山东省泰安一中2022-2022学年高一化学下学期期中试题.doc

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1、山东省泰安一中2022-2022学年高一化学下学期期中试题本试卷分第I卷和第二卷两局部。总分值100分。考试用时90分钟。一、选择题(此题包括15小题，每题2分，共30分，每题只有一个选项符合题意)1化学与生活、社会开展息息相关，以下有关说法不正确的选项是()A在元素周期表的金属和非金属分界线附近寻找半导体材料B“青蒿一握，以水二升渍，绞取汁，屠呦呦对青蒿素的提取属于化学变化C“霾尘积聚难见路人，雾霾所形成的气溶胶有丁达尔效应D氢氧燃料电池是一种能量转换率较高、符合绿色化学理念的新型动力能源2以下化学用语书写正确的选项是( )A氯原子的结构示意图：B作为相对原子质量测定标准的碳原子是6(14)

2、CC氯化镁的电子式：D用电子式表示氯化氢分子的形成过程： 3.据测，哈雷彗星上碳的两种同位素 和 的原子个数之比为 65 ，而地球上 和 的原子个数之比为 89 。 地球上碳元素的相对原子质量是 12.011，那么哈雷彗星上碳元素的相对原子质量应是 12.000 12.009 12.015 12.0054以下物质中，化学键类型完全相同的是()AH2O和Na2O BNaOH和NaClCH2O2和Na2O2 DCCl4和HCl5. 为了从海带浸取液中提取碘,某同学设计了如下实验方案:以下说法正确的选项是()A.中反响的离子方程式:2I-+ H2O2 I2+ 2OH-B.中分液时含I2的CCl4溶液

3、从分液漏斗上口倒出C.操作使用的是反萃取法,得到的上层溶液中含有I-D.操作Z的名称是加热6几种短周期元素的原子半径及主要化合价如下表：元素代号LMXRTQ原子半径/nm0.1600.1430.1020.0890.0740.078主要化合价236、2225、3那么以下相关表达错误的选项是()A最简单氢化物的沸点：XTQB离子半径：X2T2L2M3C工业上用电解熔融状态的M和T的化合物制取单质MDM和R的最高价氧化物对应的水化物既能与强碱反响，又能与强酸反响7以下设备工作时，将化学能转化为电能的是()ABCD硅太阳能电池锂离子电池太阳能集热器燃气灶8 定容容器中发生反响I2(g)H2(g)2HI

4、(g)，以下措施不能提高其反响速率的是()A升高温度 B使用催化剂C充入稀有气体，增大体系压强 D增加I2和H2的起始量9. 工业上由CO2和H2合成气态甲醇的化学方程式为CO23H2=CH3OHH2O，该反响是放热反响。下面表示合成甲醇的反响的能量变化示意图，其中正确的选项是()A. B. C. D. 10. 用以下实验装置进行相应实验，能到达实验目的的是A. 用图1所示装置除去Cl2中含有的少量HClB. 用图2所示装置蒸干NH4Cl饱和溶液制备NH4Cl晶体C. 用图3所示装置制取少量纯洁的CO2气体D. 用图4所示装置别离CCl4萃取碘水后已分层的有机层和水层11、将纯Zn片和纯Cu片

5、用导线连接置于同一稀H2SO4 溶液中，以下各表达中正确的选项是 A. Zn片上有大量气泡产生 B. 负极附近C(SO42-)，逐渐增大C. 正极、负极附近C(SO42-)根本不变 D电子经电解质溶液由正极流向负极12、 以下反响的能量变化与其他三项不相同的是()。A.铝粉与氧化铁的反响 B.氯化铵与消石灰的反响C.锌片与稀硫酸的反响 D.钠与冷水的反响13、 ：2CO(g)+O2(g)2CO2(g) 释放565.2 kJ能量，以下说法不正确的选项是() ACO(g)+1/2O2(g)CO2(g) 释放282.6 kJ能量B2mol CO(g)与1mol O2(g)反响生成2mol CO2(s

6、)放出热量小于565.2 kJC相同条件下，2mol CO(g)和1mol O2(g)的总能量大于2mol CO2(g)的总能量D拆开2mol CO和1mol O2化学键所需总能量低于形成2mol CO2化学键所放出总能量14.短周期元素A、B、C在元素周期表中的位置如下图。A、B、C三种元素原子的质子数之和为32，D元素原子的最外层电子数是其次外层电子数的2倍。以下说法正确的选项是()AD元素的某种同位素的质量数为14，那么其中子数为6B四种元素形成的气态氢化物中，C元素的氢化物的稳定性最强CB、C两种元素可形成BC6型化合物，该化合物属于离子化合物DA、B两种元素的气态氢化物均能与它们对应

7、的最高价氧化物对应的水化物发生反响，且都属于氧化复原反响15、甲、乙两种金属性质比拟：甲的单质熔、沸点比乙的低；常温下，甲能与水反响放出氢气而乙不能；最高价氧化物对应的水化物碱性比拟，乙比甲的强；甲、乙作电极，稀硫酸为电解质溶液组成原电池，乙电极外表产生气泡。上述工程中能够说明甲比乙的金属性强的是 A B. C. D. 二、选择题(此题包括10小题，每题3分，共30分，每题有一个或两个选项符合题意，漏选得1分，多项选择错选不得分)16.应用元素周期律的有关知识，可以预测我们不熟悉的一些元素的单质及其化合物的性质。以下预测中正确的选项是第2周期非金属元素的气态氢化物溶于水后，水溶液均为酸性砹At

8、单质为有色固体，AgAt不溶于水也不溶于稀硝酸Li在氧气中剧烈燃烧，产物是Li2O2，其溶液是一种强碱硫酸锶SrSO4是难溶于水的白色固体硒化氢H2Se是无色、有毒、比H2S稳定的气体A. B. C. D. 17一种新型绿色燃料电池是把H2、CO、CH4的混合气体和空气不断输入，将化学能转化为电能，被称为“21世纪的绿色发电站。以下关于这种燃料电池的说法不正确的选项是()A通入空气的一极为负极BH2、CO、CH4的混合气体在电池内部燃烧，放出大量的热，然后电池将热能转化为电能C电池实际运行时的电解液应选择碱性溶液D电池的正极反响式为O24e2H2O=4OH18对于以下反响：A(s)3B(g)2

9、C(g)D(g)，在一定温度、压强下，在一体积可变的容器中，当以下物理量不再发生变化时就可确定反响一定到达平衡状态的是()A容器的体积不再发生变化BB的生成速率和D的生成速率之比为31C混合气体的密度不随时间变化DB、C、D的分子个数之比为32119短周期元素 、 的原子序数依次递增，、 是由这些元素组成的化合物， 是淡黄色粉末， 为元素 的单质，通常为无色无味的气体。上述物质的转化关系如图。以下说法错误的选项是 简单离子半径：B简单气态氢化物的热稳定性：Ca一定是烃D中既含有离子键又含有共价键，其中阳离子和阴离子的数目之比为 220. 2022 年 5 月美国研究人员成功实现在常温常压下用氮

10、气和水生产氨，原理如以下图所示：以下说法正确的选项是A. 图中能量转化方式只有 2 种B. b 极发生的电极反响为：N2+6H+6e= 2NH3C. H向 a 极区移动D. a 极上每产生 22.4 L O2 流过电极的电子数为 2NA21、一定量的锌粉和6molL1的过量盐酸反响，当向其中参加少量的以下物质：石墨 CuO 铜粉 锌粒 浓盐酸 醋酸溶液 KNO3溶液 CuCl2时，能够加快反响率，又不响产生H2总量的是 A B C D22、一定条件下，某容器中各微粒在反响前后变化示意图如图，其中“o和“代表不同元素的原子以下关于此反响的说法不正确的选项是A该反响可表示为 B可能是PCl5的分解

11、反响C反响过程中，一定伴随共价键的断裂与形成 D该反响一定是吸热反响23根据下面的信息，以下表达正确的选项是 A. 2 mol H2(g)跟 1 mol O2(g)反响生成 2 mol H2O(g)吸收能量为490 kJB. 化学反响中能量变化的大小与反响物的质量多少无关C. 1 mol H2(g) 跟0.5mol O2(g) 反响生成 1 mol H2O(l)释放能量为245 kJD. 2molH2O (g)的能量比2 mol H2(g)与1 mol O2(g)的能量之和低24以下图所示装置中观察到电流计指针偏转，M棒变粗，N棒变细，指针指向M，由此判断下表中所列M、N、P物质，其中可以成立

12、的是 A. AB. BC. CD. D25将4molA气体和2molB气体置于2L的密闭容器中，混合后发生如下反响：2A(g) + B(g) = 2C (g) 。假设经2s后测得C的浓度为 0.6mol/L ，以下说法正确的选项是A. 用物质A表示的反响速率为0.3mol/LsB. 用物质B表示的反响速率为0.3mol/LsC. 2s时物质A的转化率为30D. 2s时物质B的浓度为0.3mol/L三、非选择题(此题包括4个小题，共40分)2610分五种元素的原子序数的大小顺序为CABDE，A、C同周期，B、C同主族；A与B形成离子化合物，A2B中所有离子的电子数相同，其电子总数为30；D和E可

13、形成4核10电子的分子。试答复以下问题：1写出以下物质的电子式：D的单质： ；A、B、E形成的化合物： ；D、E形成的化合物： 。（2） A、B两元素组成的化合物A2B2存在的化学键是 。（3） 铝与A的最高价氧化物的水化物在水溶液中反响的离子方程式为： 。27(10分)某化学课外小组的同学通过实验探究认识化学反响速率和化学反响限度。(1)实验一：探究温度和浓度对反响速率的影响实验原理及方案：在酸性溶液中，碘酸钾(KIO3)和亚硫酸钠可发生反响生成碘，反响原理是2IO5SO2H=I25SOH2O，生成的碘可用淀粉溶液检验，根据出现蓝色所需的时间来衡量该反响的速率。实验序号0.01 molL1

14、KIO3酸性溶液(含淀粉)的体积/mL0.01 molL1 Na2SO3溶液的体积/mL水的体积/mL实验温度/出现蓝色的时间/s55V105540255V23525那么V1_ mL，V2_ mL。(2)实验二：探究KI和FeCl3混合时生成KCl、I2和FeCl2的反响存在一定的限度。实验步骤：.向5 mL 0.1 molL1 KI溶液中滴加56滴0.1 molL1 FeCl3溶液，充分反响后，将所得溶液分成甲、乙、丙三等份；.向甲中滴加CCl4，充分振荡；.向乙中滴加试剂X。将KI和FeCl3反响的离子方程式补充完整：_I_Fe3 _I2_Fe2。步骤中，试剂X是_ _。步骤和中的实验现象

15、说明KI和FeCl3混合时生成KCl、I2和FeCl2的反响存在一定的限度，该实验现象是_。28(8分)一定条件下铁可以和CO2发生反响：Fe(s)CO2(g)FeO(s)CO(g)(该反响为放热反响)。一定温度下，向某密闭容器中参加足量铁粉并充入一定量的CO2气体，反响过程中CO2气体和CO气体的浓度与时间的关系如下图。(1)t1时，正、逆反响速率的大小关系为v正_(填“NH3H2S，A不正确；离子半径：S2O2Mg2Al3，B正确；工业上用电解熔融的氧化铝制取金属铝，C正确；氢氧化铝和氢氧化铍都是两性氢氧化物，既能与强碱反响，又能与强酸反响，D正确。7.答案B解析硅太阳能电池将太阳能转化为

16、电能，A错误；锂离子电池的放电过程是将化学能转化为电能，B正确；太阳能集热器的原理是光透过透明盖板照射到外表涂有吸收层的吸热体上，其中大局部太阳辐射能被吸收体所吸收，转化为热能，C错误；燃气灶通过天然气的燃烧将化学能转化成热能，D错误。8.答案C解析升高温度，化学反响速率加快，A项不符合题意；使用催化剂能够降低反响的活化能，使反响速率大大加快，B项不符合题意；充入稀有气体，增大体系压强，但是反响物的浓度不变，化学反响速率不变，C项符合题意；增加I2和H2的起始量，物质的浓度增大，化学反响速率加快，D项不符合题意。9.答案 A解析 放热反响，反响物总能量高于生成物总能量，同一物质，气态变成液态放

17、出热量，所以气态产物能量高于液态产物能量，综上所述，A图像符合。10.答案D解析 A.二者均与NaOH反响，那么不能用NaOH除杂，应选饱和食盐水除杂，故A错误；B.蒸干时NH4Cl易分解，那么不能蒸干，应利用冷却结晶法制备NH4Cl晶体，故B错误；C.纯碱为粉末固体，关闭止水夹不能使固、液别离，且盐酸易挥发，那么不能利用图中装置制取少量纯洁的CO2气体，故C错误；D.CCl4萃取碘水后，水的密度小在上层，那么图中分液装置及已分层的有机层和水层位置合理，故D正确。11.答案 B解析 Zn比Cu活泼，Zn作负极Cu作正极；正极发生复原反响2H+2e H2，铜片上产生气泡，A不正确；原电池工作时阴

18、离子SO42-移向负极，阳离子H+移向正极，所以负极附近C(SO42-)浓度增大，B正确，C不正确；电子在外电路定向移动，离子在内电路定向移动，D不正确。12.答案 B解析 氯化铵与消石灰的反响为吸热反响，其他为放热反响。13. 答案 B解析 2mol CO(g)与1mol O2(g)反响生成2mol CO2(g)放出热量等于565.2 kJ，CO2(g)变为CO2(s)会放热，所以2mol CO(g)与1mol O2(g)反响生成2mol CO2(s)放出热量大于565.2 kJ，B不正确14.答案B解析设A元素的原子序数为x，由题图中A、B、C在元素周期表中所处的位置可知，B元素的原子序数

19、为x18，C元素的原子序数为x2，由题意得x(x18)(x2)32，解得x7，那么A、B、C三种元素分别为N、S、F，D元素原子的最外层电子数是其次外层电子数的2倍，那么D为C(碳)。C(碳)元素的某种同位素的质量数为14，那么其中子数为8，A项错误；四种元素形成的气态氢化物中，HF的稳定性最强，B项正确；BC6型化合物为SF6，该化合物中只含有共价键，属于共价化合物，C项错误；NH3HNO3=NH4NO3，该反响中没有元素的化合价发生变化，不属于氧化复原反响，D项错误。15.答案 C16. 答案 A解析 N元素为第二周期非金属元素，其气态氢化物溶于水显碱性，故错误；卤族元素单质从上到下，单质

20、由气体过渡为固体，颜色逐渐加深，AgAt具有AgCl的相似的性质，不溶于水也不溶于稀硝酸，故正确；Li燃烧只能生成Li2O，故错误；同主族元素化合物的性质具有相似性和递变性，Ba与Sr同主族，且Sr在Ba下方，硫酸钡(BaSO4)是难溶于水的白色固体，那么硫酸锶(SrSO4)是难溶于水的白色固体，故正确；非金属性越强，气态氢化物越稳定，非金属性：SSe，那么氢化物稳定性为：H2SH2Se，故错误；综上所述正确的有，故答案为A。17.答案AB解析正极上得电子发生复原反响，元素的化合价降低，所以通入氧化剂空气的电极为正极，A不正确；燃料电池将化学能转化为电能，燃料在负极失电子发生氧化反响，氧气在正

21、极得电子发生复原反响，发生的总反响与燃烧反响相同，但能量的转化与燃烧反响不同，B错误；该反响中有二氧化碳生成，如果用非碱性溶液做电解液，生成的二氧化碳气体会造成内部的压强增大，有平安隐患，所以用碱性溶液做电解质溶液，C正确；用碱液做电解液，正极上氧气得电子并和水反响生成氢氧根离子，电极反响式为O24e2H2O=4OH，D正确。18.答案BC解析方程式两边气体物质的化学计量数之和相等，所以无论反响是否平衡，容器的体积均不改变，A项中的说法不能说明反响到达平衡状态；B项中的B的生成速率与D的生成速率等于系数比3：1，因此能说明反响一定到达平衡状态；平衡时B、C、D的分子个数之比不一定等于321，D

22、项中的说法不能说明反响到达平衡状态。19答案C解析 短周期元素 、 的原子序数依次递增，、 是由这些元素组成的化合物， 是淡黄色粉末， 为 ； 为元素 的单质，通常为无色无味的气体，那么 为 ，故 为 ；根据图示转化关系可知： 为烃或烃的含氧衍生物，、 为 、 中的一种，、 分别为 、 中的一种，结合原子序数可知， 为 ， 为 ， 为， 为 。 、 的离子具有相同的电子层结构，原子序数越大，其相应的离子半径就越小，所以简单离子半径：， 正确；元素非金属性越强，其对应的简单氢化物越稳定，由于元素的非金属性 ，所以简单气态氢化物的热稳定性：，B 正确；过氧化钠为离子化合物，含有离子键和共价键，含有

23、阳离子钠离子和阴离子过氧根离子，阳离子和阴离子的数目之比为 ，D 正确；20. 答案 B解析 A. 图中能量转化方式有风能转化为电能、太阳能转化为电能、化学能转化为电能等，所以能量转化方式不只是2种，故A错误；B. b极氮气转化为氨气，氮元素化合价降低被复原为原电池的正极，b 极发生的电极反响为：N2+6H+6e= 2NH3，故B正确；C. b极氮气转化为氨气，氮元素化合价降低被复原为原电池的正极，故H向 b极区移动，故C错误；D. a极为负极，电极反响为，每产生标准状况下 22.4L O2 流过电极的电子数为4NA，但题干没说明标准状况，故D错误；21.答案 C解析 Zn与Cu石墨构成原电池

24、能加快反响速率，酸过量时生成H2的量取决于Zn，Zn的量不受影响所以H2的量不变。22.答案 D大多数分解反响是吸热反响，D描述为一定不正确。23. 答案D解析 A. 2 mol H2(g)跟 1 mol O2(g)反响生成 2 mol H2O(g)放出的能量为490 kJ，A不正确；B. 化学反响中能量变化的大小与参加反响的反响物的质量成正比，B不正确；C. 1 mol H2(g) 跟0.5mol O2(g) 反响生成 1 mol H2O(g)释放能量为245 kJ，C不正确；D. 2 mol H2(g)跟 1 mol O2(g)反响生成 2 mol H2O(g)的反响是放热反响，故2mol

25、H2O (g)的能量比2 mol H2(g)与1 mol O2(g)的能量之和低，D正确；24. 答案 C解析 电流计指针偏转，M棒变粗，N棒变细，指针指向M，这说明构成原电池，原电池中，负极材料比正极材料活泼，且负极材料是随着反响的进行质量减少，正极材料增加或放出气泡，根据题意可知，N极是负极，M极是正极，且N极材料比M极活泼，据此分析解答。A.M是锌作负极，溶液中的氢离子放电，故A错误；B.铜是正极，但溶液中的氢离子放电，电极质量不变，故B错误；C.银是正极，溶液中的银离子放电，质量增加。锌是负极，锌失去电子，质量减少，故C正确；D.锌是负极，铁是正极，溶质的铁离子放电转化为亚铁离子，故D

26、错误。25.答案AC解析0.3mol/Ls，故A正确；0.15mol/Ls，故B错误；2s时物质A的转化率为30，故C正确；2s时物质B的浓度为0.7mol/L，故D错误。26.每空2分共10分答案1 2离子键、共价键 32Al2OH6H2O=2Al(OH)43H227.每空2分共10分答案(1)4010(2)2212KSCN溶液中可观察到溶液分层，下层呈现紫红色，中可观察到溶液变红解析(1)探究温度和浓度对反响速率影响时，应考虑在同等条件下研究温度或浓度对速率的影响，即浓度相同时探究温度，温度相同时探究浓度。(2)探究KI和FeCl3混合时生成KCl、I2和FeCl2的反响存在一定的限度，实

27、际就是证明反响后的混合液里既有I2生成，又有Fe3剩余。KI和FeCl3反响的离子方程式中I发生氧化反响生成I2，且每生成1个I2，转移2e，Fe3被复原生成Fe2，根据电子守恒、电荷守恒及原子守恒配平离子方程式。Fe3的检验通常用KSCN溶液。因反响物中KI明显过量，只要证明有I2生成，同时有Fe3存在，那么能说明反响有一定限度。28.每空2分共8分答案(1)(2)0.125 molL1min1(3)(4)解析(1)因为t1时化学反响没有到达平衡，反响仍然向正反响方向进行，所以正反响速率大于逆反响速率，即v正v逆。(2)CO在4 min内的变化量为0.5 molL1，那么4 min内的平均反

28、响速率为v(CO)0.125 molL1min1。(3)根据影响化学反响速率的因素可知：降低温度化学反响速率减慢，正确；因为铁粉是固体，减少铁粉的质量不影响化学反响速率，错误；保持压强不变，充入He使容器的体积增大，相当于减小反响物和生成物的浓度，化学反响速率减慢，正确；保持体积不变，充入He使体系压强增大，但不影响反响物和生成物的浓度，所以化学反响速率不变，错误。(4)当v正(CO2)v逆(CO)时，说明化学反响到达平衡状态，而v(CO2)v(CO)不代表正、逆反响速率的关系，不能确定化学反响是否到达平衡，故错误；单位时间内生成n mol CO2的同时生成n mol CO，说明化学反响的正、

29、逆反响速率相等，故正确；由反响Fe(s)CO2(g)FeO(s)CO(g)可知，反响前后气体体积相等，所以改变压强，对化学平衡无影响，故错误；气体的平均相对分子质量与气体的质量和气体的体积有关，当气体的质量不变时，容器中气体的平均相对分子质量不随时间而变化时，说明化学反响到达平衡状态，故正确。29.每空2分共12分答案(1). B A CO2eCO322CO2 (2). 负 CH410OH8eCO327H2O 448解析 由该燃料电池原理示意图可知，燃料由电极A通入、氧气和二氧化碳由电极B通入，那么A为负极、B为正极，所以，电池工作时，外电路上电流的方向应从电极B流向用电器。内电路中，CO32向电极负极A移动，电极A上CO参与的电极反响为CO2eCO322CO2。3将两铂片插入KOH溶液中作为电极，在两极区分别通入甲烷和氧气构成燃料电池，那么通入甲烷气体的电极是原电池的负极，该极的电极反响式是CH410OH8eCO327H2O。160g甲烷的物质的量为10mol，根据负极的电极反响式可知，消耗10mol 甲烷要转移80mol电子，需要消耗氧气的物质的量为80mol20mol，这些氧气在标准状况下的体积为20mol22.4L/mol=448L。