安徽省太和第一中学2019_2020学年高二化学上学期第一次月考试题卓越班含解析.doc

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1、安徽省太和第一中学2019-2020学年高二化学上学期第一次月考试题（卓越班，含解析）可能用到相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 S 32 Cl 35.5 K 39 Ca 40 Fe 56 Cu 64 Zn 65 I 127 Ba 137第I卷(选择题 共60分)一、单选题(本大题共24小题，每题2.5分)1.网络表情包“苯宝宝装纯(醇)”，该分子由“苯宝宝”拿一个氢原子换了个羟基形成，下列说法不正确的是A. 苯宝宝只想安静地装醇，说明该分子不是醇B. 该分子中所有原子一定共面C. 该分子能和Na发生置换反应生成H2D. 该分子苯环上的一个氢原子被C4H

2、9取代所得的同分异构体有12种【答案】B【解析】【详解】A. 羟基直接连在苯环上属于酚类，故A正确；B. 苯环上6个碳原子及与之相连的6个原子共面，但羟基上的氢原子与苯环不一定共面，故B错误；C. 苯酚具有弱酸性，该分子能和Na发生置换反应生成H2，故C正确；D. 丁基有4种结构，该分子苯环上的一个氢原子被C4H9取代时与羟基有邻、间、对三种位置关系，所得的同分异构体有34=12种，故D正确；故选B。2.春节期间很多人喜欢相互发送祝福的话语，比如一种“本宝宝福禄双全”的有机物被化学爱好者大量转发，其结构为，该物质的同分异构体中具有“本宝宝福禄双全”谐音且“福禄”处于对位的有机物有A. 3种B.

3、 4种C. 6种D. 9种【答案】B【解析】【详解】其同分异构体中，F、Cl处于苯环的对位， 2个醛基的位置取代在1、2时，一种；取代在1、3和2、4时，各一种；在1、4时，一种，共计4种，答案为B3.下列关于有机物性质的叙述不正确的是（ ）A. 大多数有机物难溶于水，易溶于有机溶剂B. 有机物参加的反应比较复杂，一般情况下反应较慢C. 有机物一般硬度大、熔点高D. 绝大多数有机物容易燃烧【答案】C【解析】【详解】A.大多数有机物难溶于水，易溶于汽油、酒精、苯等有机溶剂，故A正确；B.有机物参加的反应比较复杂，一般情况下反应较慢，并且还常伴有副反应发生，故B正确；C.有机物一般形成分子晶体，硬

4、度较小、熔点和沸点较低，故C错误；D.绝大多数有机物容易燃烧，故D正确。故答案选C。4.除去下列物质中所含的少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能达到实验目的的是（ ）选项混合物试剂分离方法A甲烷（乙烯）KMnO4溶液洗气B乙醇（乙酸）饱和碳酸钠溶液分液C苯（苯酚）溴水过滤D乙炔（H2S）CuSO4溶液洗气A. AB. BC. CD. D【答案】D【解析】【分析】A、乙烯能被高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳；B、加入碳酸钠溶液后，应用蒸馏可分离；C、苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于苯中；D、硫化氢与硫酸铜溶液反应，而乙炔不能反应。【详解】A项、乙烯能被高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳，除

5、去乙烯的同时引入了二氧化碳新杂质，应选用溴水、洗气除杂，故A错误；B项、乙酸与饱和碳酸钠溶液反应乙酸钠，增大了与乙醇的沸点差异，可以用蒸馏可分离，故B错误；C项、苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于苯中，除去苯酚的同时引入了三溴苯酚新杂质，应加入氢氧化钠溶液、分液除杂，故C错误；D项、硫化氢与硫酸铜溶液反应，而乙炔不能反应，则加硫酸铜溶液、洗气可达到除杂目的，故D正确。故选D。【点睛】本题考查混合物的分离提纯，侧重分析与应用能力的考查，注意除杂的原则，把握发生的反应及混合物分离提纯方法为解答的关键。5.下列有机物命名正确是（ ）A. 2乙基丙烷B. CH3CH2CH2CH2OH 1丁醇C. CH

6、3CH3 间二甲苯D. 2甲基2丙烯【答案】B【解析】【详解】A.最长的碳链上碳原子数为4，名称为2甲基丁烷，A错误；B.CH3CH2CH2CH2OH共有4个碳原子，且羟基在第一个碳原子上，名称1丁醇，B正确；C.CH3CH3苯环上的2个甲基在对位，名称为对二甲苯，C错误；D.碳碳双键在第一个碳原子上，则名称为2甲基1丙烯，D错误；答案为B；6.下列说法正确的是A. 分子式为C5H11Cl的同分异构体有7种B. 分子中有两个CH3，分子式为C5H11Cl的同分异构体有3种C. 中所有碳原子一定在同一平面上D. 中至少有16个原子共平面【答案】D【解析】【详解】A、C5H11有8种结构，故A错误

7、；B、C5H11Cl可看作戊烷的1个H原子被Cl原子取代后的产物，戊烷有三种同分异构体，正戊烷(CH3CH2CH2CH2CH3)分子中有两个CH3，只能是中间碳原子上的H原子被Cl原子取代，有2种情况；异戊烷()分子中有3个CH3，必须是Cl原子取代1个CH3上的H原子，也有2种情况；新戊烷C(CH3)4分子中有4个CH3，一个Cl原子取代H原子不能满足题设要求，故满足题意的共4种同分异构体，故B错误；C、因为环状结构不是平面结构，所以所有碳原子不可能在同一平面上，故C错误；D、该分子中在同一条直线上的原子有8个，再加上其中一个苯环上的8个原子，所以至少有16个原子共平面，故D正确。【点睛】在

8、确定有机物的结构时，可将有机物拆分为“心、桥、端基”，然后分析确定。例如，对该题B项可进行以下拓展:某有机物A的分子式为C5H11Cl，分析数据表明，分子中有两个CH3、两个CH2、一个及一个Cl，它的可能结构只有四种。请写出这四种可能的结构简式。一个多碳链有机物可分为三部分:心、桥、端基，如表所示。基团示例心、等桥、等端基、等解题时可先固定“心”和“端基”，然后插入“桥”(可不插入基团)。(1)固定“心”和“端基”CH3和Cl；(2)插入“桥”(如图所示):2个“桥”是CH2，有、；1个“桥”是CH2CH2，其他不插入“桥”，有、。7.使1mol乙烯与氯气先发生加成反应，然后使该加成反应的产

9、物与氯气在光照的条件下发生取代反应，则两个过程中消耗的氯气总的物质的量最多是( )A. 3molB. 4molC. 5molD. 6mol【答案】C【解析】【详解】C2H4+Cl2CH2ClCH2Cl，所以1mol乙烯与氯气发生加成反应需要氯气1mol；CH2ClCH2Cl+4Cl2CCl3CCl3+4HCl，所以1molCH2ClCH2Cl与氯气发生取代反应，最多需要4mol氯气，这两部分之和为1mol+4mol=5mol，因此合理选项C。8.假设烷烃的通式为，以下物理量随n的增加而减小的是 （）A. 1mol烷烃中共价键的数目B. 1mol烷烃完全燃烧时的耗氧量C. 一氯代物的种类D. 氢

10、元素的含量【答案】D【解析】【详解】A. 烷烃的通式为CnH2n+2 ，随着n值增大，碳氢原子数量增加，形成的共价键越来越多，故A错误；B. 烷烃的通式为CnH2n+2 ，随着n值增大，碳氢原子数量增加，1mol烷烃完全燃烧时的耗氧量越来越大，故B错误；C. 烷烃的通式为CnH2n+2 ，随着n值增大，同分异构体的数量越来越多，一氯代物的种类，越来越多，故C错误；D. 烷烃的通式为CnH2n+2，H元素的质量分数为，由算式可知n值越大，氢元素的含量越小，故D正确；答案为D。9.由于碳碳双键不能自由旋转，因此和是两种不同的化合物，二者互为顺反异构体。则分子式为C3H4Cl2且含有碳碳双键的同分异

11、构体（含顺反异构）有（ ）A. 7种B. 5种C. 6种D. 4种【答案】A【解析】【分析】根据官能团位置异构首先写出C3H4Cl2的同分异构体，然后确定哪些同分异构体还存在顺反异构，据此判断即可。【详解】C3H4Cl2分子中含有碳碳双键和氯原子，有ClCH=CCl-CH3、ClCH=CH-CH2Cl、CH2=CCl-CH2Cl、Cl2C=CH-CH3和CH2=CH-CHCl25种同分异构体，其中ClCH=CCl-CH3和ClCH=CH-CH2Cl均存在顺反异构体，则含有碳碳双键的化合物的同分异构体有7种，故选A。故答案选A。【点睛】顺反异构体：（1）产生原因：由于碳碳双键不能旋转而导致分子中

12、原子或原子团在空间的排列方式不同。（2）形成顺反异构的条件：具有碳碳双键。组成双键的每个碳原子必须连接两个不同的原子或原子团。（3）顺反异构的分类：顺式结构：两个相同的原子或原子团排列在双键的同侧。反式结构：两个相同的原子或原子团分别排列在双键的异侧。10.卤素互化物与卤素单质性质相似。已知CH2CHCHCH2(1，3丁二烯)与氯气发生1：1加成的产物有两种：CH2ClCHClCHCH2(1，2加成) CH2ClCHCHCH2Cl (1，4加成)据此推测CH2C(CH3)CHCH2(异戊二烯)与卤素互化物BrCl的1:1加成产物有几种(不考虑顺反异构和镜像异构（ ）A. 6种B. 10种C.

13、12种D. 14种【答案】A【解析】【分析】异戊二烯()和BrCl发生1;1加成时，可以是1,2-加成或3,4-加成，Cl可以位于1号或2号碳上或3号碳上或4号碳上；可以是1,4-加成，Cl可以位于1号碳或4号碳上，据此判断其产物种类。【详解】异戊二烯()和BrCl发生1:1加成时，可以是1,2-加成或3,4-加成，Cl可以位于1号或2号碳上或3号碳上或4号碳上，有4种产物；可以是1,4-加成，Cl可以位于1号碳或4号碳上,可以是1,4-加成，Cl可以位于3号或4号C上，有2种产物；共有6种产物，故A正确；故答案选A。11.下列关于乙炔制取的说法中，正确的是A. 实验室制取乙炔的反应为CaC2

14、+H2OCaO+C2H2B. 为了加快反应速率可用饱和食盐水代替水C. 点燃乙炔前必须验纯D. 用高锰酸钾酸性溶液除乙炔中的杂质【答案】C【解析】【分析】A根据电石（主要成分CaC2）与水反应得到乙炔和氢氧化钙，；B根据电石跟水反应比较剧烈，用饱和食盐水代替水可以得到较平稳的气流；C气体点燃前需验纯，以防止爆炸；D根据除杂时主成份不能与除杂试剂反应；【详解】A电石（主要成分CaC2）与水反应得到乙炔和氢氧化钙，方程式为：CaC2+2H2OCa（OH）2+C2H2，故A错误；B电石跟水反应比较剧烈，用饱和食盐水代替水可以得到较平稳的气流，用饱和食盐水代替水是为了减慢反应速率，故B错误；C点燃乙炔

15、前必须验纯，防止爆炸，故C正确；D乙炔也能与高锰酸钾酸性溶液发生氧化反应，不符合除杂原理，故D错误；故选C。12.某高聚物的结构为：，其单体的结构简式为 ( )A. B. 和CH2=CH2C. 和CH2=CH2D. 和CH2=CH-CH2-CH2【答案】C【解析】【分析】由高聚物结构简式的可知，主链含有6个C原子，没有其它杂原子，其中含有1个C=C双键，为二烯烃与烯烃的加聚反应产物，以此解答该题。【详解】由高聚物的结构可知，主链可含有6个C原子，没有其它杂原子，其中含有1个C=C双键，为二烯烃与烯烃的加聚反应产物，按如图所示断键，其中双键中1个C-C断裂，再恢复原来的双键，故其单体为CH2=C

16、(CH3)-CH=CH-CH3，CH2=CH2，即为2-甲基-1，3-戊二烯和乙烯，故答案为C。13.下列化学用语或物质的性质描述正确的是（ ）A. 乙烯在一定条件下能发生加成反应，加聚反应，被酸性高锰酸钾溶液氧化B. 符合分子式为C3H8O的醇有三种不同结构C. 如图的键线式表示烃的名称为：3-甲基-4-乙基-7-甲基辛烷D. 治疗疟疾的青蒿素（如图）易溶于水【答案】A【解析】【详解】A乙烯的结构简式为CH2=CH2，含有官能团是碳碳双键，能发生加成反应、加聚反应，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，故A正确；BC3H8的结构简式(以碳胳的形式)：，因此羟基的位置可以在和上，因此C3H8O的醇有两种结

17、构，故B错误；C根据烷烃的命名，此有机物名称为2、6二甲基5乙基辛烷，故C错误；D青蒿素中不含亲水基团，因此青蒿素不溶于水，故D错误；故答案选A。【点睛】烷烃的命名原则是：找出最长的碳链当主链，依碳数命名主链，前十个以天干（甲、乙、丙）代表碳数，碳数多于十个时，以中文数字命名，如：十一烷；从最近的取代基位置编号：1、2、3（使取代基的位置数字越小越好）以数字代表取代基的位置数字与中文数字之间以-隔开；有多个取代基时，以取代基数字最小且最长的碳链当主链，并依甲基、乙基、丙基的顺序列出所有取代基；有两个以上的取代基相同时，在取代基前面加入中文数字：一、二、三，如：二甲基，其位置以，隔开，一起列于取

18、代基前面。含有官能团的有机物的命名，选取含有官能团的最长链为主链，从离官能团近的一端开始标号。14.欲观察环戊烯()是否能使酸性KMnO4溶液褪色，先将环戊烯溶于适当的溶剂，再慢慢滴入0.005molL-1 KMnO4溶液并不断振荡。下列哪一种试剂最适合用来溶解环戊烯做此实验A. 四氯化碳B. 裂化汽油C. 甲苯D. 水【答案】A【解析】【详解】A项，环戊烯溶于四氯化碳，四氯化碳不能使KMnO4溶液褪色，不干扰环戊烯的检验；B项，环戊烯溶于裂化汽油，而裂化汽油能使KMnO4溶液褪色，干扰环戊烯的检验；C项，环戊烯溶于甲苯，而甲苯能使KMnO4溶液褪色，干扰环戊烯的检验；D项，环戊烯不溶于水；答

19、案选A。【点睛】该题的关键是在选择溶剂时不能干扰对环戊烯的鉴别。15.下列反应过程中不能引入醇羟基的是A. 醛的氧化反应B. 卤代烃的取代反应C. 烯烃的加成反应D. 酯的水解反应【答案】A【解析】【详解】A.醛的氧化反应引入的是羧基，故A符合题意；B.卤代烃取代反应能够引入羟基官能团，如溴乙烷在氢氧化钠的水溶液中加热情况下，水解得到乙醇，故B不符合题意；C.烯烃的加成反应能够引入羟基，如烯烃和水加成生成乙醇，引入了羟基，故C不符合题意；D.酯的水解反应能够引入羟基，如乙酸乙酯水解，能生成乙醇和乙酸，故D不符合题意； 所以本题正确答案为A。【点睛】根据官能团的性质和各种反应类型的反应原理进行分

20、析判断即可。16.检验C3H7Br中是否含有溴元素，其实验的正确步骤是 ( )加热 加入硝酸酸化 加硝酸银溶液 加入NaOH溶液A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】检验某液态卤代烃中是否含溴元素，应先水解或消去得到溴离子，然后加酸至酸性，利用硝酸银观察浅黄色沉淀生成，以此来解答。【详解】C3H7Br为非电解质，应在碱性条件下加热发生水解反应生成丙醇和NaBr，然后加入硝酸酸化的AgNO3溶液，观察是否产生浅黄色沉淀，如生成浅黄色沉淀，则说明含有溴元素。答案选C。【点睛】本题考查有机物中溴元素的检验，为高频考点，把握溴代烃中不含溴离子及溴离子的检验方法为解答的关键，注意溴代烃水解或

21、消去后得到溴离子，检验溴离子应在酸性条件下，题目难度不大。17.己烷雌酚的一种合成路线如下：下列叙述不正确的是A. 在NaOH水溶液中加热，化合物X可发生消去反应B. 在一定条件下，1mol化合物Y可消耗4molBr2C. 用FeCl3溶液可鉴别化合物X和YD. 在一定条件，化合物Y可与HCHO发生缩聚反应【答案】A【解析】【详解】AX含-Br，可发生消去反应，反应条件为NaOH的醇溶液、加热，反应条件不正确，故A错误；B酚-OH邻位、对位上的氢原子可以与溴发生取代反应，则1mol化合物Y可消耗4molBr2，故B正确；CY含酚-OH，遇氯化铁发生显色反应，X不能，则FeCl3溶液可鉴别化合物

22、X和Y，故C正确；D由苯酚与HCHO可发生缩聚反应可知，Y中含酚-OH，且酚-OH的两个邻位H可与HCHO发生缩聚反应，故D正确；故选A。18.汉黄芩素是传统中草药黄芩的有效成分之一，对肿瘤细胞的杀伤有独特作用。下列有关汉黄芩素的叙述正确的是 （ ） A. 汉黄芩素的分子式为C16H13O5B. 该物质遇FeCl3溶液不显色C. 1 mol该物质与溴水反应，最多消耗2 mol Br2D. 与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团的种类减少1种【答案】C【解析】【详解】A汉黄芩素的分子式为C16H12O5，选项A错误；B含酚-OH，遇FeCl3溶液显色，选项B错误；C酚-OH的邻对位与溴水发生取

23、代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应，则1 mol该物质与溴水反应，最多消耗2mol Br2，选项C正确；D与足量H2发生加成反应后，该分子中官能团碳碳双键、羰基均减少，选项D错误；答案选C。19.我国科研人员以蹄叶橐吾为原料先制得化合物再转化为具有抗癌抑菌活性的倍半萜化合物，有关转化如图所示，下列有关说法不正确的是A. 化合物能使酸性KMnO4溶液褪色B. 化合物分子中含有5个手性碳原子C. 化合物一定条件下能发生取代、消去及加成反应D. 检验化合物是否含化合物可用Br2的CCl4溶液【答案】D【解析】【详解】A化合物I中含C=C键，能使酸性KMnO4溶液褪色，故A正确；B连有4个不同基团的碳

24、原子为手性碳原子，则中有含有5个手性碳原子，如图中黑色球表示的碳，故B正确；C化合物中含-Cl、-OH、C=C，则一定条件下能发生取代、消去及加成反应，故C正确；D两种化合物中均含C=C，均能使Br2的CCl4溶液褪色，所以用Br2的CCl4溶液不能检验化合物是否含化合物，故D错误；故答案为D。【点睛】以有机物的结构为载体，考查官能团的性质。熟悉常见官能团的性质，进行知识迁移运用，根据有机物结构特点，有碳碳双键决定具有烯烃的性质，有羧基决定具有羧酸的性质，有醇羟基决定具有醇的性质，有苯环还具有苯的性质，有酯基就具有酯的性质。20.0.1mol某有机物的蒸气跟过量O2混合后点燃，生成13.2g

25、CO2和5.4g H2O，该有机物跟金属反应放出H2，又能跟新制Cu(OH)2悬浊液加热时生成红色沉淀，此有机物还能跟乙酸反应生成酯类化合物该酯类化合物的结构简式可能是( )A. CH3CH(OCH3) CHOB. OHCCH2CH2COOCH3C. CH3CH(OOCCH3)CHOD. OHCCH(OH) COOH【答案】C【解析】【分析】0.1mol某有机物的蒸气跟足量O2混合点燃，反应后生成13.2g即0.3molCO2和5.4g即0.3molH2O，根据质量守恒可知1个有机物分子中含有3个碳原子和6个氢原子，可能含有氧原子，根据该有机物能跟Na反应放出H2，又能跟新制Cu(OH)2反应

26、生成红色沉淀，此有机物还能跟乙酸反应生成酯类化合物，说明有机物中一定含有羟基、醛基，可能含有羧基，生成的酯类化合物中一定含有酯基来解答。【详解】ACH3-CH(OCH3)-CHO中没有酯基，不符合题意，故A错误；BOHCCH2COOCH2CH3中含有酯基，但原有机物中没有羟基，不符合题意，故B错误；C中含有酯基，原有机物中1个分子中含有3个碳原子和6个氢原子，有机物中含有羟基、醛基，符合题意，故C正确；DCH3COOCH2CH2COCH3中没有醛基，不符合题意，故D错误；故答案为C。21.在120时，1体积甲烷和丁烯的混合物与4体积O2在密闭容器中充分燃烧，只生成水和二氧化碳，反应后恢复到原温

27、度，压强增加为原来的1.1倍，则混合气体中丁烯的体积分数是（ ）A. 9 5%B. 50%C. 40%D. 20%【答案】B【解析】【分析】120时，甲烷燃烧生成CO2和H2O（g），该反应反应前后气体体积不变，则压强增大是由丁烯燃烧生成CO2和H2O（g）体积增大造成的，根据体积增加利用差量法计算出原混合气体中丁烯的体积，再根据体积分数定义计算混合气体中丁烯的体积分数。【详解】120时，甲烷燃烧生成CO2和H2O（g），由方程式CH4+2O2CO2+2H2O可以发现甲烷燃烧前后气体体积不发生变化，则压强增大是由丁烯燃烧生成CO2和H2O（g）体积增大造成的，反应后恢复到原温度，压强增加为原来

28、的1.1倍，则反应后总体积为5.5体积，设1体积甲烷和丁烯的混合物中丁烯体积为X，则有以下关系：C4H8+6O24CO2+4H2O V 1 1X （5.5-5）体积=0.5体积由方程式可知X=0.5体积，所以混合气体中丁烯的体积分数为50%，故选B。【点睛】本题考查混合物反应的计算，确发生反应的原理，注意掌握差量法在化学计算中的应用方法为解答关键。22.NA代表阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是( )A. 常温常压下，78 g苯中存在的碳碳双键数目为3 NAB. 1 mol羟基与17 g NH3所含电子数都为NAC. 标准状况下，22.4 L乙烷和丙烯的混合物中含氢原子数目为6 NAD. 1

29、 mol 2-戊烯和苯的混合物，按不同比例混合，完全燃烧时消耗氧气的量不同【答案】C【解析】【详解】A苯分子中不含碳碳双键，故A项错误；B.1mol羟基含有电子数为9NA，17gNH3的物质的量为1mol，所含电子数为10NA，故B项错误；C1个乙烷分子和1个丙烯分子都含有6个H原子，标准状况下，22.4L乙烷和丙烯的混合物，其物质的量为1mol，含氢原子数目为6NA，故C项正确；D.1个戊烯分子完全燃烧消耗7.5个氧气分子，1个苯分子完全燃烧消耗7.5个氧气分子，1 mol2-戊烯和苯的混合物，按不同比例混合，完全燃烧时消耗氧气的量相同，故D项错误；故答案选C。23.立方烷的结构如图，不考虑

30、立体异构，其二氯代烃和三氯代烃的数目分别为A. 2和3B. 2和4C. 3和3D. 3和4【答案】C【解析】【详解】立方烷的二氯代烃同分异构体分别是：一条棱、面对角线、体对角线上的两个氢原子被氯原子代替，所以二氯代物的同分异构体有3种；立方烷的三氯代烃同分异构体有3种，其中红点代表与氯相连的碳原子，答案选C。24.下列说法正确的是（ ）A. 糖类、油脂、蛋白质都是由碳、氢、氧三种元素组成的B. 糖类、油脂、蛋白质都是天然高分子化合物C. 糖类又称碳水化合物，都可用通式Cm(H2O)n来表示D. 油脂可分为油和脂肪，都是高级脂肪酸甘油酯【答案】D【解析】【详解】A.糖类、油脂都是由碳、氢、氧三种

31、元素组成的，而蛋白质中除含碳、氢、氧三种元素外，还含有氮元素等，故A错误；B.糖类中单糖、双糖、油脂不是高分子化合物，故B错误；C.糖类不一定都能用通式Cm(H2O)n来表示，如鼠李糖(C6H12O5)、脱氧核糖(C5H10O4)等，故C错误；D.油脂有油和脂肪之分，但两者都属于高级脂肪酸甘油酯，故D正确；故答案选D。第II卷(非选择题 共40分)二、填空题（本大题共5小题）25.氢化阿托醛是一种重要化工原料，其合成路线如图：已知：HBr+CH3-CH=CH2请根据上述合成路线，回答下列问题：（1）一定条件下，1 mol氢化阿托醛最多可跟_mol氢气加成。（2）的反应类型是_。写出它的化学方程

32、式：_。（3）中所用试剂X为_。（4）写出反应的化学方程式：_。【答案】 (1). 4 (2). 消去反应 (3). +NaOH+NaCl+H2O (4). 氢氧化钠溶液 (5). 2+O22+2H2O【解析】【分析】根据题中各物质的转化关系，在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成A为，A与溴化氢在双氧水条件下发生信息中的反应生成B为，B在氢氧化钠水溶液中发生水解生成C为，C发生氧化反应生成氢化阿托醛()，据以上分析进行解答。【详解】根据题中各物质的转化关系，在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成A为，A与溴化氢在双氧水条件下发生信息中的反应生成B为，B在氢氧化钠水溶液中发生水解生成C为，C发生氧化反

33、应生成氢化阿托醛()；（1）由于氢化阿托醛中有一个苯环和一个醛基，1mol苯基最多与3mol氢气发生加成，1mol醛基与1mol氢气发生加成，所以一定条件下，1mol氢化阿托醛最多可跟4mol氢气加成；故答案为：4；（2）反应为在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成，反应的方程式为：+NaOH+NaCl+H2O；故答案为：消去反应；+NaOH+NaCl+H2O；（3）根据上面分析可知，中所用试剂X为氢氧化钠溶液；故答案为：氢氧化钠溶液； （4）C为，C发生氧化反应生成氢化阿托醛() ，反应的方程式为：2+O22+2H2O；故答案为：2+O22+2H2O。【点睛】能够与氢气在一定条件下发生加成反应的

34、有机物结构特点，含有不饱和键，如碳碳双键、碳碳三键、醛基、羰基等，含有苯环结构，且1mol苯基最多和3mol氢气发生加成反应；而羧基、酯基、肽键中的碳氧双键一般不能和氢气发生加成反应。26.由乙烯和其它无机原料合成环状化合物E，请在下列图信回答下列问题：（1）写出的反应类型_，所需添加的试剂和反应条件_（2）B的结构简式_（3）E与氢氧化钠溶液反应的化学方程式_。【答案】 (1). 加成反应 (2). O2，Cu（或Ag）、加热 (3). HOCH2CH2OH (4). +2NaOHNaOOC-COONa+HOCH2CH2OH【解析】【分析】根据流程可知，乙烯发生加成反应生成A ：BrCH2-

35、CH2Br；该有机物在碱性环境下发生水解生成B：HOCH2CH2OH；B发生连续氧化，分别生成C：OHC-CHO；D：HOOCCOOH；B与D发生酯化反应生成E：，据以上分析进行解答。【详解】根据流程可知，乙烯加成反应生成A ：BrCH2-CH2Br；该有机物在碱性环境下发生水解生成B：HOCH2CH2OH；B发生连续氧化，分别生成C：OHC-CHO；D：HOOCCOOH；B与D发生酯化反应生成E：；（1）结合以上分析可知，反应类型为加成反应；反应的反应条件为Cu或Ag加热；故答案是：加成反应；O2，Cu或Ag、加热；（2）结合以上分析可知，B的结构简式HOCH2CH2OH；故答案是：HOCH

36、2CH2OH；（3）E的结构简式：，在碱性环境下发生水解，反应的化学方程式为：+2NaOHNaOOC-COONa+HOCH2CH2OH；故答案是：+2NaOHNaOOC-COONa+HOCH2CH2OH。27.烷烃A只可能有三种一氯取代产物B、C、D，C的结构简式是，B和D分别与强碱的醇溶液共热，都只能得到有机化合物E。以上反应及B的进一步反应如图所示：已知：R-CHOR-COOH请回答下列问题：（1）A的结构简式是_。（2）H的结构简式是_。（3）B转变为F的反应属于_反应(填反应类型名称)。（4）B转变为E的反应属于_反应(填反应类型名称)。（5）1.16gH与足量的NaHCO3作用，标准

37、状况下可得CO2的体积是_mL。【答案】 (1). (2). (3). 取代(或水解) (4). 消去 (5). 224【解析】【分析】烷烃A只可能有三种一氯取代产物B、C和D，C的结构简式是(CH3)2C(CH2CH3)CH2Cl，故A为，B和D分别与强碱的醇溶液共热，都只能得到有机化合物E，故E为(CH3)3CCH=CH2，B在氢氧化钠水溶液下生成F，F为醇，F氧化生成G，G能与银氨溶液反应，G含有醛基-CHO，故B为(CH3)3CCH2CH2Cl，F为(CH3)3CCH2CH2OH，G为(CH3)3CCH2CHO，H为，D为(CH3)3CCH2ClCH3；据以上分析进行解答。【详解】烷烃

38、A只可能有三种一氯取代产物B、C和D，C的结构简式是(CH3)2C(CH2CH3)CH2Cl，故A为，B和D分别与强碱的醇溶液共热，都只能得到有机化合物E，故E为(CH3)3CCH=CH2，B在氢氧化钠水溶液下生成F，F为醇，F氧化生成G，G能与银氨溶液反应，G含有醛基-CHO，故B为(CH3)3CCH2CH2Cl，F为(CH3)3CCH2CH2OH，G为(CH3)3CCH2CHO，H为，D为(CH3)3CCH2ClCH3；（1）由上述分析可知，A的结构简式是；故答案是：；（2）由上述分析可知，H的结构简式是；故答案是：；（3）B转变为F是(CH3)3CCH2CH2Cl在氢氧化钠水溶液下水解生

39、成(CH3)3CCH2CH2OH，属于取代反应；故答案是：取代(或水解)；（4）B转变为E是(CH3)3CCH2CH2Cl在氢氧化钠醇溶液下发生消去反应生成(CH3)3CCH=CH2；故答案是：消去；（5）1.16g(CH3)3CCH2COOH的物质的量为=0.01mol，由(CH3)3CCH2COOH+NaHCO3=(CH3)3CCH2COONa+H2O+CO2可知，生成CO2的物质的量为0.01mol，标况下二氧化碳的体积是0.01mol22.4L/mol=0.224L=224mL；故答案是：224。28.按要求写出化学方程式：（1）丙烯和氯气的取代反应：_。（2）由苯酚和甲醛合成酚醛树脂

40、：_。（3）苯酚和浓溴水反应：_。（4）烷烃的燃烧通式：_。（5）实验室制备乙烯的反应原理：_。【答案】 (1). CH3-CH=CH2+Cl2Cl-CH2-CH=CH2+HCl (2). n+nHCHO+nH2O (3). +3Br2+3HBr (4). CnH2n+2+O2nCO2+(n+1)H2O (5). CH3CH2OH CH2=CH2+H2O【解析】【详解】（1）丙烯和氯气在加热的条件下，发生取代反应生成Cl-CH2-CH=CH2，方程式为：CH3-CH=CH2+Cl2Cl-CH2-CH=CH2+HCl；故答案是：CH3-CH=CH2+Cl2Cl-CH2-CH=CH2+HCl；（2

41、）由苯酚和甲醛合成酚醛树脂，方程式为：n+nHCHO+nH2O；故答案是：n+nHCHO+nH2O；（3）苯酚和浓溴水反应生成2,4,6三溴苯酚白色沉淀，方程式为：+3Br2+3HBr；故答案是：+3Br2+3HBr；（4）烷烃完全燃烧生成二氧化碳和水，其燃烧的通式为：CnH2n+2+O2nCO2+(n+1)H2O； 故答案是：CnH2n+2+O2nCO2+(n+1)H2O； （5）乙醇在浓硫酸加热到170时，发生消去反应生成乙烯，方程式为：CH3CH2OH CH2=CH2+H2O；故答案是：CH3CH2OH CH2=CH2+H2O。29.丙烯酸甲酯(CH2CHCOOCH3)是一种重要的有机化

42、工原料。实验室制备少量丙烯酸甲酯的反应为：CH2CHCOOH+CH3OH CH2CHCOOCH3+H2O，步骤如下：步骤1：在100mL圆底烧瓶中依次加入10.0g丙烯酸、少许碎瓷片、10mL甲醇和2mL浓硫酸，搅拌。步骤2：如图，连接装置，加热烧瓶中的混合液，用锥形瓶盛接通过分水器分离出的水。当不再有水生成，停止加热。步骤3：反应液冷却后，依次用5%Na2CO3溶液、饱和食盐水、水洗涤。分离出有机相。步骤4；向有机相中加无水Na2SO4固体，过滤后蒸馏，收集7090馏分。测得丙烯酸甲酯的质量为6.45g。可能用到的信息：密度沸点溶解性丙烯酸1.05gcm3141与水互溶，易溶于有机溶剂有毒甲

43、醇0.79gcm365与水互溶，易溶于有机溶剂易挥发，有毒丙烯酸甲酯0.95gcm380.5难溶于水，易溶于有机溶剂易挥发请回答下列问题：（1）步骤1中，加入碎瓷片的目的是_。（2）步骤2中，图中所示装置中仪器A的名称是_，其作用为_。（3）步骤3中，用5%Na2CO3溶液洗涤后，分离有机相的操作名称为_，分离有机相时不需要用到下列玻璃仪器中的_(填名称)。（4）实验中可能生成的有机副产物结构简式为_ (填一种即可)。（5）本实验中丙烯酸甲酯的产率为_%。【答案】 (1). 防止暴沸 (2). 球形冷凝管 (3). 冷凝回流 (4). 分液 (5). 容量瓶，漏斗； (6). CH3OCH3

44、(7). 75%【解析】【分析】（1）根据碎瓷片作用进行分析； （2）根据仪器A的构造进行分析； （3）根据分离互不相溶的液体所需的仪器进行分析；（4）在浓硫酸加热的条件下，醇分子间可发生脱水生成醚的反应；（5）根据甲醇和丙烯酸反应方程式得出，二者1：1反应，说明甲醇过量，所以根据丙烯酸的物质的量计算丙烯酸甲酯的理论产量，根据实际产量/理论产量100%可求出产率。【详解】（1）步骤1中，加入碎瓷片的目的是为了防止爆沸；故答案是：防止暴沸； （2）仪器A的名称是球形冷凝管，冷凝管的作用为冷凝回流；故答案是：球形冷凝管；冷凝回流；（3）分离有机相和水，可以通过分液的方式进行操作；需要的仪器有：分液漏斗和烧杯，用不到的仪器主要有容量瓶和漏斗；故答案是：分液；容量瓶，漏斗；（4）实验的条件为浓硫酸加热，可发生甲醇分子间脱水反应生成甲醚的副反应；故答案是：CH3OCH3；（5）根据表中数据得出，甲醇有7.9g，丙烯酸有10g，所以甲醇有0.25mol，丙烯酸有0.11mol，根据反应方程式得出，二者1：1反应，说明甲醇过量，所以根据丙烯酸的物质的量计算，0.11mol丙烯酸理论上可以生成0.11mol的丙烯酸甲酯，所以理论丙烯酸甲酯的产量为8.6g，所以计算产率得到100%=75%；故答案是：75%。- 26 -