2022年高考物理试题海南卷精校图片重绘含答案解析word版,推荐文档 .pdf

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1、2015 海南物理第1页2015 年普通高等学校招生全国统一考试（海南卷）物理测试一、单项选择题：本题共6 小题，每小题3 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1如图，a 是竖直平面P 上的一点，P 前有一条形磁铁垂直于P，且 S 极朝向 a 点 P 后一电子在偏转线圈和条形磁铁的磁场的共同作用下，在水平面内向右弯曲经过a 点，在电子经过a点的瞬间，条形磁铁的磁场对该电子的作用力的方向（）A 向上B 向下C 向左D 向右2如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小为?；将此

2、棒弯成两段长度相等且相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为?则等于（）ABC1 D3假设摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率，如果摩托艇发动机的输出功率变为原来的2 倍，则摩托艇的最大速率变为原来的（）A 4 倍B2 倍C倍D倍4如图，一半径为R 的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m 的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q 时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g质点自P滑到 Q 的过程中，克服摩擦力所做的功为（）AmgR BmgR CmgR DmgR 5如图，一充电后的平行板电容器的两

3、极板相距l在正极板附近有一质量为M、电荷量为q（q0）的粒子；在负极板附近有另一质量为m、电荷量为 q 的粒子在电场力的作用下，两粒子同时从静止开始运动已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l 的平面若两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，则M：m 为（）A 3：2 B 2：1 C 5：2 D 3：1 6若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2：已知该行星质量约为地球的7 倍，地球的半径为R由此可知，该行星的半径约为（）AR BR C 2R DR 二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20 分。在每小题给出的

4、四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分；选对但不全的得3 分，有选错的得0分。7如图，两电荷量分别为Q（Q0）和 Q 的点电荷对称地放置在x 轴上原点O 的两侧，a 点位于 x 轴上 O 点与点电荷Q 之间，b 点位于 y 轴 O 点上方取无穷远处的电势为零下列说法正确的是（）A b 点电势为零，电场强度也为零B 正的试探电荷在a点的电势能大于零，所受电场力方向向右C 将正的试探电荷从O 点移到 a点，必须克服电场力做功D 将同一正的试探电荷先后从O、b 两点移到 a 点，后者电势能的变化较大名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 1 页，共 16 页 -2015

5、 海南物理第2页8如图，物块a、b 和 c 的质量相同，a 和 b、b 和 c 之间用完全相同的轻弹簧S1和 S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O整个系统处于静止状态现将细线剪断 将物块 a 的加速度的大小记为 a1，S1和 S2相对于原长的伸长分别记为l1和l2，重力加速度大小为g 在剪断的瞬间，（）A a1=3g B a1=0 C l1=2l2D l1=l29如图，升降机内有一固定斜面，斜面上放一物块开始时，升降机做匀速运动，物块相对于斜面匀速下滑当升降机加速上升时，（）A 物块与斜面间的摩擦力减少B 物块与斜面间的正压力增大C 物块相对于斜面减速下滑D 物块相对于斜面匀速下滑10如

6、图，一理想变压器原、副线圈匝数之比为4：1，原线圈与一可变电阻串联后，接入一正弦交流电源；副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值R=11R0，是理想电压表现将负载电阻的阻值减小为 R=5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表的读数为5.0V，则（）A 此时原线圈两端电压的最大值约为34V B 此时原线圈两端电压的最大值约为24V C 原线圈两端原来的电压有效值约为68V D 原线圈两端原来的电压有效值约为48V 三、实验题：本题共2 小题，第 11 题 6 分，第 12 题 9 分，共 15 分。把答案写在答题卡中指定的答题处。11某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件

7、的直径和高度，测量结果如图（a）和（b）所示该工件的直径为cm，高度为mm12某同学利用图（a）所示电路测量电容器充电时两极板间的电压随时间的变化实验中使用的器材为：电池 E（内阻很小）、开关 S1和 S2、电容器 C（约 100 F）、电阻 R1（约 200k）、电阻R2（1k）、电压表V（量程6V）、秒表、导线若干（1）按图（a）所示的电路原理图将图（b）中实物图连线（2）先闭合开关S2，再断开开关 S2；闭合开关S1，同时按下秒表开始计时，若某时刻电压表的示数如图（c）所示，电压表的读数名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 2 页，共 16 页 -2015 海南物理第3页为V

8、（保留 2 位小数）（3）该同学每隔10s记录一次电压表的读数U，记录的数据如表所示，在图（d）给出的坐标纸上绘出Ut 图线已知只有一个数据点误差较大，该数据点对应的表中的时间是s时间 t/s 10.0 20.0 30.0 40.0 50.0 60.0 电压 U/V 2.14 3.45 4.23 4.51 5.00 5.18（4）电路中C、R2和 S2构成的回路的作用是四、计算题：本题共2 小题，第 13 题 10 分，第 14 题 13 分，共 23 分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13如图，两平行金属导轨位于同一水平面上，相距 L，左端与一电阻

9、R 相连；整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向竖直向下一质量为m 的导体棒置于导轨上，在水平外力作用下沿导轨以速率 匀速向右滑动，滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好，已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为，重力加速度大小为g，导轨和导体棒的电阻均可忽略求（1）电阻 R 消耗的功率；（2）水平外力的大小名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 3 页，共 16 页 -2015 海南物理第4页14如图，位于竖直平面内的光滑轨道由四分之一圆弧ab 和抛物线 bc 组成，圆弧半径Oa 水平，b 点为抛物线顶点已知h=2m，s=m取重力加速度大小g=10m/s2（1）一小环套在轨道上从

10、a 点由静止滑下，当其在bc 段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，求圆弧轨道的半径；（2）若环从b 点由静止因微小扰动而开始滑下，求环到达c 点时速度的水平分量的大小名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 4 页，共 16 页 -2015 海南物理第5页五、选考题请考生在三道选修题中任选二题做答。如果多做，则按所做的第一、二题计分，做答时用2B 铅笔在答题卡上把选做题目题号后的方框涂黑。计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。【模块 3-3 试题】15已知地球大气层的厚度h 远小于地球半径R，空气平均摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为NA，地面大气压强为P0，重力加速度大小为g由

11、此可估算得，地球大气层空气分子总数为，空气分子之间的平均距离为16如图，一底面积为S、内壁光滑的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，开口向上，内有两个质量均为 m 的相同活塞A 和 B；在 A 与 B 之间、B 与容器底面之间分别封有一定量的同样的理想气体，平衡时体积均为V已知容器内气体温度始终不变，重力加速度大小为g，外界大气压强为 P0，现假设活塞B 发生缓慢漏气，致使B 最终与容器底面接触求活塞A 移动的距离模块 3-4 试题17一列沿x 轴正方向传播的简谐横波在t=0 时刻的波形如图所示，质点P 的 x 坐标为 3m已知任意振动质点连续2 次经过平衡位置的时间间隔为0.4s下列说法正确的是

12、（）A 波速为 4m/s B 波的频率为1.25Hz C x 坐标为 15m 的质点在 t=0.6s 时恰好位于波谷D x 坐标为 22m 的质点在 t=0.2s 时恰好位于波峰E 当质点 P位于波峰时，x 坐标为 17m 的质点恰好位于波谷18一半径为R 的半圆柱形玻璃砖，横截面如图所示已知玻璃的全反射临界角为（）与玻璃砖的底平面成（）角度、且与玻璃砖横截面平行的平行光射到玻璃砖的半圆柱面上经柱面折射后，有部分光（包括与柱面相切的入射光）能直接从玻璃砖底面射出，若忽略经半圆柱内表面反射后射出的光，求底面透光部分的宽度模块 3-5 试题19氢原子基态的能量为E1=13.6eV大量氢原子处于某一

13、激发态由这些氢原子可能发出的所有光子中，频率最大的光子能量为0.96E1，频率最小的光子的能量为eV（保留 2 位有效数字），这些光子可具有种不同的频率20运动的原子核X放出 粒子后变成静止的原子核Y已知 X、Y和 粒子的质量分别是M、m1和m2，真空中的光速为c，粒子的速度远小于光速求反应后与反应前的总动能之差以及粒子的动能名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 5 页，共 16 页 -2015 海南物理第6页2015 年普通高等学校招生全国统一考试（海南卷）物理参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题3 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

14、1考点：左手定则分析：根据左手定则判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向解答：解：P 前有一条形磁铁垂直于P，且 S极朝向 a 点可知条形磁铁的磁场的方向向外，电子向右运动，由左手定则可知，电子受到的条形磁铁对电子的作用力的方向向上故选：A 点评：本题提供的情景看似比较复杂，在去芜存菁后可知，电子受到的洛伦兹力的方向可以由左手定则直接判定要注意的是：对负电荷而言，四指所指方向为其运动的反方向2考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电势差专题：电磁感应与电路结合分析：本题根

15、据感应电动势公式E=BLv，L 是有效的切割长度，分析感应电动势的关系解答：解：设金属棒的长度为L左侧的金属棒有效的切割长度为L，垂直切割磁感线，产生的感应电动势为?=BLv 右侧的金属棒有效的切割长度为L，垂直切割磁感线，产生的感应电动势为?=BLv 则=故选：B点评：本题关键要准确理解公式E=BLv 中 L 的含义，知道L 是有效的切割长度，即速度垂直方向上金属棒的长度3考点：功率、平均功率和瞬时功率专题：功率的计算专题分析：由题意可知：摩托艇的阻力大小与速度成正比，即：f=kv；当物体做匀速运动时，速度最大，此时牵引力 F 与阻力 f 相等：即 F=f=kv；而发动机的输出功率P=Fv，

16、据此分析判断解答：解：设阻力为f，由题知：f=kv；速度最大时，牵引力等于阻力，则有P=Fv=fv=kv2所以摩托艇发动机的输出功率变为原来的2 倍，则摩托艇的最大速率变为原来的倍故选：D点评：解决本题的关键：一是能够正确的写出阻力与速度大小的表达式，二是利用功率的计算方法P=Fv4考点：动能定理专题：动能定理的应用专题分析：质点经过Q 点时，由重力和轨道的支持力提供向心力，由牛顿运动定律求出质点经过Q 点的速度，再由动能定理求解克服摩擦力所做的功解答：解：质点经过Q 点时，由重力和轨道的支持力提供向心力，由牛顿第二定律得：名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 6 页，共 16 页

17、 -2015 海南物理第7页Nmg=m由题有：N=2mg 可得：vQ=质点自 P 滑到 Q 的过程中，由动能定理得：mgRWf=得克服摩擦力所做的功为Wf=mgR 故选：C点评：本题考查动能定理的应用及向心力公式，要注意正确受力分析，明确指向圆心的合力提供圆周运动的向心力，知道动能定理是求解变力做功常用的方法5考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：电场力与电势的性质专题分析：粒子只受到电场力的作用做匀加速直线运动，由牛顿第二定律求出加速度，然后由运动学的公式求出位移，在通过比较位移即可得出它们的质量比解答：解：根据题意，两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l 的平面，所以q 的位移为x1=l

18、，而q 的位移为：粒子只受到电场力的作用做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：，又由：运动的时间是相等的，则：所以：故选：A 点评：该题中，粒子都在电场中做匀加速直线运动，运动的时间是相等的，粒子的电荷量又相等，所以并不需要求出具体的数值，写出相应的公式，然后采用比值法即可快速得出结论6考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：通过平抛运动的规律求出在星球上该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比再由万有引力等于重力，求出行星的半径解答：解：对于任一行星，设其表面重力加速度为g根据平抛运动的规律得h=得，t=名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 7 页，共

19、16 页 -2015 海南物理第8页则水平射程x=v0t=v0可得该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比=根据 G=mg，得 g=可得=?解得行星的半径R行=R地?=R?=2R 故选：C点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及掌握万有引力等于重力这一理论，并能灵活运用二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分；选对但不全的得3 分，有选错的得0分。7考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等

20、势线电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向根据等势面和电场线分布情况，分析电势和场强的关系解答：解：A、结合等量异种点电荷的电场的特点可知，两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向，所以B 点的电势等于0，而电场强度不等于0故 A 错误；B、由图，两个点电荷在a 点产生的电场强度的方向都向右，所以合场强的方向一定向右，则正电荷在 a 点受到的电场力的方向向右；正电荷从a向 O 运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，而 O 点的电势等于0，所以正的试探电荷在a 点的电势能大于零，故B 正确；C、正电荷从a 向 O 运动的过程中，

21、电场力做正功，电势能减小所以将正的试探电荷从O 点移到a 点，必须克服电场力做功；故C 正确；D、两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，所以O、b 两点的电势是相等的，将同一正的试探电荷先后从O、b 两点移到 a点，二者电势能的变化相等故D 错误故选：BC 点评：对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆8考点：牛顿第二定律；胡克定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：对细线剪短前后的a、b、c 物体分别受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度与弹簧的伸长量解答：解：A、B、对 a、b、c 分别受力分析如图，名师资料总结-精品资料欢迎下载

22、-名师精心整理-第 8 页，共 16 页 -2015 海南物理第9页根据平衡条件，有：对 a：F2=F1+mg 对 b：F1=F+mg 对 c：F=mg 所以：F1=2mg 弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程，绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零当绳断后，b 与 c 受力不变，仍然平衡，故a=0；对 a，绳断后合力为F合=F1+mg=3mg=maa，aB=3g 方向竖直向下；故A 正确，B 错误C、D、当绳断后，b 与 c 受力不变，则 F1=kl1，；同时：F=kl2，所以：联立得 l1=2l2：故 C 正确，D 错误故选：AC点评：考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，重点区分绳和弹簧弹力的特点

23、，注意加速度与受力的瞬时对应关系9考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用专题：牛顿运动定律综合专题分析：对物体进行受力分析，得出匀速下滑时的受力情况，然后分析升降机加速上升时的情况即可解答：解：当升降机匀速运动时，物块相对于斜面匀速下滑，则：f=mgcos=mgsin ，所以：=tan；支持力与摩擦力的合力竖直向上，大小等于重力；当升降机加速上升时，物体受到的支持力一定增大，此时的摩擦力：f=?FN=FN?tan，所以支持力与摩擦力的方向仍然竖直向上，大小大于重力则物体将向上做匀加速运动，但是，相对于升降机的斜面，仍然是向下匀速下滑故BD 正确故选：BD 点评：本题考查

24、了判断物体与升降机的位置关系问题，知道当升降机加速上升时，物体受到的支持力一定增大是正确解题的关键10考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据串并联知识和欧姆定律可以求得输出电压的有效值，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、现将负载电阻的阻值减小为R=5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表的读数为5.0V，根据串并联知识和欧姆定律得副线圈电压U2=6R0=6V，根据电压与匝数成正比可知，此时原线圈两端电压的有效值U1=4U2=24V，所以此时原线圈两端电压的最大值约为U1m=24 34V，故 A 正确，B 错误；C、原来副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值

25、R=11R0，由于保持变压器输入电流不变，所以输出电流也不变，所以原来副线圈电压U2=12R0=12V，名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 9 页，共 16 页 -2015 海南物理第10页根据电压与匝数成正比可知，原线圈两端原来的电压有效值约为48V，故 C 错误，D 正确；故选：AD 点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题三、实验题：本题共2 小题，第 11 题 6 分，第 12 题 9 分，共 15 分。把答案写在答题卡中指定的答题处。11考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读

26、数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为1.2cm，游标尺上第4 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 4 0.05mm=0.20mm=0.020cm，所以最终读数为：1.2cm+0.020cm=1.220cm 2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0 0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm，故答案为：1.220，6.860 点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关

27、测量12考点：研究平行板电容器专题：实验题分析：（1）根据电路的结构，从电源的正极出发，依次将电路连接即可；（2）根据电压表读数的方法，即可正确读出电压；（3）使用描点法画出各点的位置，然后用平滑的曲线连接，落在曲线外的点为误差比较大的点；（4）电路中C、R2和 S2构成的回路会使电容器放电解答：解：（1）根据电路的结构，从电源的正极出发，依次将各仪器连接如图；（2）根据电压表的特点可知，电压表的量程为6V，分度值为0.1V，所以读数为3.60V；（3）使用描点法画出各点的位置，然后用平滑的曲线连接如图，由图中的数据可知，电压表的读数的变化逐渐变慢，在40s 时刻的电压值的点明显偏离了该曲线，

28、电压值偏小所以可知是40s 时刻的数据错误；名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 10 页，共 16 页 -2015 海南物理第11页（4）先闭合开关S2，再断开开关S2后才接通电路，由电路的结构可知，闭合开关S2后电容器C与导线以及R2、S2构成一个 RC 回路，该回路能使电容器上的原有的电荷释放干净，才能不影响实验的结果故答案为：（1）如图；（2）3.60；（3）如图，40s；（4）使实验前电容器两个极板上的电荷相中和点评：该实验测量电容器充电时两极板间的电压随时间的变化，属于课本以外的实验，都是依据的实验的原理以及实验的方法都是我们常用的原理和方法，通过这样的实验，可以考查我

29、们的知识迁移能力，进一步培养实验的能力四、计算题：本题共2 小题，第 13 题 10 分，第 14 题 13 分，共 23 分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；安培力专题：电磁感应与电路结合分析：（1）根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出电流的大小由公式P=I2R 求出电阻 R 的功率（2）导体棒匀速向右滑动时，水平外力与安培力和摩擦力的和是平衡力，根据平衡条件求解水平外力 F 的大小解答：解：（1）根据法拉第电磁感应定律有：E=BvL 则导体棒中的电流大小为：电阻 R 消耗的功率：

30、P=I2R联立 可解得：P=（2）由于导体棒ab 匀速运动，故向右的水平外力F 等于向左的安培力F安和摩擦力的和，则水平外力：F=mg+F安安培力：拉力：F=名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 11 页，共 16 页 -2015 海南物理第12页答：（1）电阻 R 消耗的功率是；（2）水平外力的大小是点评：本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，安培力是联系力与电磁感应的桥梁，安培力经验公式F=是常用的式子14考点：向心力专题：匀速圆周运动专题分析：（1）当其在bc 段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，则在bc 上只受重力，做平抛运动，根据平抛运动基本公式求出b 点速度，再根据动

31、能定理求解R；（2）下滑过程中，初速度为零，只有重力做功，b 到 c 的过程中，根据动能定理列式，根据平抛运动基本公式求出c 点速度方向与竖直方向的夹角，再结合运动的合成与分解求解解答：解：（1）当其在 bc 段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力，则在bc 上只受重力，做平抛运动，则有：=则在 b 点的速度，从 a 到 b 的过程中，根据动能定理得：解得：R=0.25m，（2）从 b 点下滑过程中，初速度为零，只有重力做功，b 到 c 的过程中，根据动能定理得：因为物体滑到c 点时与竖直方向的夹角等于（1）问中做平抛运动过程中经过c 点时速度与竖直方向的夹角相等，设为，则根据平抛运动规律可知，

32、根据运动的合成与分解可得由解得：=m/s 答：（1）圆弧轨道的半径为0.25m；（2）环到达c 点时速度的水平分量的大小为m/s点评：本题主要考查了平抛运动基本公式、动能定理以及运动的合成与分解的应用，解题的关键是能正确分析物体的受力情况和运动情况，特别抓住当其在bc 段轨道运动时，与轨道之间无相互作用力这句话，难度适中名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 12 页，共 16 页 -2015 海南物理第13页五、选考题请考生在三道选修题中任选二题做答。如果多做，则按所做的第一、二题计分，做答时用2B 铅笔在答题卡上把选做题目题号后的方框涂黑。计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算

33、步骤。【模块 3-3 试题】15考点：阿伏加德罗常数专题：阿伏伽德罗常数的应用专题分析：（1）根据大气压力等于大气层中气体分子的总重力，求出大气层中气体的质量为m，根据 n=求出分子数（2）假设每个分子占据一个小立方体，每个小立方体紧密排列，则小立方体边长即为空气分子平均间距，由几何知识求出空气分子平均间距解答：解：（1）设大气层中气体的质量为m，由大气压强产生，mg=p0S，即：m=分子数 n=（2）假设每个分子占据一个小立方体，各小立方体紧密排列，则小立方体边长即为空气分子平均间距，设为a，大气层中气体总体积为V，则a=而大气层的厚度h 远小于地球半径R，则 V=4 R2h，所以a=故答案

34、为：；点评：对于气体分子间平均距离的估算，常常建立这样的模型；假设每个分子占据一个小立方体，各小立方体紧密排列，所有小立方体之和等于气体的体积16考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：分别对漏气前两部分气体分析，由理想气体状态方程可求得两部分气体混合后的体积，则可求得A下降的高度解答：解：设 A 与 B 之间、B 与容器底部之间的气体压强分别为P1、P2，漏气前，对A 分析有：P1=P0+，对 B 有 P2=P1+B 最终与容器底面接触后，AB 间的压强为P，气体体积为V，则有：P=P0+因为温度不变，对于混合气体有：（P1+P2）?V=PV 漏气前 A 距离底面的高度为h=

35、漏气后 A 距离底面的高度为h=；名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 13 页，共 16 页 -2015 海南物理第14页联立可得：h=h h=V答：活塞A 移动的距离为V点评：本题考查理想气体状态方程，要注意明确两部分气体虽然状态不相同，但由于质量相同，可以视为同一部分气体进行分析；可以借助克拉珀龙方程进行理解模块 3-4 试题17考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：根据任意振动质点连续2 次经过平衡位置的时间间隔为0.4s即可求出周期 相邻两个波峰或波谷之间的距离等于波长，由图读出波长由求出波速解答：解：A、由题，任意振动质点连续2 次经

36、过平衡位置的时间间隔为0.4s，则周期为0.8s，由图可知，该波的波长是4m，所以波速：=m/s故 A 错误；B、该波的周期是0.8s，则频率：f=Hz故 B 正确；C、x 坐标为 15m 的质点到 P点的距离为：x1=15m3m=12m=3 ，所以 x 坐标为 15m 的质点与P点的振动始终相同P 质点经过t=0.6s=时间恰好经过平衡位置，所以x 坐标为 15m 的质点在t=0.6s 时恰好位于平衡位置故C 错误；D、x 坐标为 22m 的质点到 x=2 质点的距离为：x2=22m2m=20m=5 ，所以 x 坐标为 15m 的质点与 x=2 的点的振动始终相同t=0 时刻 x=2 的质点

37、向上振动，经过 t=0.2s=T 时间恰好到达波峰，所以 x 坐标为 22m 的质点在 t=0.2s 时恰好位于波峰位置故D 正确；E、x 坐标为 17m 的质点到 P 点的距离为：，所以 x 坐标为 17m 的质点与 P点的振动始终相反，当质点P 位于波峰时，x 坐标为 17m 的质点恰好位于波谷故E 正确故选：BDE 点评：根据质点的振动方向判断波的传播方向，可以采用比较质点振动先后的方法：波从振动早的质点向振动迟的质点传播18考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：光线从底面射出时会发生全反射现象，则可得出不能从底面射出的边界；再分析光从玻璃上表面射入的光线的临界值可得出光束宽度解答：

38、解：光路图如图所示，名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 14 页，共 16 页 -2015 海南物理第15页沿半径方向射入玻璃砖的光线，即光线 射到 MN 上时，根据几何知识得入射角恰好等于临界角，即恰好在圆心O 出发生全反射，光线 左侧的光线经球面折射后，射到MN 上的角一定大于临界角，即在 MN 上发生全反射，不能射出，光线 右侧的光线射到MN 上的角小于临界角，可以射出，如图光线 与球面相切，入射角1=90，从 MN 上垂直射出，根据折射定律得sin2=，根据全反射定律n=，解得：2=r，根据几何知识得底面透光部分的宽度OE=Rsinr 答：底面透光部分的宽度是Rsinr

39、点评：本题考查光的折射及全反全射定律，要注意分析发应全反射光线的边界的确定，作出光路图即可求角模块 3-5 试题19考点：氢原子的能级公式和跃迁专题：原子的能级结构专题分析：能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，根据能级差的大小求出辐射的最小和最大光子能量，从而判断哪个能级间跃迁辐射的光子频率最大，波长最短解答：解：氢原子基态的能量为E1=13.6eV大量氢原子处于某一激发态由这些氢原子可能发出的所有光子中，频率最大的光子能量为0.96E1，即跃迁到最高能级能量E=0.04E1=0.544eV，即处在 n=5 能级；频率最小的光子的能量为E=0.544eV（0.85eV）=0.31eV

40、，根据=10，所以这些光子可具有10 种不同的频率故答案为：0.31；10 点评：解决本题的关键知道能级间跃迁满足的规律，能级差越大，辐射的光子能量越大，光子频率越大，波长越小20考点：爱因斯坦质能方程专题：爱因斯坦的质能方程应用专题分析：反应后与反应前的总动能之差等于产生的核能，根据爱因斯坦质能方程求解应用动量守恒和能量守恒定律，列式求解衰变后的各自动能解答：解：由于反应后存在质量亏损，所以反应前后总动能之差等于质量亏损而释放的核能，则根据爱因斯坦质能方程得Ek=（Mm1m2）c2；反应过程中三个粒子组成的系统动量守恒，则有名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 15 页，共 16 页 -2015 海南物理第16页Mvx=m2v；联立解得 粒子的动能=（Mm1m2）c2；答：反应后与反应前的总动能之差为（Mm1m2）c2，粒子的动能为（Mm1m2）c2点评：本题考查了原子核的衰变，要掌握在核反应过程中，遵循两大守恒：动量守恒和能量守恒，并能灵活运用名师资料总结-精品资料欢迎下载-名师精心整理-第 16 页，共 16 页 -