05至08年北京各区高考物理一二三模整理（共73套） 07海淀0模doc--高中物理 .doc

《05至08年北京各区高考物理一二三模整理（共73套） 07海淀0模doc--高中物理 .doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《05至08年北京各区高考物理一二三模整理（共73套） 07海淀0模doc--高中物理 .doc（7页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、 永久免费组卷搜题网海淀适应性训练07.3.2713处于n3激发态的大量氢原子向基态跃迁时所放出的光子中，只有一种光子不能使金属A产生光电效应，则下列说法不正确的是 （ A ）A不能使金属A产生光电效应的光子一定是氢原子从n3的激发态直接跃迁到基态时放出的B不能使金属A产生光电效应的光子一定是氢原子从n3的激发态跃迁到n2的激发态时放出的C氢原子从n4的激发态跃迁到n3的激发态，所放出的光子一定不能使金属A产生光电效应D氢原子从n4激发态直接跃迁到基态，所放出的光子一定能使金属A产生光电效应14一定质量的气体，经过不同过程从状态变化到状态，已知状态的温度高于状态的温度。若气体分子之间的相互作用

2、力在不发生碰撞时可以忽略不计，则在这些状态变化过程中 （ C ）气体一定从外界吸收热量气体和外界传递的热量一定相同气体的内能变化量一定相同外界对气体做的功一定相同A图1BCEO15如图1所示，在水平方向的匀强电场中的O点，用轻、软的绝缘细线悬挂一带电小球，当小球位于B点时处于静止状态，此时细线与竖直方向（即OA方向）成角。现将小球拉至细线与竖直方向成2角的C点，由静止将小球释放。若不计空气阻力，对于此后小球的运动，则下列判断中正确的是（ D ）A小球再次通过B点时，所受的合力一定为零B小球一定不能到达A点C小球从C到B的时间与从B到A的时间一定不等D小球通过B点时的速度一定最大16图2是沿x轴

3、传播的一列简谐波在t=0时刻的波形图。已知波的传播速度为8.0m/s，从此时起，图中的P质点比Q质点先经过平衡位置。 那么下列说法中正确的是 （ C ）图2y/cmx/m50-51.02.03.04.05.06.0PQA这列波一定沿x轴正向传播B这列波的周期是2.0sCt=0.25s时P质点的速度和加速度都沿y轴正向Dt= 0.25s时Q质点的速度和加速度都沿y轴负向图3ABCPQ17一个等腰直角三棱镜的横截面如图3所示，沿此横截面有一细束绿光从AC面的P点平行于底面AB方向射入棱镜后，经AB面反射，再从BC面的Q点射出，且PQAB（图中未画出光在棱镜内的光路）。如果将一细束蓝光沿同样的路径从

4、P点射入三棱镜，则从BC面射出的光线 （ C ）A仍从Q点射出，出射光线与AB平行B仍从Q点射出，出射光线与AB不平行C从Q点上方某点射出，出射光线与AB平行D从Q点下方某点射出，出射光线与AB不平行18测定压力变化的电容式传感器的原理如图4所示，A为固定电极，B为可动电极，A、B组成一个电容可变的电容器。可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，使可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容。现将此电容式传感器连接到如图4所示的交流电路中，图中A为交流电流表，R为保护电阻，若保持交流电的频率及电压的有效值不变，则 （ B ）图4待测压力ABRAA当待测压力增大时电容器的电容将减小B当待测压

5、力增大时电流表的示数将增大C当待测压力不变时，电流表的示数为零D当待测压力为零时，电流表的示数为零图5FAB19如图5所示，质量相同的木块A、B用轻弹簧连接置于光滑的水平面上，开始时弹簧处于原长状态。现用水平恒力F推木块A，则从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中 （ D ）A两木块速度相同时，加速度aA= aBB两木块速度相同时，加速度aAaBC两木块加速度相同时，速度vAvB图61234B2B1E20科学研究发现，宇宙中每种粒子都有与之对应的反粒子，粒子和反粒子具有相同的质量、电量和寿命，只是所带电荷符号相反，如正电子就是电子的反粒子，也可以叫反电子。反物质由反粒子构成，与地球上物质结构有

6、相似之处。1998年6月3日，美国发射的航天飞机“发现者”号搭载了由中国科学院电工研究所设计制造的磁谱仪，它的主要使命就是要探测宇宙空间中可能存在的反物质。磁谱仪由粒子速度选择器和磁场组成，它可以保证所有进入磁感应强度为B2的匀强磁场区域的粒子具有共同的速度。若如图6所示磁谱仪中的4条径迹分别为质子、反质子、粒子，反氦核的径迹，其中哪一条为反氦核的径迹 （ B ）A1 B2 C3 D4图7lOT 2 21（18分）（1）在用单摆测定重力加速度的实验中， 为了减小测量误差，如下措施中正确的是 。 A单摆的摆角应尽量大些B摆线应尽量短些C摆球的体积较小、质量较大 D测量周期时，应取摆球通过最低点做

7、为计时的起、终点位置E测量周期时，应测摆球3050次全振动的时间算出周期F将拴着摆球的摆线平放在桌面上，将摆线拉直后用米尺测出摆球球心到摆线某点O间的长度作为摆长，然后将摆线从O点吊起 某学生在实验中，测出了多组摆长l和周期T的值，然后作出T2l图线如图7所示，并已测量计算出图线的斜率为k。则由斜率k求重力加速度的公式是g 。（1）CDE（4分）（说明：每答对一个得1分，全都答对的得4分，有错选的本小题得零分）；42/k（2分）（2）在把电流表改装成电压表的实验中，要将量程为200A的电流表G改装为量程为5V的电压表，需先用如图8所示的电路即“半偏法”测出此电流表的内电阻Rg。图8S2S1Er

8、R1R2G 在测量Rg的实验中，有如下的主要实验器材供选择：A滑动变阻器（阻值范围0200）B滑动变阻器（阻值范围01750）C电阻箱（阻值范围0999.9）D电阻箱（阻值范围099999.9）图9AVRxRSErE电源（电动势6V，内阻0.3）F电源（电动势12V，内阻0.6）为提高测量精度，变阻器R2应选用_，电源E最好选用_。（填入选用器材的字母代号）图10RxG 若测得Rg=500，为完成上述改装，需要用一个 的电阻与电流表串联。 用改装成的电压表，按图9所示的电路测量未知电阻Rx。图10是电路中所需要的器材（虚线框内为上述已改装好的电压表），请按电路图画出连线，将所示器材连接成实验电

9、路。（要求在闭合开关前，滑动变阻器的滑动头处于正确位置）图110100200A 若测量未知电阻Rx时，电流表的读数为0.20，而改装后的电压表的表头（刻度盘仍为原电流表的刻度）示数如图11所示，那么Rx的测量值为_。D、F（每空2分，共4分）；24.5k（2.45104）（2分）；图RxG电路连接如图所示（3分，其中滑动变阻器的固定端接错得2分，有其他任何错误的均得0分；未画滑动变阻器的滑动头与固定端的连线不扣分）；15（3分）图12OBAh 22（16分）如图12所示，A、B为两个半径相同的小球，A的质量M=0.60kg，B的质量m=0.40kg，A球用轻质细绳吊起，绳长l=1.0m（两球的

10、半径大小可忽略不计），B球放在悬点正下方的光滑水平桌面的边缘，开始时两球相互接触但没有作用力。现将A球拉到高h=0.20m处由静止释放，摆到最低点时与B球碰撞，碰后两球粘在一起共同向上摆。若g取10m/s2，求：（1）A球刚接触到B球时的速度大小；（2）两小球相碰撞过程中，B球对A球所做的功；（3）两小球碰撞后一起运动离开桌面的瞬间，两球对细绳的拉力大小。22（16分）（1）A球下摆过程中，机械能守恒，设其刚与B球碰撞时的速度大小为vA，则有 Mgh=MvA2（2分）解得vA=2.0m/s（2分）（2）两球相碰撞的过程，系统沿水平方向动量守恒，设碰撞后的共同速度大小为v，则有 MvA=（M+m

11、）v（2分）解得v=1.2m/s（1分）根据动能定理可知，B球对A球所做的功W=M（v2-vA2）= -0.77J（3分）说明：W=-0.768J同样得分。（3）设两球碰撞后一起运动离开桌面的瞬间所受细绳的拉力为T，根据牛顿第二定律对两球碰撞后的瞬间有 T-（M+m）g=（M+m）v2/l（3分）解得：T=11.44N（1分）根据牛顿第三定律可知，两球对细绳的拉力大小T=11.44N（2分）说明：计算结果为T=11N或11.4N同样得分。图12OBAh22（16分）如图12所示，A、B为两个大小可视为质点的小球，A的质量M=0.60kg，B的质量m=0.40kg，B球用长l=1.0m的轻质细绳

12、吊起，当细绳处于竖直位置B球处于静止状态时，B球恰好与弧形轨道MN的末端接触但无作用力。已知弧形轨道的内表面光滑，且末端切线水平。现使A球从距轨道末端h=0.20m的高处由静止释放，当A球运动到轨道末端时与B球碰撞，碰后两球粘在一起运动。若g取10m/s2，求：（1）A球刚接触到B球时的速度大小；（2）两小球相碰撞过程中，B球对A球所做的功；（3）两小球碰撞后开始一起运动的瞬间，两球对细绳的拉力大小。22（16分）（1）A球沿轨道下滑的过程中，机械能守恒，设其刚与B球碰撞时的速度大小为vA，则有 Mgh=MvA2（2分）解得vA=2.0m/s（2分）（2）两球相碰撞的过程，系统沿水平方向动量守

13、恒，设碰撞后的共同速度大小为v，则有 MvA=（M+m）v（2分）解得v=1.2m/s（1分）根据动能定理可知，B球对A球所做的功W=M（v2-vA2）= -0.77J（3分）说明：W=-0.768J同样得分。（3）设两球碰撞后开始一起运动的瞬间所受细绳的拉力为T，根据牛顿第二定律对两球碰撞后的瞬间有 T-（M+m）g=（M+m）v2/l（3分）解得：T=11.44N（1分）根据牛顿第三定律可知，两球对细绳的拉力大小T=11.44N（2分）说明：计算结果为T=11N或11.4N同样得分。图13射程v023（18分）如图13所示，在距水平地面一定高度处以初速度v0水平抛出一个质量为m、电荷量为Q

14、的带正电的小球。当周围不存在电场和磁场时，小球的落地点与抛出点之间有相应的一段水平距离（即射程）。（1）若在此空间加上一个竖直方向的匀强电场使小球的射程增加为原来的2倍，试求此电场的电场强度。（2）若除存在上述电场外，还存在一个与v0方向垂直的水平方向匀强磁场，使小球抛出后恰好能做匀速直线运动。试求此匀强磁场的磁感应强度。（3）若在空间存在上述的电场和磁场，而将带电小球的初速度大小变为v=v0/2（方向不变），且小球并没有落至地面，试说明小球运动过程中动能最大时的速度方向。23（18分）（1）当没有加电场时，设小球在空中的运动时间为t，抛出点离地面的高度为h，射程为s。小球做平抛运动，则有：

15、s=v0t（1分） h=gt2（1分）加电场后，射程s=2s，设下落的时间为t，下落的加速度大小为a，因此有2s= v0t（1分）h=at2（1分）解得a= g/4（1分）设所加电场的电场强度为E，根据牛顿第二定律有：mg-EQ=mg/4 （2分）解得 E=3mg/4Q（1分）由运动情况可判断出，方向竖直向上（1分）（2）加磁场后，小球受重力、电场力、洛仑兹力三力平衡。则应有mg=EQ+Qv0B （3分）解得B=mg/（4Qv0） （1分）根据左手定则，磁场的方向垂直纸面向里 （1分）（3）由于带电小球的运动速度变小，洛仑兹力变小，小球将运动至抛出点的下方。但由于洛仑兹力对小球不做功，只有重力

16、和电场力对小球做功，小球向抛出点下方运动，重力和电场力的合力做正功，小球的动能增加。当小球运动到抛出点下方最低点时，动能最大。（2分）小球运动到最低点时，沿竖直方向的分速度为零，所以此时的速度方向一定沿水平方向向右。（2分）说明：若只答“水平方向”，得1分。图14lhdMNv024（20分）磁流体动力发电机的原理如图14所示，一个水平放置的上下、前后封闭的横截面为矩形的塑料管，其宽度为l，高度为h，管内充满电阻率为的某种导电流体（如水银）。矩形塑料管的两端接有涡轮机，由涡轮机提供动力使流体通过管道时具有恒定的水平向右的流速v0。管道的前、后两个侧面上各有长为d的相互平行且正对的铜板M和N。实际

17、流体的运动非常复杂，为简化起见作如下假设：垂直流动方向横截面上各处流体的速度相同；流体不可压缩；当N、N之间有电流通过时，电流只从M、N之间正对的区域内通过。（1）若在两个铜板M、N之间的区域加有竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场，则当流体以稳定的速度v0流过时，两铜板M、N之间将产生电势差。求此电势差的大小，并判断M、N两板哪个电势较高；（2）用电阻可忽略不计的导线将铜板M、N外侧相连接（设电流只分布在M、N之间的长方体内），由于此时磁场对流体有力的作用，使流体的稳定速度变为v（vv0），求磁场对流体的作用力；（3）为使速度增加到原来的值v0，涡轮机提供动力的功率必须增加，假设流体在流动过程

18、中所受的阻力与它的流速成正比，试导出新增加功率的表达式。 24（20分）（1）由法拉第电磁感应定律，两铜板间的电势差E=Blv0（2分）由右手定则可判断出M板的电势高（2分）（2）用电阻可忽略不计的导线将铜板M、N外侧相连接，即铜板由外侧短路后，M、N两板间的电动势E=Blv（2分）短路电流I=E/R内，（1分）R内=（3分）磁场对流体的作用力F=BIl（1分）解得：F=（2分）方向与v方向相反（或水平向左）（1分）（3）设流体在流动过程中所受的阻力与流速的比例系数为k，所以在外电路未短路时流体以稳定速度v0流过，此时流体所受的阻力（即涡轮机所提供的动力）F0=kv0（1分）此时涡轮机提供的功

19、率P0=F0v0=kv02（1分）外电路短路后，流体仍以稳定速度v0流过时，设此时磁场对流体的作用力为F磁，根据第（2）问的结果可知F磁=（1分）此时涡轮机提供的动力Ft=F0+F磁=kv0+（1分）此时涡轮机提供的功率Pt=Fv0= kv02+（1分）所以新增加功率P=Pt-P0=（1分）说明：第（3）问如果采用如下做法也得6分：外电路没有接通，流体以稳定速度v0流过时，磁场对流体无作用力；外电路短路后，流体仍以稳定速度v0流过，设此时磁场对流体的作用力为F磁，外接涡轮机必须增加压力F用以平衡F磁，即 F=F磁（2分）根据第（2）问的结果可知F磁=（2分）此时涡轮机新增加功率的功率P =Fv0= （2分） 永久免费组卷搜题网