山西省忻州一中2019-2020学年高二物理下学期期中试题（PDF）答案.pdf

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1、答案第 1页，总 9页高二物理四月月考答案详解高二物理四月月考答案详解1D【解析】【分析】当滑动变阻器向右移动时，正向电压增大，光电子做加速运动，需讨论光电流是否达到饱和，从而判断电流表示数的变化 发生光电效应的条件是当入射光的频率大于金属的极限频率时，会发生光电效应，而光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系，当将电源的正负极调换，即加反向电压，则电流表可能没有示数，也可能有示数【详解】A滑动变阻器滑片向右移动，电压虽然增大，但若已达到饱和电流，则电流表的示数可能不变，故 A 错误；B如果改用紫光照射该金属时，因频率的增加，导致光电子最大初动能增加，则电流表一定有示数，故 B 错误；C将

2、K 极换成逸出功小的金属板，仍用相同的绿光照射时，则光电子的最大初动能增加，但单位时间里通过金属表面的光子数没有变化，因而单位时间里从金属表面逸出的光电子也不变，饱和电流不会变化，则电流表的示数不一定增大，故 C 错误；D电源的正负极调换，仍用相同的绿光照射时，将滑动变阻器滑片向右移一些，此时的电压仍小于反向截止电压，则电流表仍可能有示数，故 D 正确【点睛】本题考查光电效应基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记并理解这些基础知识点和基本规律，注意饱和电流的含义，及掌握紫光与绿光的频率高低理解饱和电流与反向截止电压的含义，注意光电子最大初动能与入射光的频率有关2A【解析】试题分析：简谐横波

3、沿 x 轴负方向传播，因此在 t0.15 s 时，原点处的质点位移是为正，向负方向振动CD 图原点处的质点位移为负，所以 CD 错；B 图向正方向振动，B 错考点：振动图象与波的图象3B答案第 2页，总 9页【解析】【分析】【详解】因为薄膜的厚度为波长的14，所以两个界面上的反射光相干涉后互相抵消，减少了反射光，而减少了反射光的能量故选 B【点睛】本题考查了光的干涉，要知道两个界面上的反射光相干涉后互相抵消，减少了反射光；知道波程差为半波长的奇数倍时为减弱点4B【解析】【详解】由图知，三棱镜对 b 光的折射率较大，又因为光的频率越大，介质对光的折射率就越大，所以 nab.Aanb与分析结果不相

4、符；故项错误Bab，nanb与分析结果相符；故 B 项正确Cab，nab，nanb与分析结果不相符；故 D 项错误5D【解析】【分析】【详解】摆钟从上海到北极，纬度升高，重力加速度 g 变大，由单摆的周期公式2LTg可知，摆钟的周期变小，即摆动变快，要将周期 T 调大从而重新校准应增大摆长 L，故 D 正确，ABC 错误。故选 D。6D答案第 3页，总 9页【解析】【详解】A.根据双缝干涉相邻条纹间距公式Lxd 可得在其它条件不变的情况下，相干光的波长越大，条纹间距越大，由题图可知a光的波长小于b光的波长，故选项 A 错误；C.由于a光的波长小于b光的波长，所以a光的频率大于b光的频率，若该两

5、束光分别为红光和紫光，则b光为红光，故选项 C 错误；BD.由于对于同一种介质，频率越大，折射率越大，故a光在玻璃中的折射率大于b光在玻璃中的折射率，由1sinnC知a光的临界角小于 b 光的临界角，故选项 D 正确，B 错误。7D【解析】【详解】如果透振方向是竖直的话，那么回车时，两车的光不能叠加相消，也就是对方车辆的光仍要照到自己，感到眼花。若前窗玻璃的透振方向和前灯玻璃的透振方向都是斜向右上45，则对方车辆的光与自己前窗正好成 90 度，对方的光就通不过你的前窗射到你的眼，不会发生眼花A前窗玻璃的透振方向是竖直的，车灯玻璃的透振方向是水平的与分析不符，故 A 错误；B 前窗玻璃的透振方向

6、是竖直的，车灯玻璃的透振方向也是竖直的与分析不符，故 B 错误；C前窗玻璃的透振方向是斜向右上45，车灯玻璃的透振方向是斜向左上45与分析不符，故 C 错误；D前窗玻璃的透振方向是斜向右上45，车灯玻璃的透振方向也是斜向右上45与分析相符，故 D 正确。8C【解析】【详解】物体与斜面在水平方向上动量守恒，设物块的速度方向为正方向，则有：mv1-Mv2=0运动时间相等，则有：ms1-Ms2=0由题意可知：12tanhss答案第 4页，总 9页联立解得：2()tanmhsMm，故选 C.【点睛】本题考查人船模型平均动量守恒定律的应用，要注意根据动量守恒得出质量与水平长度的乘积也是守恒的9AC【解析

7、】单缝衍射的条纹间距可以用双缝干涉条纹宽度的公式Lxd，其中 L 为屏与缝的距离、d 为缝宽、为波长A、将入射光由可见光换成 X 射线，波长变小，衍射条纹间距变窄，故 A 正确B、使单缝宽度变小，即 d 变小，则衍射条纹间距变宽，故 B 错误C、换用波长较长的光照射，则衍射条纹间距变宽，故 C 正确；增大单缝到屏的距离，即 L 变大，则衍射条纹间距变宽，故 D 错误故选 AC【点睛】干涉和衍射的本质相同，二者没有严格的界限 它们两者的作用一般是同时存在的，可以用双缝干涉条纹宽度的计算公式Lxd 定性讨论单缝衍射的条纹间距的变化情况10BC【解析】【分析】【详解】A根据光电效应方程k0EhW图像

8、与纵截距的绝对值等于逸出功，则甲的逸出功是1kE，故 A 正确，不符合题意；B逸出功为0Wh由图可知金属的逸出功较比的逸出功大，则有金属的极限频率比的极限频率大，故B 不正确；C根据光电效应方程k0EhW答案第 5页，总 9页当频率为1时，则有10k1hWE当当频率为 21时，则有kmax100k12EhWWE故 C 错误，符合题意；D根据光电效应方程，图像的斜率是普朗克常量 h，与入射光和金属材料均无关，故 D 正确，不符合题意。故选 BC。11AD【解析】【详解】当弹力等于 AD 的重力的分力时 AD 处于平衡状态，由 kx=2mgsin可知，平衡位置时弹簧的形变量为02mgsinxk，处

9、压缩状态；当 B 对 C 弹力最小时，对 B 分析，则有mgsin+kx=32mgsin；故弹簧此时形变量：2mgsinxk，此时弹簧处于压缩状态；故简谐运动的振幅为：02322mgsinmgsinmgsinAxxkkk；故 A 正确，B 错误；当 AD运动到最低点时，B 对 C 的弹力最大；由对称性可知，此时弹簧的形变量为：032722mgsinmgsinmgsinxAxkkk；此时弹力为：072mgsinFk Ax（）；B 对 C 的弹力为92mgsinFmgsin；故 C 错误，D 正确；12BC【解析】以 A、B 组成的系统为研究对象，系统动量守恒，取水平向右方向为正方向，从 A 开始

10、运动到 A 的速度为零过程中，由动量守恒定律得：（M-m）v0=MvB1，解得：vB1=2.67m/s当从开始到 AB 速度相同的过程中，取水平向右方向为正方向，由动量守恒定律得：（M-m）v0=（M+m）vB2，解得：vB2=2m/s则在木块 A 正在做加速运动的时间内 B 的速度范围为 2m/svB2.67m/s故选 A点睛：本题考查了求木块的速度，应用动量守恒定律即可正确解题，本题也可以用牛顿与运答案第 6页，总 9页动学公式求解，运用动量守恒定律解题不需要考虑过程的细节，只要确定过程的初末状态即可，应用牛顿定律解题要分析清楚物体的整个运动过程，要体会应用动量守恒定律解题的优越性13BD

11、2.169.7621222124LLTT【解析】【分析】【详解】（1）测量摆长时，用刻度尺量出悬点到摆球间的细线长度，再加摆球的半径作为摆长 L，选项 A 错误；测量周期时，从小球经过平衡位置开始计时，经历 50 次全振动总时间为 t，则周期为 t/50，选项 B 正确；摆动中出现了轻微的椭圆摆情形，这对实验结果是有影响的，选项 C 错误；释放单摆时，应注意细线与竖直方向的夹角不能超过 5，选项 D 正确；（2）摆球直径：主尺读数为：2.1cm；游标尺读数：60.1mm=0.6mm，则 d=2.16cm；根据2LTg解得222214 9.86(97.922.16)10429.76/4Lgm s

12、T（3）设摆球的重心到线与球结点的距离为 r，根据单摆周期的公式：2LTg得：112LrTg，222LrTg，联立两式解得：21222124()LLgTT；142.190；7.868；1.893；676；【解析】试题分析：螺旋测微器读数首先固定刻度读出半毫米的整数倍，第一条即读为2mm，同时找到第 19 条刻度线与固定刻度对齐，估读一位即19.0，再乘以精确度0.01mm，最终结果为219.0 0.012.190mmmmmm，同理，第 4 条对应读数为7.536.8 0.017.868mmmmmm，第一条到第四条共有三个间距，所以两条相邻条纹间距7.8682.1901.8933mmmmxmm双

13、缝干涉相邻条纹间距Lxd，其中L是双缝到屏的距离，d是双缝间距，对照已知条件可得22Lxd，可得波长22xdL带答案第 7页，总 9页入数据计算可得676nm考点：双逢干涉测波长实验探究15（1）4 m；（2）22 m【解析】【详解】（1）设波长为，则有两种可能：34n=L1(n=0，1，2,，3，)，解得=2843n，当 n=1 时，=4m 符号题意。或者：14n=L1，(n=0，1，2，3，)，解得=2841n，由于 4 m5 m，没有符号题意的解，所以简谐横波的波长=4 m，且知各质点的起振方向向下。（2）波速 v=T=40.4m/s=10 m/s，b、c 两质点平衡位置之间的距离 L=

14、L1+v(t24T)=7m+10(1.6 s0.44)m=22 m。16(i)41.333n；(ii)2576m7【解析】【分析】【详解】(i)光线在空气中的折射角为1，则122sin0.8AFABAF光线在水中的入射角为2，则222sin0.6OFOFOM由折射定律12sinsinn解得41.333n 答案第 8页，总 9页(ii)设光在水中的临界角为 C，则1sinCn恰好有光线射出的水域半径为 r，由几何关系可得22sinrCrH水域面积2Sr解得2576m7S17（1）2289ghB LR；（2）49mgh；（3）2222mRghB L【解析】【分析】【详解】（1）导体棒 a 从弯曲导

15、轨上滑下到刚进入磁场时，由动能定理得2112mghmv解得12vgh由题意可知导体棒 b 的横截面积是 a 的 2 倍，由电阻定律LRS得导体棒 b 的电阻为2R感应电流答案第 9页，总 9页12232BLghBLvIRRR感应电流的瞬时电功率22289ghB LPI RR（2）最终稳定时，a、b 两棒速度相等，根据动量守恒得13mvmv根据能量守恒得2132mghmvQ总解得23Qmgh总两导体棒 a、b 阻值之比为2:1，故产生的内能之比为2:1，导体棒 a 上产生的内能2439aQQmgh总（3）设两导体棒速度相同时，两者恰好不接触，对导体棒 b 由动量定理可得2BILtBLqmv设导体棒 b 到磁场左边界的最小距离为 x，根据法拉第电磁感应定律可得22332B SB SBLxqItttRRtRRt解得122222mRvmRxghB LB L