2022年电路典型例题应用 .pdf

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1、-1-一电路的基本概念及规律例题分析例 1 来自质子源的质子(初速度为零)，经一加速电压为800kV 的直线加速器加速，形成电流强度为1mA 的细柱形质子流已知质子电荷e=1 6010-19C，这束质子流每秒打到靶上的质子数为 _假定分布在质子源到靶之间的加速电场是均匀的，在质子束中与质子源相距 l 和 4l 的两处，各取一段极短的相等长度的质子流，其中的质子数分别为n1 和 n2,则：n1/n2=分析：设质子源到靶之间均匀的加速电场强度为E，则在相距l 与 4l 两处与质子源的电势差分别为：U1=El，U2=4El令质子通过这两处的速度分别为v1、v2，由电场力的功与电荷动能变化的关系，即q

2、U=mv2/2,v2=2v1 在这两处取极短的相等一段长度，可以认为其间质子的速度大小不变，因此要求满足条件n1eSv1=n2eSv2所以在这两极短长度的质子流中含有的质子数之比为n1/n2=v1/v2=2 例 2 如图 11-1 所示的电路中，三个电阻的阻值相等，电流表 A1、A2 和 A3 的内电阻均可忽略，它们的示数分别为 I1、I2 和 I3，则 I1I2I3=_ _分析从左到右把电阻两端记为a、b、c、d，该电路中共有三条支线：第一支线由a 点经 A2 到 c 点，再经 R 到 d 点；第二支线由a 点经 A2 到 c 点，经 R 到 b 点，经 A3 到 d点；第三支线由a 点经

3、R 到 b 点，再经 A3 到 d 点因此，画出的等效的电路如图11-2 所示不计电流表内电阻时，三个电阻并联设总电流为I，则通过每个电阻的电流，I1.I2.I3 相等，均为I/3 过其中，电流表A1 测量的是总电流，即I1=I 电流表A2 测量的是流过上面两支路中的电流，即I2=I1+I2=2I/3，电流表测量两支路中的电流，即I3=I2+I3=2I/3，所以I1：I2：I3=I=3 22例 3 如图 11-3 所示，在输入电压U 恒定的电路上，将用电器L接在 A、B 两端时消耗的功率是9W，将它接在较远的CD 两端时消耗的功率是4W，则AC、BD两根输电线上消耗的功率为 A1W B2W C

4、5WD13W 分析设用电器电阻为R，接在 AB 和 CD 两端时的电压分别为 U 和 U，由P=U2/R=9W，P=U2/R=4W，得 U=2U/3。名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 1 页，共 15 页 -2-因此用电器接在CD 两端时，输电线上降落的电压U线=U-U=U/3，则两根输电线的总电阻U线=R/2 得：P线=（U2/9）/（R/2）=2U2/9R=2W。例 4 如图 11-4 所示电路，电压U=12V 不变，电阻R1=R2=R3=R4=10 电容 C1=C2=10F试求：(1)电容器 C1、C2 的带电量；(2)若把电容器C2 换成一个R5=50的电阻，则电容器C

5、1 的带电量为多少？分析(1)在恒定电路中，电容器起“隔直”的作用，所以电容器C1 两端电压等于R3两端的电压；电容器C2 两端的电压等于串联电阻R2、R3 两端的电压(2)把 C2 换成电阻R5 后，形成(R2+R3)与(R5+R4)两路并联，由a、b 两点的电势差即可算出电容器 C1 的带电量解(1)由串联分压得电阻R3 两端的电压VVUURRRRU4312332133电容 C1 的带电量为Q1=C1U3=1010-64C=410-5C串联电阻R2、R3 两端的电压VVUURRRRRU832432321323.2电容 C2 的带电量为Q2=C2U2、3=1010-68C=810-5C(2)

6、把 C2 换成电阻 R5=50后，（略解）所以电容器C1 两端的电压为U1=U5-U2=2.4V，电容器 C1 的带电量为Q1=C1U1=1010-62.4C=2.4 10-5C名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 2 页，共 15 页 -3-电功和电功率 典型题剖析例 1为了使电炉消耗的电功率减小到原来的一半，应该采用的措施是 A使电流减半B使电压减半C使电炉的电阻减半D使电压和电炉的电阻各减一半分析：只有使加在电炉上的电压和电阻都减半时，由P=U2/R 知，电功率才为原来的一半答D例 2将一根电阻丝接在电压恒定的电源上，电阻丝消耗的功率为P若将该电阻丝均匀拉长到原来的2 倍后仍

7、接入该电源上时，电阻丝消耗的功率为 A4PB0.25PC16PD0.125P分析电阻丝均匀拉长为原来的2 倍，体积不变时，答 B例 3输电线的电阻共1.0，输送的电功率是100kW用 400V 的低电压送电，输电线上发热损失的功率是多少？改用10000V 高压送电，又是多少？分析：根据通过输电线的电流强度和输电线的电阻，由 P=I2R 即可算出输电线上损失的功率解答用 U1=400V 低压输电时，通过输电线的电流I1=250A 所以输电线上损失的电功率是P线=62.5kW用 U2=104V 高压输电时，通过输电线的电流I1=10A 所以输电线上损失的电功率是P线=0.1kW由本题的计算可知，远

8、距离输电必须采用高电压，这样可减小输电线上的电流，也即可减小输电线上损失的电压，提高用户得到的电压必须注意，要分清输电线路上的三种电压：输电电压指的是输出端两根输电线间的电压；输电线上的电压(即损失的电压)指的是每根输电线两端的电压；用户得到的电压指的是用户处两端的电压(图 215)如图 212 所示，它们的关系是U=U 线+U 用讨论:电流做功的实质是电能与其他形式能的转换，因此对不是纯电阻性用电器的电路，需从能的转化和守恒的观点去处理如图 216 所示电动机，设线圈电阻为R，电动机两端的电压为U，通入电动机的电流为I，则电流的功率(输入功率)就转化为线圈的发热功率和电动机对外输出的机械功率

9、之和，即UI=I2R+P机名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 3 页，共 15 页 -4-闭合电路欧姆定律 典型题剖析例 1 四个小灯连接成如图11-22 所示电路，合上电键S，各灯均正常发光若小灯L4 灯丝突然烧断，则其余各灯亮度的变化情况是 A L1变亮，L2L3均变暗B L1变暗，L2L3均变亮CL1变暗，L2熄灭，L3变亮DL1L2变亮，L3变暗分析由于 L4 断路引起的一系列变化为：L4断路 R 总 I 总 U 端 I1(L1变亮)I3(=I总-I1)(L3变暗)U3(=I3R3)U2(=U端-U3)(L2变亮)答D例 2 图 11-23 所示的电路中，R1=3，R2=

10、9，R3=6，电源电动势=24V，内阻不计 当电键 S1、S2 均开启和均闭合时，灯泡L 都同样正常发光(1)写出两种情况下流经灯泡的电流方向：S1、S2均开启时；S1、S2均闭合时(2)求灯泡正常发光时的电阻R 和电压 U分析画出 S1、S2 均开启和闭合时的等效电路图(图 11-24)，即可判知电流方向灯泡L 能同样正常发光，表示两情况中通过灯泡的电流相同解(1)S1、S2 均开启时，流经灯泡的电流方向从ba；S1、S2均闭合时，流经灯泡的电流方向从 ab其等效电路分别如图11-24 所示(2)R=3 欧，U=4.8 伏例 3 如图 11-25 所示电路，电源电动势=6V，内阻 r=1外电

11、路中电阻R1=2，R2=3，R3=7.5 电容器的电容C=4F开始电键S 断开从合上电键到电路稳定的过程中，通过电流表的电量是多少？分析电键 S 断开时，电容器并联在电阻R2 两端；电键S 合上后，电容器并联在电阻R1 两端算出两种情况下的充电电量，名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 4 页，共 15 页 -5-再通过对充电极性的比较即得解电键 S 断开时，由串联分压得电容器的电压电容器被充电的电量Q=CUc=4 10-6 3C=1.210-5C其极性是上板为正，下板为负电键 S 合上后，电容器被充电的电量Q=CUc=4 10-61.8C=7.210-6C其极性是上极为负，下极为

12、正所以，当电键从断开到合上后电路稳定的过程中，通过电流表的电量为Q=Q+Q=1.9210-5C说明电容器充电后，需注意极板上电荷的极性例 4 如图 11-26 所示电路，电源电动势=6.3V，内电阻r=0.5 外电路中电阻R1=2，R2=3，滑动变阻器的全部电阻R0=5试求滑动头P由 a 端向b 端滑动过程中电压表示数的变化范围分析电压表测量的是外电路上的电压，它随外电路电阻的增大而增大当滑动头在a 端时，可等效成如图11-27 所示电路当滑动头P从 a 端向 b 端滑动时，由于外电路电阻呈非线性变化，电压表的示数并不是随着滑动头一直增大的其最大值对应于外电路电阻取最大值的位置解滑动头在 a

13、端时，电压表的示数（即路端电压）为U=4.8V.设滑动头P 在 ab 中某一位置时，aP 段电阻为 Rx，则 Pb 段电阻为（R0-Rx），其等效电路图如图 11-28 所示外电路的总 电 阻 为R=（R1+Rx）（R2+R0-Rx）由于式中分子上两项之和（R1+Rx）+（R2+R0-Rx）=R1+R2+R0是一个定值，由数学知识知，当它们相等时，其乘积最 大，对 应 的 外 电 路 电 阻 也 最 大 由R1+Rx=R2+R0-Rx，得RX=3 欧。电压表示数为5.25V 所以电压表的示数范围为4.85.25V说明如果认为电压表示数的最大值出现在b 端，名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精

14、心整理-第 5 页，共 15 页 -6-把原电路等效成如图11-29 所示电路滑动变阻器在电路中使用时必须注意：（1）变阻器上允许通过的最大电流和电阻变化范围；（2）由于电阻的非线性变化对电路的影响例 1如图 2-50 所示的电路中，当可变电阻R 的值增大时 Aab 两点间的电压Uab 增大B ab 两点间的电压Uab 减小C通过电阻R 的电流 IR 增大D通过电阻R 的电流 IR 减小分析可变电阻R 的阻值增大ab 并联部分的电阻增大整个外电路总电阻增大电路的总电流I 减小内电路上电压(U内=Ir)和电阻 R1 上的电压(U1=IR1)都减小 ab 并联部分的电压增大(Uab=-Ir-IR1

15、)通过答A、D说明当电路中某一部分电阻变化时，整个电路各处的电压、电流都会受到影响，可谓“牵一发而动全身”分析时，应抓住全电路中电源电动势和内阻不变的特点，从总电流的变化顺次推理如果只从孤立的局部电路考虑，R 增大时，Uab 也增大，将无法判断通过R 的电流的变化情况例 2电动势为2V 的电源跟一个阻值R=9的电阻接成闭合电路，测得电源两端电压为1.8V，求电源的内电阻(图 2-51)分析电源两端的电压就是路端电压，由于外电路仅一个电阻，因此也就是这个电阻两端的电压可由部分电路欧姆定律先算出电流强度，再由全电路欧姆定律算出内电阻解答略：答案为1 欧。例 3把电阻 R1 接到内电阻等于1的电源两

16、端，测得电源两端电压为 3V如果在电阻R1 上串联一个R2=6的电阻，再接到电源两端，测得电源两端电压为4V求电阻R1 的阻值分析两次在电源两端测得的都是路端电压，代入闭合电路欧姆定律即得解答R1=2 欧，（-9 欧舍去）讨论：闭合电路欧姆定律，实质是能的转化和守恒在电路中的反映由=U+Ir，可得I=UI+I2r 或It=UIt+I2rt 式中 I 是电源每秒向电路提供的能量，即电源的总功率(It 是电源在时间t 内提供的能量)；I2r 是电源内阻上的热功率(I2rt 是电源内阻在时间t 内产生的热量)，UI 就是电源对外输出的功率，也就是转化为其他形式能的功率(UIt 就是电源对外做的功，即

17、转化为其他形式的能量)名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 6 页，共 15 页 -7-电路中能的转换 例题分析例 1在图 11-41 的电路中，电池的电动势=5V，内电阻r=10，固定电阻R=90，R0 是可变电阻，在R0 由零增加到400的过程中，求：（1）可变电阻R0 上消耗热功率最大的条件和最大热功率（2）电池的内电阻r 和固定电阻R 上消耗的最小热功率之和分析根据焦耳定律，热功率P=I2R内阻 r 和 R 都是固定电阻，电流强度最小时，其功率也最小对可变电阻R0，需通过热功率的表达式找出取最大值的条件才可确定解（1）电池中的电流强度可变电阻R0 上消耗的热功率为了求出使P

18、 取极大值的条件，对上式作变换（2）在电池内阻r 和固定电阻R 上消耗的热功率为名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 7 页，共 15 页 -8-当 R0 调到最大值400时，P有最小值，其值为说明根据电源输出功率最大的条件，如把题中固定电阻“藏”在电源 内 部，即 等 效 内 阻r=r+R（图11-42），于 是 立 即 可 知，当R0=r=r+R=100 时，输出功率（即R0 上消耗的功率）最大，其值为这种等效电源的方法（称等效电压源定理）在电路中很有用对于外电路中的固定电阻，则通过它的电流越小，消耗的功率越小例 2 如图 11-43 所示的电路中，电源电动势=6V，内阻不计灯

19、泡的额定电压U0=4.5V，电阻 R0=20（1）要求电源对灯的供电效率（灯消耗的功率与电源总功率之比）达=60，应选用阻值R 多大的可变电阻器？（2）灯处于额定电压下，电源的最大供电效率为多少？此时的电路如何连接？分析（1）滑动变阻器被分成两部分，根据它们对应的电压、电流算出两部分的电阻相加即得（2）要求电源的供电效率最大，应使通过电源的电流最小（等于用电器的电流）解（1）设灯泡正常工作时通过电源的电流为I，由供电效率设此时变阻器上、下两部分的电阻分别为R1 和 R2，则名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 8 页，共 15 页 -9-所以可变电阻器的阻值应为R=R1+R2=（5

20、.4+82）=87.4通过电源的电流越小，电源的供电效率越高因保证灯正常工作的通过电源的最小电流为所以该电源最大的供电效率为此时通过电灯的电流等于通过电源的电流，必须要求滑动变阻器改为串联接法，电路如图11-44 所示滑动变阻器接入电路中的阻值为例 3某商场安装了一台倾角为30的自动扶梯，该扶梯在电压为380V 的电动机带动下以 0.4m/s 的恒定速度向斜上方移动，电动机的最大输出功率为4.9kW不载人时测得电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的移动速率和不载人时相同，则这台自动扶梯可同时乘载的最多人数为 _（设人的平均质量为60kg，g=10m/s2）分析自动扶梯不载人时电源的输入功率P0=

21、UI0=3805W=1900W 这些功率消耗于空梯匀速移动所需的机械功率和电动机工作时必须损耗的功率（如线圈发热、轴承的摩擦等）设这台自动扶梯最多可同时乘载的人数为n，每人平均质量为m=60kg，以速率 v=0.4m/s 沿倾角=30载运这些人时所需的机械功率为名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 9 页，共 15 页 -P 机=nmgvsin 当自动扶梯载客最多时，电动机的输出功率也达最大值Pmax=4.9kW 由能的守恒和转化可知，此时电动机的输出功率（Pmax），一方面转化为运载客人所需的机械功率，另一方面转化为使空梯移动所需的功率和电动机工作时损耗的功率，即Pmax=P0+

22、P 机=UI0+nmgvsin 所以，这台自动扶梯可同时乘载的最多人数为答25说明本题计算中最容易出现如下两种错误：（1）由 P 电=P 机，即由 Pmax=nmgvsin，得（2）由 P 电=P 机，即由 UI=nmgsin，得这些学生由于没有全面分析其间的能量转化关系，从而不能正确求解分压与分流在电压表和电流表中的应用典型题剖析例 1 有一块满偏电流Ig=1mA，线圈电阻Rg=1k的小量程电流表，(1)把它改装成满偏电压 U=10V的电压表；(2)把它改装成满偏电流I=10mA的电流表要求画出电路图，算出有关数据分析因电表满偏电流Ig I，所以需并联一个适当的分流电阻，即可改装成量程为10

23、mA的电流表原来电表的满偏电压 Ug=IgRg=1VU，需串联一个适当的分压电阻，即可改装成量程为10V的电压表名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 10 页，共 15 页 -11-解答改装成的电压表和电流表的线路如图2-43(a)和(b)所示(1)改装成电压表时，由串联分压即需串联一个阻值为gk的分压电阻(2)改装成电流表时，由并联分流说明电表改装必须注意，任何情况下，指针满偏时，表头电路中的电流都等于Ig 例 2 如图 2-44 所示，电路中接入两个电流表和两个电压表已知电流表1 的示数I1=100mA，电流表2 的示数 I2=99mA，电压表V1的示数 U1=10V，则电压表

24、V2 的示数为 A0.01V B0.1VC1VD10V分析设电压表的内阻为RV，则电压表V1 的示数为U1=I1RV通过电压表V2 的电流强度I2V=I1-I2，则电压表V2 的示数为名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 11 页，共 15 页 -12-U2=(I1-I2)RV 联立、两式得说明在电路中，电压表可以看成一个能指示电压的大电阻(阻值为 RV)；电流表可看成一个能指示电流的小电阻(阻值为 RA)例 3 把两个相同的小量程电流表改装成量程分别为1A和 500mA的电流表 A1和 A2，则 A若两表串联后接入被测电路中，两表指针的偏角12，两表示数I1=I2 B若两表串联后

25、接入被测电路中，两表指针的偏角1=2，两表示数I1 I2 C若两表并联后接入被测电路中，两表指针的偏角1=2，两表示数I1 I2 D若两表并联后接入被测电路中，两表指针的偏角 12，两表示数I1 I2 分析两电流表串联时，流过每个电流表的电流相同，因此两表示数一定相同量程大的电流表，指针偏角较小A 正确，B错两电流表并联时，加在每个电流表两端的电压相等因为电流表的量程与内阻成反比，即所以流过电流表A1的电流是流过电流表A2的电流的两倍，即即两表示数不等，指针偏角相等C正确，D 错答 A、C名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 12 页，共 15 页 -13-说明本题的关键是两点：(

26、1)知道电流表相当于一个小电阻，因此同样可串联或并联；(2)电流表的量程与内阻(RA)成反比，即量程越大，其内阻越小例 1如图所示电路，电源的内阻r=0.4，电阻R1=R2=R3=4，开关 S 合上时，电流表A的示数为1.5A，电压表 V 的示数为2V，求开关 S 断开后电压表V 的示数。（电压表和电流表内阻的影响不计）分析：此电路中共有四个电阻，一个电源及电压表和电流表。因为题目中已说到两表的影响不计，所以可当成理想表。电压表处视为断路，电流表处视为短路。要想计算，首先要将电路改画成一般熟悉即所谓的将表从电路中“拆掉”的形式，再看看表放在哪里合适，引导学生改画电路图，并请同学将结果画在黑板上

27、。给出几分钟思考的时间，再请一位同学说一下自己的思路。在学生回答的基础上归纳：要求的是 S 断开后电压表的示数，即测的是R2两端电压，从题目给的已知量来看要求U2，必须知道E，R4；S 闭合时，电压表测的是R2两端电压U2，电流表测的是过电阻R1和 R3的电流，根据电阻的串、并联情况可以解出R4及 E；利用闭合电路欧姆定律，解出。解答：闭合时：U3I3R314=4（V）U4=U3-U2=4-2=2（V）I4=I1I2=1（A）E=U3（I3I4）r=4（11）0.4=4.8（V）S 断开时：小结：做这一类型的题目，我们可以按以下的步骤：简化电路，由所求入手（缺什么，找什么），根据规律求解。名师

28、资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 13 页，共 15 页 -14-例 2：电源由6 个电动势E=1.5V，内电阻r0=0.1的电池串联而成，R1=4.4，R2=6，R2的额定功率为3.84W，变阻器R3开始放在阻值12处，求：（1）通过电阻R2的电流和此时电源的输出功率；（2）若要使 R2消耗的实际功率不超过它的额定功率，R3的阻值应取什么范围？分析：此题中电阻的关系很清楚。（请同学做出第一问）解答：（1）E=61.5=9（V）r=60.1=0.6（）P出=IE-I2r=I2R=128.4=8.4（W）提问：第2 问不超过额定功率如何理解？归纳：有一个特定的R3阻值，可以使R2此时

29、所消耗的功率正好为额定功率，达到额定功率也就意味着电流、电压也均达到额定值。根据电路的情况可分析出，如果R3超出特定值，那么R2、R3并联部分所占的电压就会提高，会使R2实际功率超过额定值，反之，则符合题意。如何解出该特定值，应从给定的R2的额定功率求出。设 R2消耗为额定功率时，R3实用阻值为x 故R3应小于等于120。小结：该题要求同学对额定功率的概念要理解，要会正确使用动态变化中的定性分析。例 3如图电源电动势E=12V，内电阻r=0.5，将一盏额定电压为8V，额定功率为16W 的灯泡与一只线圈电阻为0.5的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚刚好能正常发光，通电100min，问电源提供的

30、能量、电流对灯泡和电动机所做的功、灯丝和电动机线圈产生的焦耳热，电动机的效率分别为多少？先给出几分钟，让学生去做，将其中的错解写在黑板上。名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 14 页，共 15 页 -15-请同学们讨论该种做法是否正确？（不正确）错在哪里？电灯泡均可使用，而直流电动机已不属于此范围，在此也可归纳一下一般题目中遇到的情况下何为纯电阻电路。纯电阻电路，如电炉子、电熨斗、电暖气、白炽灯等；非电阻电路，如电动机，电解槽，电镀槽等。如何解决此题？提示E=IRIr=U Ir，也就是说可把电源电动势分成两部分来看，一部分是路端电压，一部分是内电压。再给一定时间让学生继续解答，并

31、提醒要弄清各小问的确切定义。解答：因为电灯与电动机并联，故该电路的路端电压为8V电源提供能量W电源=IEt=8 126000=5.76105（J）电流对灯泡做功WL=PLt=166000=9.6104（J）灯丝产生的焦耳热QL=WL=9.6 104（J）电动机线圈产生的焦耳热Qm=I2rmt=620.56000=1.08105（J）（三）课后小结电路的分析，初中阶段要求已经比较高，我们在做题时应注意对基本概念正确理解，注意规律的适用条件，灵活运用公式。四、说明1因为初中阶段已做了许多习题，现在选的题尽量注意多类型。2有意举出错误的解答，让学生去讨论，激发其兴趣，这样在讨论中对概念规律理解得更清楚。名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 15 页，共 15 页 -