武汉二中高三周练1数学(18页).doc

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1、-武汉二中高三周练1数学-第 13 页高三数学周练一（B）卷一、选择题1设复数zisin，其中i为虚数单位，则|z|的取值范围是（）A1， B1，C，D，2已知抛物线：的焦点为，准线为，是上一点，是直线与的一个交点， 若，则= （）A B C D3数列满足，且对于任意的都有，则等于 （ ）A. B. C. D. 4，动直线过定点A，动直线过定点，若与交于点(异 于点)，则的最大值为（）A. B. C. D. 5已知偶函数是定义在上的可导函数，其导函数为.当时，恒成立. 设，记，则，的大小关系为（ ）A. B. C. D. 6如图所示，已知在一个的二面角的棱上，有两个点，分别是在这个二面角的 两

2、个面内垂直于的线段，且， ，则的长为（ ）A B C D7如图，在矩形中，为线段上一动点，现将沿折起， 使点在面上的射影在直线上，当从运动到，则所形成轨迹的长度为（ ）A B C D8已知直线分别于半径为的圆相切于点，若点 在圆的内部（不包括边界），则实数的取值范围是（）A. B. C. D. 9已知双曲线的两条渐近线与抛物线的准线分别交于两点， 为坐标原点，若双曲线的离心率为 ，的面积为，则（）A. 1 B. C. 2 D. 310已知双曲线的方程为，其左、右焦点分别是.若点坐标为，过双曲线左焦点且斜率为的直线与双曲线右支交于点，则（）A. B. C. D. 11已知奇函数的导函数为，且当时

3、， ，若，则的解集为（）A. B. C. D. 12已知函数是定义在的可导函数， 为其导函数，当且时， ，若曲线在处的切线的斜率为，则（ ）A. 0 B. 1 C. D. 二、填空题13若函数图象的对称中心为，记函数的导函数为，则有，设函数，则_14 已知函数,其中，若存在唯一的整数，使得, 则的取值范围是_.（为自然对数的底数）15（2015江苏模拟）抛物线y2=4x的焦点为F，过点P（2，0）的直线与该抛物线相交于A，B两点，直线AF，BF分别交抛物线于点C，D若直线AB，CD的斜率分别为k1，k2，则= 16在直三棱柱中，底面ABC为直角三角形，.，. 已知与分别为和的中点，与分别为线段

4、和上的动点（不包括端点）. 若，则线段的长度的最小值为 。三、解答题17已知函数 (1) 设为偶函数，当时，求曲线在点处的切线方程； (2) 设，求函数的极值； (3) 若存在，当时，恒有成立，求实数的取值范围.18已知数列满足，. () 求证：； () 求证：.19已知正实数，满足：. () 求的最小值； () 设函数，对于（）中求得的，是否存在实数，使得成立， 若存在，求出的取值范围，若不存在，说明理由20已知椭圆的离心率为，右焦点为，上顶点为，且的面积为(是坐标原点). (1) 求椭圆的方程； (2) 设是椭圆上的一点，过的直线与以椭圆的短轴为直径的圆切于第一象限，切点为 M，证明：|P

5、F|PM|为定值.21如图，在四棱锥中，平面平面， . (1) 求到平面的距离； (2) 在线段上是否存在一点，使平面？若存在，求出的值； 若不存在，说明理由.22已知函数（） () 若方程有两根，求的取值范围； () 在()的前提下，设，求证： 随着的减小而增大； () 若不等式恒成立，求证： ()高三数学周练九（B）卷参考答案1D【解析】zisinisin1(sin1)i，|z|，sin1，|z|，2A【解析】试题分析： 设到准线为的距离为，由抛物线的定义可得，因为若，所以所以直线PF的斜率为，因为F（2，0）,所以直线PF的方程与联立可得x=1,所以，所以选D考点：抛物线的性质3D【解析

6、】由题意可得：，则：以上各式相加可得：，则：，本题选择D选项.点4B【解析】由题意可得：A（1，0），B（2，3），且两直线斜率之积等于1，直线x+my1=0和直线mxy2m+3=0垂直，则|PA|2+|PB|2=|AB|2=10即.故选B.点睛：含参的动直线一般都隐含着过定点的条件，动直线，动直线l2分别过A（1，0），B（2，3），同时两条动直线保持垂直，从而易得|PA|2+|PB|2=|AB|2=10，然后借助重要不等式，得到结果.5B【解析】当时，时，即。构造函数，当x0时，即F(x)在上递增，为奇函数。所以F(x)在单调递增。因为，所以，即，所以,所以。选B.6A【解析】试题分析：，

7、故选：A考点：与二面角有关的立体几何.7D【解析】试题分析：由题意，将沿折起，使平面，在平面内过点作，为垂足是在平面上的射影，由翻折的特征知，连接，则，故点的轨迹是以为直径的圆上的一段弧，根据长方形知圆的半径是，如图，当与重合时，取为的中点，得到是正三角形，故，故其所对的弧长为考点：平面与平面垂直的判定8B【解析】因为，由切线长定理知，又 ，因此，解得点睛：本题首先要学会问题转化，一般动点在圆内可转化为与圆心距离小于半径，因此写出向量，再根据向量的平方运算，求出，令其小于半径即可求出9C【解析】双曲线的两条渐近线方程是，抛物线的准线方程为，联立渐近线与准线方程可得两交点坐标为 ，所以，所以。

8、因为双曲线离心率是2，所以 。所以 。故选B。10C【解析】解析：由题设可得双曲线的左、右焦点坐标分别为，则过左焦点的直线为，代入双曲线方程可得，解之得（舍去），则点且 轴，则，所以由抛物线，所以，应选答案C。点睛：本题重在考查双曲线与直线的位置关系及运用所学知识去分析问题解决问题的能力。求解时借助解方程组求出点的坐标，再依据点的坐标的数据特征判断出点 轴，进而求得的面积，最后根据这些三角形的面积之间的关系探求所求两个三角形的面积之差，从而使得问题巧妙获解。本题难度较大，对思维能力和运算求解能力要求较高。11D【解析】因为时， ，所以，即，所以，则，解得，所以，因为函数为奇函数，所以，由于，即

9、，得或，解得或，故选D。点睛：本题考查导数在函数中的应用，其中解答中涉及到导数的四则运算的应用，利用导数研究函数的单调性及其单调性的应用，以及函数的基本性质及其应用，着重考查了学生分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力，本题的解答中正确理解题意，恰当利用函数的性质是解答的关键。12C【解析】令 ，则 ,所以当 时, ; 当 时, , 所以函数 在 内为减函数, 在 内为增函数, 且在 时取得极小值,所以 , 故有 , 又 , 所以 .点睛: 本题主要考查导数在研究函数单调性及极值上的应用,属于中档题. 本题技巧是将看成一个整体为 ,不需要求出函数 的解析式, 由已知条件求出的单调性,得出

10、它的极值点就可以了.130【解析】 , , 所以函数 的对称中心为 ， ，故答案为 .14【解析】试题分析:设,由题设存在唯一的整数使得在直线的下方.因,故当时, ,函数单调递减；当时, ,函数单调递增.所以当时,函数取最小值,而,且直线恒过点,故由题设须满足,即.故应填答案.考点：导数的知识及数形结合的思想等有关知识的综合的运用.【易错点晴】本题考查的是函数零点的个数及求解问题.解答时借助题设条件,合理运用数形结合思想化归转化的数学思想,先运用导数判断出函数的单调性,进而求出函数的最小值,然后结合图象通过对函数值的分析建立了关于的不等式组,求出实数的取值范围是不,使得问题获解.15【解析】试

11、题分析：设AF的方程是y=（x1），与抛物线方程联立，求出C的坐标，同理求出D的坐标，可得k2，即可求出解：设A（x1，y1），B（x2，y2），C（x3，y3），D（x4，y4），AF的方程是y=（x1）设k0=，则AF：y=k0（x1），与抛物线方程联立，可得k02x2（2k02+4）x+k02=0，利用韦达定理x3x1=1x3=，y3=k0（x31）=即C（，）同理D（，）k2=2k1，故答案为：考点：直线与圆锥曲线的关系16【解析】 试题分析：建立直角坐标系，以为坐标原点，为轴，为轴，为轴，则（），（）。所以，。因为，所以，由此推出 。又，从而有 。 考点：(1)空间向量的坐标运算及空

12、间两点间距离公式的应用；（2）利用二次函数思想求最值。 17(1) (2)见解析（3）（1）当时，=. 令，又为偶函数，所以， 当时， 由点斜式方程得切线方程为. （2）由已知. 所以， 当 所以上单调递增，无极值. 若，则当， 当， 所以，当时，,无极小值. （3）由已知，令 ,当时恒成立.,即，不合题意. 解得，.当从而当即，综上述，.18（1）见解析（2）见解析【解析】【试题分析】（1）依据题设运用做差比较的方法分析推证；（2）借助（1）的结论运用不等式的缩放法进行缩放，再运用等比数列的前项和公式分析推证：（）由，得，所以；（）由（）知，又，即，所以，即.由得，累加得，而，所以，所以.综

13、上得.19（1）（2）【解析】试题分析：(1)利用均值不等式的结论可得的最小值；(2)利用绝对值不等式的性质可得.试题解析：（1），（2），当且仅当时成立，此时，存在使成立20（1）（2）试题解析：解：（1）设椭圆的半焦距为，由已知得 .椭圆的方程为.（2）以短轴为直径的圆的方程为，.设，则.又与圆相切于，21（1）（2）见解析解：（1）方法一：因为平面，,又,所以平面，又，所以到平面的距离为.方法二：等积法求高.（2）解：在线段上存在一点，使平面，下面给出证明：设为线段上的一点，且,过点作交于点，则,因为平面，平面，所以，又，所以,所以四边形是平行四边形，所以，又平面,平面，所以平面.22（

14、）（）见解析; （）见解析.【（）由题意， ，推得进而得到，即可得到随着的减小而增大（）依题意， 恒成立，记，则，分类讨论得到函数的最小值， ，设，利用函数的性质，即可求得结论.试题解析：（）由，有，设，由， 在上单调递增，在上单调递减，又， 当时， ；当时， 故若方程有两根，则 （）故若方程有两根，则， 假设对于任意的记，由上可知；记，由上可知 因为在上单调递增，在上单调递减，故由可知， 又因为， ，所以，故随着的减小而增大 （）依题意， 恒成立，记，则当时， 在恒成立，故在单调递减，又因为，所以在上函数值小于零，不符合题意，舍去 当时， 得小于0大于0单调递减单调递增由上表可知在上的 记，由可知， 在单调递增，在单调递减，故，综上，即由可得（），两边乘以可得，即则