九年级物理上学期第三次月考试卷（含解析）1(14页).doc

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1、-九年级物理上学期第三次月考试卷（含解析）1-第 14 页2015-2016学年山西省运城市九年级（上）第三次月考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1电能表是用来测量（）A用电器消耗的电能B电路中电流的大小C电路两端电压的高低D用电器通电的时间2下列用电器中，没有利用电流热效应的是（）A电烙铁B电视机C电饭锅D电熨斗3标有“36V 15W”的车床用的台灯和标有“PZ22015”的家用电灯都正常工作1h，消耗的电能（）A一样多B后者多C前者多D无法判断4下列电器中，正常工作时的电功率最接近500W的是（）A洗衣机B日光灯C空调机D电子手表5在日常生活中，符合安全用电常识的做

2、法是（）A用湿抹布擦电灯泡B有金属外壳的家用电器，金属外壳不接地C发生火灾时，首先切断电源D保险丝烧断后，可用铜丝代替保险丝接上6“嫦娥一号”靠太阳能电池板提供电能，它能将多余的能量储存在畜电池里，这种能量的转化和储存的方式是（）A太阳能转化为电能，再转化为电能B太阳能转化为电能，再转化为化学能C太阳能转化为内能，再转化为化学能D太阳能转化为电能，再转化为光能7如图所示的电路中，电源电压恒定闭合开关S后，电路正常工作过了一会儿，两电表的示数突然都变为零，则该电路中出现的故障可能是（）A电阻R断路B电阻R短路C灯L断路D灯L短路8如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S1、S2，两灯都发光，当把

3、开关S2断开时，灯泡L1的亮度及电流表示数变化的情况是（）AL1变亮，电流表示数变小BL1亮度不变，电流表示数变小CL1变亮，电流表示数不变DL1亮度不变，电流表示数不变9妈妈从市场上买了一台廉价台灯，装上“220V 50W”的灯泡后，将插头插入家庭电路插座时，室内灯全部熄灭，“空气开关”跳闸，其原因是（）A插头与插座接触不良B灯泡的灯丝断了C台灯的灯座内有短路D台灯的插头有短路10如图所示，小灯泡规格为“6V 3W”（设灯丝电阻不受温度影响），电源电压保持不变闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电流表示数为0.5A；当滑片P移至b端时，电压表示数为4V，则（）A小灯泡灯丝电阻是6B滑动

4、变阻器最大阻值是24C电源电压是10VD滑片P位于b端时，滑动变阻器消耗的功率是0.9W二、填空题（每空1分，共10分）11有两个电阻，R1=10，R2=16，串联接入电路中，它们消耗的功率之比P1：P2=_，在相同时间内放出的热量之比Q1：Q2=_12如图是电能表示意图，请写出两条可以从示意图上获得的信息_； _131度电可供一家用电器正常工作25h，这盏灯的额定电压和额定功率分别是_和_14电子式电表、表盘上标有“300imp/kWh”字样，将某用电器单独接在该电表上工作20min，电表指示灯闪烁了30imp，该用电器在上述时间内消耗的电能为_kWh，它的功率是_W15某电热饮水机有加热和

5、保温两种工作状态，由机内温控开关S0自动控制，当开关S闭合，S0断开时，饮水机处于_状态，从说明书上收集到如表的参数和如图所示的电路原理图，此饮水机加热1分钟消耗的电能是_J三、作图与简答（16小题2分，17小题4分，共6分）16请把如图电路元件接入照明电路中，且符合安全用电原则（要求保险盒与三孔插座相连）17小明用电热水壶烧水时发现，电热水壶底部电热丝很热而与之相连的导线却不怎么热，请用所学物理知识来解释四、实验与探究题（18小题16分，19小题8分，共24分）18在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为

6、能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用_A“10 0.5A”的滑动变阻器 B“20 0.5A”的滑动变阻器滑动变阻器在此实验中的作用是_（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整（3）连接电路时，开关应_，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到_端（选填“A”或“B”）（4）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，某同学猜想：a：可能灯丝断了 b：可能是滑动变阻器断路 c：可能是小灯泡短路请根据电表示数判断故障原因，并将与故障对应的示数填入下表猜想电流表示数/A电压表示数/V如果A成立如果_成立0.40（5）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现

7、电压表的示数如图乙所示，其读数_V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向_端移动（选填“A”或“B”）（6）通过小灯泡的电流随它的两端电压变化的关系如图丙所示，分析图象可知：该小灯泡正常发光的电阻是_；额定功率为_W，小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受_变化的影响（7）某次实验中电压表小量程损坏，在不添加任何器材的情况下，还想测小灯泡额定功率，应将电压表并联在滑动变阻器两端，当电压表示数为_时，记下电流表示数为I，则灯泡的额定功率表达式P=_19为探究“电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关”，小梦设计了如图所示的实验电路，电阻丝R1和R2分别装在两个密闭的空气盒内，R3备用，R1=

8、5，R2=R3=10，橡胶管将密闭空气盒和装有红色液体的U形玻璃管相连（1）根据实验电路，可以知道小梦研究的是：电流通过导体产生的热量与_的关系（2）在实验中，观察U形玻璃管中液面高度差的目的是为了判断：_（3）通电一段时间，发现其中一个U形管液面高度几乎不变，则出现该现象的原因可能是_（4）如果小梦继续探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，应使用R3与其中一个电阻_（选填“R1”或“R2”）_联（选填“串”或“并”），且安装在_（选填“盒内”或“盒外”）（5）该实验中用到的物理研究方法有_和_五、计算题（每小题5分，共10分，解题过程要有必要的文字说明、计算公式和演算步骤，只写最后结果不得

9、分）20某照明灯额定电压为36V，正常发光时灯丝电阻为24，求：（1）照明灯的额定电流是多大？（2）如果电源电压为42V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值多大的电阻？（3）此电阻消耗的实际功率为多少？21家住偏远山村的李芳同学家境贫寒今年开学初收到了爱心志愿者送来的礼物，其中有一个电暖手袋李芳同学在查看说明书时，发现其主要参数如图所示设环境温度为15当给电暖手袋正常通电时，则：（1）通过电暖手袋的电流是多少？（2）袋中液体温度升高到65时需吸收多少热量？已知液体比热容为4.2103J/（kg）（3）如图电流产生的热全部被袋中液体吸收，电暖手袋在额定电压下通电5min，能否达到它的自

10、动断开温度？2015-2016学年山西省运城市九年级（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1电能表是用来测量（）A用电器消耗的电能B电路中电流的大小C电路两端电压的高低D用电器通电的时间【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表是用来测量家庭电路中消耗电能多少的仪器【解答】解：电能表是用来测量电功的多少，也就是消耗电能多少的仪器故选A2下列用电器中，没有利用电流热效应的是（）A电烙铁B电视机C电饭锅D电熨斗【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应【分析】电流流过导体时产生热量的现象是电流的热效应，根据用电器的作用原理分析答题【解答】解：

11、A、电烙铁工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故A错误；B、电视机工作时把电能主要转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，故B正确；C、电饭锅工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故C错误；D、电熨斗工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故D错误；故选B3标有“36V 15W”的车床用的台灯和标有“PZ22015”的家用电灯都正常工作1h，消耗的电能（）A一样多B后者多C前者多D无法判断【考点】电功的计算【分析】两个用电器，都正常工作，实际功率均为额定功率，已知两灯额定功率，还知道工作时间，根据公式W=Pt可求消耗的电能【解答】解：两灯都正常工作，两灯的实际

12、功率：P=P额=15W，W=Pt，工作时间t相同，两灯消耗的电能相同故选A4下列电器中，正常工作时的电功率最接近500W的是（）A洗衣机B日光灯C空调机D电子手表【考点】电功率【分析】根据常见用电器的电功率选择合适选项【解答】解：洗衣机的额定功率接近500W；日光灯的额定功率在40W以内；空调的额定功率较大，在1000W以上；而电子手表的功率非常小只有A符合题意故选A5在日常生活中，符合安全用电常识的做法是（）A用湿抹布擦电灯泡B有金属外壳的家用电器，金属外壳不接地C发生火灾时，首先切断电源D保险丝烧断后，可用铜丝代替保险丝接上【考点】安全用电原则【分析】由安全用电常识可知：不能用湿了的物体接

13、触用电器；有人触电或电失火时要先切断电源；有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，以防止漏电事故的发生；不能用铜丝代替保险丝【解答】解：A、生活用水是导体，用湿抹布擦电灯泡时，容易造成触电事故不合题意B、家用电器的金属外壳在使用时要接地，以免在使用时用电器的外壳和电源火线之间的绝缘损坏，使外壳带电，电流就会流入大地，避免对人造成伤害不合题意C、发生火灾时，要先断开电源开关，才能用水灭火，否则会发生触电符合题意D、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了不合题意故选C6“嫦娥一号”靠太阳能电池板提供电能，它能将多余的能量储存在畜电池里，这种能量的转化和

14、储存的方式是（）A太阳能转化为电能，再转化为电能B太阳能转化为电能，再转化为化学能C太阳能转化为内能，再转化为化学能D太阳能转化为电能，再转化为光能【考点】太阳能的转化【分析】不同形式的能之间是可以相互转化的，在转化和转移的过程中能的总量不变；分析题目中能量的产生及消耗可得出能量转化的方向【解答】解：太阳能电池板把太阳能转化成电能，多余的电能通过化学反应转化成化学能储存在蓄电池里，选项B符合题意故选：B7如图所示的电路中，电源电压恒定闭合开关S后，电路正常工作过了一会儿，两电表的示数突然都变为零，则该电路中出现的故障可能是（）A电阻R断路B电阻R短路C灯L断路D灯L短路【考点】电流表、电压表在

15、判断电路故障中的应用【分析】由题知，两电表的示数突然都变为零电压表示数为0的原因：电压表的正负接线柱与电源正负极之间有开路，电阻R被短路，电压表被短路；电流表示数为0的原因：电路某处有开路，电流表被短路；因电流表、电压表都为0，找相同的原因判断【解答】解：A、电阻R断路，电路中无电流，电流表无示数；电压表的正负接线柱通过灯丝、导线接在电源正负极上，电压表有示数，不符合题意，故A错；B、电阻R短路，电压表被短路，电路中只有电灯，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意，故B错；C、灯L断路，电路中无电流，电流表无示数；电压表的正负接线柱不能接在电源正负极上，电压表无示数，符合题意，故C正确；D、

16、灯L短路，电路中只有电阻，电压表和电流表都有示数，不符合题意，故D错故选C8如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S1、S2，两灯都发光，当把开关S2断开时，灯泡L1的亮度及电流表示数变化的情况是（）AL1变亮，电流表示数变小BL1亮度不变，电流表示数变小CL1变亮，电流表示数不变DL1亮度不变，电流表示数不变【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律【分析】首先进行电路分析，得出两种情况下的两灯的连接方式，然后分析随开关的断开或闭合情况；由电阻的变化得出灯亮度的变化及电流表示数的变化分析电路图可知两灯并联在电路中；电流表测的是干路中的电流；则由开关断开后，L1灯上的电压变化可知电流变化及功率

17、的变化【解答】解：两开关均闭合时，两灯并联在电源两端，电压均为电源电压，断开S2后，只有L1接入电路，L1两端电压仍为电源电压故亮度不变；电流表由测两表的电流之和变成只测L1中的电流，故电流减小故选B9妈妈从市场上买了一台廉价台灯，装上“220V 50W”的灯泡后，将插头插入家庭电路插座时，室内灯全部熄灭，“空气开关”跳闸，其原因是（）A插头与插座接触不良B灯泡的灯丝断了C台灯的灯座内有短路D台灯的插头有短路【考点】家庭电路的故障分析【分析】电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大这两种情况都会使保险丝烧断或跳闸，使家里的其它用电器停止工作【解答】解：A、如果插头与插座接触不良则

18、电路断路，台灯不能正常发光，但不会出现空气开关跳闸，故A错误；B、如果灯泡的灯丝断了，台灯不会发光，但不会造成短路，也不会出现空气开关跳闸，故B错误；C、如果台灯的灯座内有短路，在插头插入家庭电路插座后，闭合开关时才会出现空气开关跳闸，故C错误；D、当台灯插头内短路，当插头插入插座时会使整个电路发生短路，使电路中电流过大，空气开关跳闸，使室内电灯就全部熄灭，故D正确故选D10如图所示，小灯泡规格为“6V 3W”（设灯丝电阻不受温度影响），电源电压保持不变闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电流表示数为0.5A；当滑片P移至b端时，电压表示数为4V，则（）A小灯泡灯丝电阻是6B滑动变阻器最

19、大阻值是24C电源电压是10VD滑片P位于b端时，滑动变阻器消耗的功率是0.9W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）由铭牌可知灯泡的额定电压和额定功率，根据R=求出灯泡的电阻；（2）当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电路为灯泡的简单电路，根据根据欧姆定律求出电源的电压；（3）当滑片P移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出滑动变阻器消耗的功率【解答】解：（1）灯泡的电阻：RL=12，故A不正确；（2）当滑动变阻器的滑片P移至a端时

20、，电路为灯泡的简单电路，电源的电压：U=IRL=0.5A12=6V，故C不正确；（3）当滑片P移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，灯泡两端的电压：UL=UU滑=6V4V=2V，电路中的电流：I=A，滑动变阻器的最大阻值：R滑=24，故B正确；滑动变阻器消耗的功率：P滑=U滑I=4VA=W0.67W，故D不正确故选B二、填空题（每空1分，共10分）11有两个电阻，R1=10，R2=16，串联接入电路中，它们消耗的功率之比P1：P2=5：8，在相同时间内放出的热量之比Q1：Q2=5：8【考点】电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】两电阻串联时通过的电

21、流相等，根据P=I2R求出消耗的电功率之比，根据Q=I2Rt求出在相同时间内放出的热量之比【解答】解：两电阻串联接入电路中时，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=I2R可得，消耗的电功率之比：由Q=I2Rt可得，在相同时间内放出的热量之比：故答案为：5：8； 5：812如图是电能表示意图，请写出两条可以从示意图上获得的信息电能表应该在220V的电路中使用； 电路消耗1kWh电能，电能表转盘转过2500转【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】看清图示电能表铭牌所给信息，根据对电能表铭牌含义的掌握分析答题【解答】解：由电能表铭牌可获得以下信息：（1）电能表应该在220V的电路中使用；（2

22、）电能表的标定电流为5A，额定最大电流为10A；（3）电路消耗1kWh电能，电能表转盘转过2500转；（4）图示电能表示数是931.6kWh等信息故答案为：（1）电能表应该在220V的电路中使用；（2）电路消耗1kWh电能，电能表转盘转过2500转131度电可供一家用电器正常工作25h，这盏灯的额定电压和额定功率分别是220V和40W【考点】额定电压；额定功率【分析】已知消耗的电能和时间，根据公式P=的变形式可求实际功率，由于家用电器正常工作，实际功率等于额定功率，家庭电路的电压为220V【解答】解：已知W=1度=1kWh，t=25h，则这盏灯的实际功率P=0.04kW=40W因为家用电器正常

23、工作，所以额定功率等于实际功率等于40W；家庭电路的电压为220V即这盏灯的额定电压为220V故答案为：220V；40W14电子式电表、表盘上标有“300imp/kWh”字样，将某用电器单独接在该电表上工作20min，电表指示灯闪烁了30imp，该用电器在上述时间内消耗的电能为0.01kWh，它的功率是30W【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】3000imp/（kWh）的含义是：电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3000次；故可求指示灯闪烁了30次消耗的电能；又已知工作时间，可利用公式P=计算电功率【解答】解：由“3000imp/（kWh）”可知，电路中每消耗1kWh

24、的电能，指示灯闪烁3000次当指示灯闪烁30次时，消耗的电能为：W=kWh=0.01kWh；用电器的额定功率为：P=0.03kW=30W故答案为：0.01；3015某电热饮水机有加热和保温两种工作状态，由机内温控开关S0自动控制，当开关S闭合，S0断开时，饮水机处于保温状态，从说明书上收集到如表的参数和如图所示的电路原理图，此饮水机加热1分钟消耗的电能是2.64104J【考点】电路的动态分析；电功的计算【分析】（1）温控开关S0断开时，只有R2连入电路，分析电路电阻的变化，根据P=分析电路功率大小可知饮水机处于哪种工作状态；（2）知道加热功率，利用W=Pt求出饮水机加热1分钟消耗的电能【解答】

25、解：（1）S0断开后，R1被断路，只有R2加热；根据越并越小、小于任何一个分电阻可知，电路电阻变大；根据P=可知，功率变小，所以饮水机处于保温状态（2）饮水机加热t=1min=h，消耗的电能：W=P加热t=0.44kWh=kWh=3.6106J=2.64104J故答案为：保温；2.64104三、作图与简答（16小题2分，17小题4分，共6分）16请把如图电路元件接入照明电路中，且符合安全用电原则（要求保险盒与三孔插座相连）【考点】家庭电路的连接【分析】开关控制灯泡时，首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套，这样灯泡既能工作，在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更

26、安全带保险丝的三孔插座，地线直接进入上孔，零线直接进入左孔，火线首先进入保险丝，然后再进入右孔【解答】解：家庭电路连接，零线直接连接灯泡的螺旋套，火线先进入开关，再进入灯泡顶端的锡块；三孔插座地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔，火线首先接保险丝，然后再进入右孔如图所示17小明用电热水壶烧水时发现，电热水壶底部电热丝很热而与之相连的导线却不怎么热，请用所学物理知识来解释【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比电热丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电热丝的电阻比导线的电阻大

27、，据焦耳定律分析原因【解答】答：电热水壶在使用时，电热丝和导线串联，I电炉丝=I导线，通电时间t相同，而R电热丝R导线，由Q=I2Rt可知电流产生的热量：Q电热丝Q导线，所以出现电热丝热得发红，但跟电热丝连接的导线都不怎么热的现象四、实验与探究题（18小题16分，19小题8分，共24分）18在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用BA“10 0.5A”的滑动变阻器 B“20 0.5A”的滑动变阻器滑动变阻器在此实验中的作用是保护电路；调节灯泡电压达到额定电

28、压（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整（3）连接电路时，开关应断开，闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到A端（选填“A”或“B”）（4）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，某同学猜想：a：可能灯丝断了 b：可能是滑动变阻器断路 c：可能是小灯泡短路请根据电表示数判断故障原因，并将与故障对应的示数填入下表猜想电流表示数/A电压表示数/V如果A成立如果c成立0.40（5）排除故障后，闭合开关，移动滑片，发现电压表的示数如图乙所示，其读数2.2V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向B端移动（选填“A”或“B”）（6）通过小灯泡的电流随它的

29、两端电压变化的关系如图丙所示，分析图象可知：该小灯泡正常发光的电阻是12.5；额定功率为0.5W，小灯泡灯丝的电阻是变化的，主要是受温度变化的影响（7）某次实验中电压表小量程损坏，在不添加任何器材的情况下，还想测小灯泡额定功率，应将电压表并联在滑动变阻器两端，当电压表示数为3.5V时，记下电流表示数为I，则灯泡的额定功率表达式P=（6V3.5V）I【考点】电功率的测量【分析】（1）根据串联电路的电压特点求出小灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻值，即可选择合适的滑动变阻器；（2）根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程，且与灯泡并联；根据欧姆定律求出额定电流

30、确定电流表的量程，且与灯泡串联，注意电表的正负接线柱；滑动变阻器连接线柱要一上一下串联入电路中；（3）连接电路时，开关断开，滑片移到滑动变阻器移到最大阻值，防止电路中电流过大烧坏电路元件电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，连接电路时滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值，灯泡两端的电压很小，灯泡不能发光；（4）根据表格信息“电流表示数为0.4A”可以知道电路为短路而非断路，由此可得答案；（5）依据电压表所接量程得出分度值为0.1V，然后根据指针读出电压表示数，当示数小于额定电压时，要减小滑动变阻器电阻，从减小滑动变阻器电压，增大灯泡电压；（6）根据坐标系中数据，找出额定电压2.5v所对应电流，依

31、据R=计算电阻，根据公式P=UI可求灯泡的额定功率；图象不是直线说明电压与电流的比值即电阻是变化的，可以从影响电阻大小的因素进行分析（7）根据串联电路电压特点，当灯泡正常工作时，求出滑动变阻器电压为6V2.5V=3.5V，测滑动变阻器电压，间接得到灯泡的额定电压【解答】解：（1）当灯正常发光时，电路中的电流约为I=0.25A，滑动变阻器两端的电压约为U滑=UUL=6V2.5V=3.5V，变阻器连入的电阻为R=1410，所以滑动变阻器选20 1A；滑动变阻器可以保护电路，还可以调节灯泡电压达到额定电压；（2）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程选3V，且与灯泡并联；灯泡的额定电流约为I=

32、0.25A0.6A，故电流表选0.6A的量程，且与灯泡串联，注意电表的正负接线柱；滑动变阻器连接线柱要一上一下串联如电路中电路图如图所示（3）为保护电路元件，实验前开关应断开、滑动变阻器应处于最大阻值处B端（4）根据表格信息“电流表示数为0.4A”可以知道电路为短路而非断路，由此可排除a、b选项，故选c；（5）依据电压表所接量程得出分度值为0.1V，然后根据指针读出电压表示数为2.2V，此示数小于额定电压2.5V，要减小滑动变阻器电阻值，滑片靠近所接下接线柱，故向B断移动，从减小滑动变阻器电压，增大灯泡电压；（6）根据坐标系中数据，找出额定电压2.5v所对应电流为0.2A，依据R=12.5；P

33、=UI=2.5V0.2A=0.5W；图象不是直线说明电压与电流的比值即电阻是变化的，可知温度影响了电阻；（7）根据串联电路电压特点，当灯泡正常工作时，求出滑动变阻器电压为6V2.5V=3.5V，当滑动变阻器电压为3.5V时，灯泡的电压为额定电压，灯泡的额定功率表达式P=（6V3.5V）I故答案为：（1）B；保护电路；调节灯泡电压达到额定电压；（2）见上图；（3）断开；A；（4）c；（5）2.2；B；（6）12.5；0.5；温度；（7）3.5V；（6V3.5V）I19为探究“电流通过导体产生的热量跟哪些因素有关”，小梦设计了如图所示的实验电路，电阻丝R1和R2分别装在两个密闭的空气盒内，R3备用

34、，R1=5，R2=R3=10，橡胶管将密闭空气盒和装有红色液体的U形玻璃管相连（1）根据实验电路，可以知道小梦研究的是：电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系（2）在实验中，观察U形玻璃管中液面高度差的目的是为了判断：电流通过导体产生热量的多少（3）通电一段时间，发现其中一个U形管液面高度几乎不变，则出现该现象的原因可能是空气盒的气密性不好（4）如果小梦继续探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，应使用R3与其中一个电阻R1（选填“R1”或“R2”）并联（选填“串”或“并”），且安装在盒内（选填“盒内”或“盒外”）（5）该实验中用到的物理研究方法有转换法和控制变量法【考点】焦耳定律【分析】（1

35、）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间长短有关探究电流产生热量跟电流大小的关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电阻大小的关系时，控制电流大小和通电时间不变；探究电流产生的热量跟通电时间的关系，控制电阻大小不变；（2）电流产生热量的多少不易直接测量，实验中通过气体的热胀冷缩改变U形玻璃管中液面高度差；（3）可从漏气、橡胶管没有扎住等方面进行分析；（4）探究电热与电流的关系，应控制电阻和通电时间一定；（5）对基本的物理研究方法熟悉其本质特征，然后进行判断即可；“控制变量法”：在研究物理问题时，某一物理量往往受几个不同物理量的影响，为了确定各个不同物理量之间的关系，就需要控制

36、某些量，使其固定不变，改变某一个量，看所研究的物理量与该物理量之间的关系；“转换法”指在保证效果相同的前提下，将不可见、不易见的现象转换成可见、易见的现象；将陌生、复杂的问题转换成熟悉、简单的问题；将难以测量或测准的物理量转换为能够测量或测准的物理量的方法【解答】解：（1）两个密闭的空气盒内分别接入不同阻值电阻丝，并且串联在电路中，通过两个电阻的电流相等，通电时间相等，两个密闭的空气盒内的电阻不同，观察U形管内液面的高度变化，探究电流产生的热量跟电阻大小的关系（2）由Q=I2Rt可知，电阻丝R1和R2在相同时间内产生的热量不同，因此会导致密封盒内空气的膨胀情况不同，故会导致U形玻璃管中出现液面

37、高度差；在实验中，观察U形玻璃管中液面高度差的目的是为了判断：电流通过导体产生热量的多少（3）由Q=I2Rt可知，电阻丝R1和R2在相同时间内产生的热量不同，则U形玻璃管中应该出现液面高度差；而其中一个U形玻璃管中液面高度几乎不变，说明与此相连的空气盒有可能漏气（4）探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，控制电阻、通电时间一定，应对比R2、R3产生的电热，所以为了改变电流，应把R3与其中一个电阻R1并联，且安装在盒内（5）导体产生的热量与导体的电阻、电流、通电时间有关，当研究导体产生的热量与其中一个量的关系时，应控制其他的量相同，这种研究问题的方法叫控制变量法由于电流产生热量的多少不易直接测

38、量，因此在实验中，通过观察U形玻璃管中液面高度差来判断电流通过导体产生热量的多少，这种研究方法叫转换法，故该实验中用到的物理研究方法有转换法和控制变量法故答案为：（1）电阻大小；（2）电流通过导体产生热量的多少；（3）空气盒的气密性不好；（4）R1；并；盒内；（5）转换法；控制变量法五、计算题（每小题5分，共10分，解题过程要有必要的文字说明、计算公式和演算步骤，只写最后结果不得分）20某照明灯额定电压为36V，正常发光时灯丝电阻为24，求：（1）照明灯的额定电流是多大？（2）如果电源电压为42V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值多大的电阻？（3）此电阻消耗的实际功率为多少？【考点

39、】欧姆定律的应用；实际功率【分析】（1）知道照明灯的额定电压和电阻，根据欧姆定律求出额定电流；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值；（3）知道电阻两端的电压和通过的电流，根据P=UI求出此电阻消耗的实际功率【解答】解：（1）照明灯的额定电流：IL=1.5A；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且照明灯正常发光，所以，串联电阻两端的电压：UR=UUL=42V36V=6V，因串联电路中各处的电流相等，所以，串联电阻的阻值：R=4；（3）此电阻消耗的实际功率：PR=URIR=URIL=6V1.

40、5A=9W答：（1）照明灯的额定电流是1.5A；（2）如果电源电压为42V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值4的电阻；（3）此电阻消耗的实际功率为9W21家住偏远山村的李芳同学家境贫寒今年开学初收到了爱心志愿者送来的礼物，其中有一个电暖手袋李芳同学在查看说明书时，发现其主要参数如图所示设环境温度为15当给电暖手袋正常通电时，则：（1）通过电暖手袋的电流是多少？（2）袋中液体温度升高到65时需吸收多少热量？已知液体比热容为4.2103J/（kg）（3）如图电流产生的热全部被袋中液体吸收，电暖手袋在额定电压下通电5min，能否达到它的自动断开温度？【考点】电功与热量的综合计算；电功率的

41、计算【分析】（1）给电暖手袋正常通电时的实际功率和额定功率相等，根据P=UI求出通过电暖手袋的电流；（2）知道液体的质量和温度的变化以及比热容，根据Q吸=cm（tt0）求出吸收的热量；（3）根据Q吸=W=Pt求出通电5min液体吸收的热量，再根据Q吸=cm（tt0）求出液体的末温，然后与自动断开温度相比较，即可判断是否可以自动断开温度【解答】解：（1）给电暖手袋正常通电时的功率为550W，电压为220V，根据P=UI可得，通过电暖手袋的电流：I=2.5A；（2）袋中液体温度升高到65时需吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1.0kg（6515）=2.1105J；（3）在额定电压下通电5min液体吸收的热量：Q吸=W=Pt=550W560s=1.65105J，液体达到的最高温度：t=+t0=+1539.3+15=54.3，54.365，不能达到它的自动断开温度答：（1）通过电暖手袋的电流是2.5A；（2）袋中液体温度升高到65时需吸收2.1105J的热量；（3）如图电流产生的热全部被袋中液体吸收，电暖手袋在额定电压下通电5min，不能达到它的自动断开温度