河南省郑州市第一中学2020届高三物理12月联考试题（PDF）答案.pdf

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1、12 月联考物理答案1、答案C解析理想化模型是忽略次要因素而突出主要因素的一种研究方法，点电荷忽略了带电体的大小和形状，轻质弹簧忽略了弹簧的质量，自由落体运动忽略了其他阻力作用，故 A、B、D 三种模型均为理想化模型，故选 C。2、答案B解析由于物体 A 始终保持静止状态，因此所受合外力始终为零，A 错误；对 A 进行受力分析可知，斜面对 A 的支持力 FNmgcosFsin，F 减小，FN随之减小，B 正确；若开始时，mgsinFcos，A 有向下的运动趋势，静摩擦力沿斜面向上，有mgsinFcosf，随着 F 减小，静摩擦力 f 增大，C 错误；以 A、B 整体为研究对象，由受力分析可知地

2、面对斜面体 B 的摩擦力与 F 等大反向，若减小推力 F，则摩擦力减小，D 错误。3、答案D解析A、O、B 三点电势高低可根据纵坐标值比较，可知AOB，A 错误；由 EUdx可知，场强大小可根据某点x 图线的斜率判断，可知EOEAEB，B 错误；由电势能 Epq，电子在三点的电势能 EpAEpOWOA，EpBEpOEpOEpA，D 正确。4、答案A解析小球甲做平抛运动，竖直方向 h12gt2，水平方向 xv0t，小球乙沿斜面向下做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得 mgsin30ma，agsin30，位移 shsin302h，由运动学公式可知 sv0t12at2，由以上公式联立得 x32h，故选

3、 A。5、答案D解析若霍尔元件为金属导体，电流方向向右，电子定向移动方向向左，由左手定则判断所受洛伦兹力方向向上，上极板带负电，A 错误；当电场力与洛伦兹力相等时有 qvBqE，EUHh，h 为上下表面间的距离，由 InqSv，Sab，a、b 分别为垂直电流方向的横截面的长、宽，vInqab，有 UHEhvBhIBhnqab，hb，得 UH1nqBIa，可判断公式中的 d 为导体横截面的边长，B 错误；由以上公式可知 kH1nqvabI，单位为 m3s1A1，C 错误、D正确。6、答案C解析弹簧始终处于伸长状态，弹簧长度先减小后增大，弹性势能先减小后增大，A 错误；小球下滑过程中除重力做功外有

4、弹力做功，故机械能不守恒，B 错误；当小球重力沿光滑杆向下的分力与弹簧弹力沿杆向上的分力相等时小球速度最大，由此判断重力做功的功率先增大后减小，C 正确，D错误。7、答案 A解析 A、B 碰撞的过程中,根据动量守恒定律得2mv0=mv1+2mv2,根 据 机 械 能 守 恒 定 律 得122m?02=12m?12+122m?22,解得 v1=43v0,v2=13v0,则e=?1?2?00=1,选项 A 正确,B、C、D 错误.8、答案AC解析当滑片从位置 a 向下滑动到位置 b 的过程中，R 阻值减小，闭合回路总电阻减小，干路电流增大，内电压增大，路端电压减小，R1分得的电压增大，L 两端电压

5、减小，故灯泡 L 变暗，A 正确；由于 L 两端电压减小，故流过 L 电流减小，而干路总电流增大，故流过 R2电流增大，R2两端电压增大，R 两端电压及电容 C 两端电压减小，由 QCU可知 Q 减小，B 错误；由于 R1r，外电阻减小，由此可知电源的输出功率随外电阻减小而增大，C 正确；流过 R1的电流增大，由 PI2R 可知 R1消耗热功率增大，D 错误。9、答案BD10、答案AD解析由I1I2n2n1可知输入端电流 I1In，输入功率 P1UI1UIn，A 正确；电动机为非纯电阻电路，部分电路欧姆定律不适用，即电动机电流IDU2rUnr，B 错误；灯泡 L 电流 ILU2RUnR，电动机

6、电流 IDIILIUnR，电动机输入功率为 U2IDUnIUnR，机械功率为 U2IDI2Dr，C 错误；若电风扇被卡住，电动机成为一纯电阻电路，副线圈电路电阻为 R2RrRr，原、副线圈的功率相等，有U22R2UI1，得 I1URrn2Rr，D 正确。11、答案BC解析甲、乙两黑洞的周期相同，由2T可知两角速度相等，B 正确；由万有引力提供向心力Fm2r，甲、乙黑洞所受万有引力互为相互作用力，可判断圆周运动的半径之比为 2936，线速度 vr，v甲v乙r甲r乙2936，A 错误；对黑洞甲有 Gm甲m乙r甲r乙2 m甲42T2r甲，对 黑 洞 乙 有Gm甲m乙r甲r乙2m乙42T2r乙，由两式

7、相加得T242r甲r乙3Gm甲m乙，C 正确；由牛顿第二定律 aFm可知 D 错误。12、答案BD解析选项 A 中，小球受竖直向下的重力，水平向右的电场力与水平向左的洛伦兹力，不可能受力平衡，速度将发生变化，合外力的大小、方向将发生变化，不可能做直线运动，A 错误；选项 B 中，小球受竖直向下的重力，斜向右上方的电场力和水平向左的洛伦兹力，所受合外力可能为零，小球可能做匀速直线运动，B 正确；选项 C 中，小球受重力竖直向下，所受电场力方向向下，所受洛伦兹力方向垂直纸面向里，小球不可能做直线运动，C 错误；选项 D 中，小球受竖直向下的重力，竖直向下的电场力，不受洛伦兹力，重力与电场力合力的方

8、向与小球速度方向相同，小球将做直线运动，D 正确。13、答案(1)adt2dt1t(2 分)(2)m 远小于 M(1 分)(3)mgl12(Mm)dt22dt12(2 分)小于(1 分)解析(1)滑块由光电门1 到光电门2 做匀加速直线运动，经过光电门 1、2 的速度分别为 v1dt1，v2dt2，av2v1tdt2dt1t(2)以钩码与滑块看做整体，由牛顿第二定律得mg(Mm)a，再以滑块为研究对象得 FMaMmgMmmg1mM，只有当 m 远小于 M 时才有 F 近似等于 mg。(3)对整个系统，由机械能守恒得 mgl12(Mm)v2212(Mm)v21，即 mgl12(Mm)dt22dt

9、12，在测量过程中，总存在阻力做功，系统机械能略有减小，动能增量总小于钩码重力势能的减少量。14、答案(1)0.830(2 分)(2)(1 分)(1 分)R1(1 分)如图所示(2分)(3)21.3(2 分)(4)d2U4I(2 分)解析(1)主尺读数为 0.5 mm，可动刻度读数为 33.00.010.330 mm，直径 d0.5 mm0.330mm0830 mm。(2)为了调节方便和准确测量电阻，滑动变阻器应采用分压式接法，故选择 R1；由学生电源为 30 V，为保证漆包线两端获得较大电压，电压表应选择 15V 量程，即电压表选择；电路中的最大电流为15 V20 0.75 A，可知电流表应

10、选，由漆包线电阻较小，满足R漆RARVR漆，所以电流表外接，电路图见答案。(3)电压表示数 U11.5 V，电流表示数 I0.54A，由欧姆定律得 RUI21.3。(4)由电阻定律 RLS，Sd22得 Ld2U4I。15、a8 m/s2，v28 m/s16、解析(1)金属棒下滑到 MN 过程中，导体棒产生的平均感应电动势Ent(1 分)B0SB0lxcos(1 分)平均电流IERr(1 分)qItnRrB0lxcosRr(1 分)(2)当导体棒速度稳定时做匀速直线运动，设所受安培力为 FA，分析其受力得mgsinFAcos(1 分)FAB0Il(1 分)IERr(1 分)EB0lvcos(1

11、分)由以上公式联立可得导体棒稳定速度vmgRrsinB20l2cos2(1 分)17、9.(1)13.5 J(2)83m解析(1)若 A、B 相撞后粘在一起,由动量守恒定律得m1v0=(m1+m2)v由能量守恒定律得E=12m1?02-12(m1+m2)v2解得损失的机械能E=13.5 J(2)A、B 发生弹性碰撞,由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2由机械能守恒定律得12m1?02=12m1?12+12m2?22联立解得 v1=?1?2?1+?2v0=-3 m/s,v2=2?1?1+?2v0=6 m/s之后 B 减速运动,C 加速运动,B、C 达到共同速度之前,由牛顿第二定律,对长木

12、板,有-2(m2+m3)g-1m3g=m2a1对物块 C,有1m3g=m3a2设达到共同速度过程经历的时间为 t,有 v2+a1t=a2t这一过程的相对位移为x1=v2t+12a1t2-12a2t2=3 mB、C 达到共同速度之后,因12,所以二者各自减速至停下,由牛顿第二定律,对长木板,有-2(m2+m3)g+1m3g=m2a3对物块 C,有-1m3g=m3a4这一过程的相对位移为x2=(?2?)22?4-(?2?)22?3=13m整个过程物块与木板的相对位移为x=x1-x2=83m18、解析(1)电子在加速电场中，由动能定理eU112mv20(1 分)v02eU1m3eU0T2md(1 分

13、)进入偏转电场后，水平方向做匀速直线运动，则 l0v0T3eU0T22md(1 分)(2)当 t0 或 tT,2T，nT 进入偏转电场的电子侧向位移最大，水平方向始终做匀速直线运动，竖直方向先做匀加速直线运动再做匀速直线运动。在 0T2时间内的侧向位移y112aT2212eU0mdT22eU0T28md(1 分)T2时间竖直分速度 vyaT2eU0T2md在T2T 时间内的侧向位移y2vyT2eU0T24md(1 分)故电子离开偏转电场时最大侧向位移ymy1y23eU0T28md(1 分)(3)设电子进入磁场时速度方向与水平方向夹角为，则tanvyv0eU0T2md2md3eU0T33(1 分)30，电子进入磁场速度 vv0coseU0Tmd，进入磁场后，洛伦兹力提供向心力qvBmv2R(1 分)当 B 最大时，电子与右极板相切，lR1R1cos60，R123l，R1mveB1，B1mveR13U0T2ld(1 分)当 B 最小时，电子与右极板垂直R22l，B2mveR2U0T2ld(1 分)故U0T2ldB3U0T2ld(1 分)