处：当板带正电时：，向右当板带负电时：，向左根据对称性可知选AB。6D 解析：本题中若忽略的带电质点的重力，将一直做加速运动，故应考虑其重力，上升过程中重力做负功，电场力做正功，质点带正电，电势能减小，b点电势低、电势能小。7A 由数据0.50A和2.0V算出电动机线圈电阻R=2.0/0.50=4，根据代入数植计算得P=32W。8D 解析：闭合电键时，电流表、电压表都有示数，说明整个闭合电路导通，小灯泡没有损坏，选项A错误；只是电路中电流太小；分析原因：有两种可能，一是回路中的电阻太大，

15、二是回路中的电动势太小。改变滑动变阻器的位置，电流表、电压表示数有所变化，说明滑动变阻器没有断路，而且可以改变其有效电阻，故选项B错误；如果电流表、电压表正负极接错，则电表指针就不会正向偏转，故选项C错误；综上所述，选项D正确。 9C 解析：经分析随着粒子速度的增大，粒子作圆周运动的半径也变大，当速度增大到某一值 Vm时，粒子运动的圆弧将恰好与 BC边相切，此时Vm为粒子从AC边穿出磁场的最大速度，如果粒子速度大于Vm粒子将从BC边穿出磁场，故粒子运动的最大半径为L，由qVmB=mVm2/L,得到Vm=，故选项C正确。A选项是按粒子从C点射出的故错误，B选项是以BC为半径计算的也错误。10C

16、解析：设导轨间距离为L，导体棒所受的安培力,垂直压紧导轨平面。导体棒在竖直方向受摩擦力，方向竖直向上，重力竖直向下，开始一段时间内，导体棒向下加速的加速度逐渐减小，当减为零时，速度最大，然后导体棒做减速运动，加速度，方向向上，逐渐变大，速度减小为零时，导体棒所受的最大静摩擦力大于重力，所以导体棒静止。二、填空题11，水平向右解析：带电小球不动，而磁场运动，也可以看作带电小球相对于磁场沿相反方向运动，故欲使小球飘起，而带电小球仅受重力和洛伦兹力的作用。那么带电小球所受的最小洛伦兹力的方向竖直向上，大小为F=mg。小球所受洛伦兹力方向向上，用左手定则可以判断出小球相对磁场的运动方向为水平向右，所以

17、带电小球不动时，磁场应水平向左移。设磁场向左平移的最小速度为v，由F=qvB及F=mg联立可得 v=。12 7.56105V/m解：由题意可知，小球A在水平方向受力平衡，所以有 , E方向与A受到的B的库仑力方向相反，方向向左。在AB的连线中点处EA，EB的方向均向右，设向右为正方向。则A、B连线中点的场强为 代入数据解得：7.56105V/m, 13-0.1；5103；5105.解析：因为电荷由A移到B的过程中，电势能增加了0.1J，所以电场力做功J。 A、B两点间的电势差V。 由 ，解得V/m 14（1）6.124(6.1236.125均算正确) ；（2）如图D-1所示；A1、A2两电流表

18、的读数I1、I2，电阻箱R2的阻值R2。解析：（1）略（2）由“要求方法简捷，并能测多组数据”可知，供电电路采用分压式时数据调节范围最广，若采用限流式，通过估算知最小电流会超过电流表量程；由于A1的内阻不满足远远小于A2的内阻，故不能采用半偏法，电路设计如图所示。采用该电路还可消除系统误差。由欧姆定律和并联电路的性质得，则图D-1三、计算题15导线CD中电流的方向向左；解析：由于线圈的 ef 边和 pq 边与CD平行，结合题意可判断导线CD中电流的方向向左。由平衡条件可知： 由上述三式得16解析：设矩形区域的长为，宽为，场强为。粒子第一次飞入电场，水平方向有： 竖直方向有： 粒子在竖直方向受到

19、方向相反的重力和电场力作用，由牛顿第二定律得 粒子第二次飞入电场，水平方向有： 竖直方向有： 粒子在竖直方向受到同方向的重力和电场力作用，由牛顿第二定律得： 由以上各式联立求解得： 17 粒子在电场中做匀加速直线运动，由动能定理有qEd1= 2分解得 v=4.0103m/s1分设粒子在磁场B1中做匀速圆周运动的半径为r，则O1MPvOd1d2d3EB1B2vvO2第16题答图qvB1= 1分解得r=12.5m 1分设在区内圆周运动的圆心角为，则 1分解得 =30 1分粒子在区运动周期 1分粒子在区运动时间 t 1分解得 t=1.610-3s 1分设粒子在区做圆周运动道半径为R，则 qvB2=

20、1分解得 R=6.25m 1分粒子运动轨迹如图所示，由几何关系可知为等边三角形 1分粒子离开区域时速度与边界面的夹角 =60 2分18解析：（1）粒子在两板之间做类平抛运动，沿OO方向以v0作匀速运动，所用时间为 远小于电压的变化周期0.2s,因此在每个粒子通过两金属板的时间内电压可认为不变,电场强度可认为不变. （2）由乙图知0.1s时电压U=100V，设粒子射出电场时速度为v，对粒子穿过电场的过程，由动能定理得：，整理得： 把=108C/kg，v0=105m 和U=100V 代入可得v=1.41105m/s (3)设某一任意时刻射出电场的粒子速度为v,速度方向与水平方向的夹角为,则v=粒子在磁场中有qvB=可得粒子进入磁场后,在磁场中做圆周运动的半径R=由几何关系d=2Rcos可得:d=0.2 m,故d不随时间而变.