宁夏回族自治区育才中学2020届高三物理上学期第一次月考试题（含解析）.doc

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1、宁夏育才中学2020-1高三年级第一次月考物理试卷 一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 15题只有一项符合题目要求，第 68题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。1. 如图所示，一木块在光滑水平面上受到一个恒力F作用而运动，前方固定一个轻质弹簧，当木块接触弹簧后，下列判断正确的是( )A. 将立即做匀减速直线运动B. 将立即做变减速直线运动C. 在弹簧弹力大小等于恒力F时，木块的速度最大D. 在弹簧处于最大压缩量时，木块的加速度为零【答案】C【解析】试题分析:当木块接触弹簧后，恒力F先大于弹簧的弹力，后小

2、于弹簧的弹力，木块先做加速运动后做减速运动，随着弹簧的增大，加速度先减小后增大，故先做加速度减小的变加速运动，后做加速度增大的变减速运动当弹簧弹力大小等于恒力F时，木块的速度最大，故A、B错误，C正确；在弹簧处于最大压缩量时，弹簧的弹力大于恒力F，合力向右，加速度不为零，故D错误。考点： 牛顿运动定律2. 如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤除，下列对物块的描述正确的是( )A. 物块将沿斜面下滑B. 物块受到的摩擦力变大C. 物块立即获得加速度D. 物块所受的摩擦力方向改变【答案】D【解析】3. 如图所示，质量为m的质点静止在半径为R的半球

3、体上，质点与半球体间的动摩擦因数为，质点与球心的连线与水平地面的夹角为，则下列说法正确的是 ( )A. 地面对半球体的摩擦力方向水平向左B. 质点对半球体的压力大小为mgcosC. 质点所受摩擦力大小为mgsinD. 质点所受摩擦力大小为mgcos【答案】B【解析】试题分析：以整体为研究对象可得出地面对半球体的摩擦力；以质点为研究对象，对质点进行受力分析，由共点力的平衡可得出质点受到的摩擦力及支持力，由牛顿第三定律可得出半球体受到的压力解：A、以整体为研究对象，整体处于静止状态，而水平方向不受外力，故半球体不受地面的摩擦力；故A错误；B、对质点受力分析，质点受重力、支持力及摩擦力，三力作用下物

4、体处于平衡状态，则合力为零，质点对球面的压力为mgsin，故B错误；C、摩擦力沿切线方向，在切线方向重力的分力与摩擦力相等，即f=mgcos，故C错误，D正确；故选D【点评】对于圆面上的物体，此支持力沿径向方向，摩擦力沿切线方向4. 一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的规律如图所示取物体开始运动的方向为正方向，则下列关于物体运动的vt图象正确的是：（ ）A. B. C. D. 【答案】C.考点：v-t图像；a-t图线【名师点睛】此题是对v-t图线及a-t图线的考查；首先应根据加速度随时间变化规律的图象找出对应的加速度大小和方向，结合物体的初状态状态分析物体的运动情况，然后把物体的运

5、动特征反应在v-t图线上；要知道v-t线的斜率等于加速度 。5. 如图所示，小车内两根不可伸长的细线AO、BO拴住一小球，其中BO水平，小车沿水平地面向右做加速运动，AO与BO的拉力分别为TA、TB.若加速度增大，则（）A. TA、TB均增大 B. TA、TB均减小C. TA不变，TB增大 D. TA减小，TB不变【答案】C【解析】试题分析：对小球进行受力分析，根据正交分解，运用牛顿第二定律分别求出小车加速度变化后绳中的拉力变化解：当小车向右做加速运动，小球的加速度与小车具有相同的加速度，根据牛顿第二定律有：TAOcos=mg，则TBOTAOsin=ma，解得TBO=mgtan+ma知加速度增

6、大时，绳AO的拉力不变，绳BO的拉力增大故C正确，A、B、D错误故选：C【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解6. 为了研究超重与失重现象，某同学把一体重计放在电梯的地板上，并将一物体放在体重计上随电梯运动并观察体重计示数的变化情况.下表记录了几个特定时刻体重计的示数（表内时间不表示先后顺序）若已知t0时刻电梯静止，则 （ ）时间t0t1t2t3体重计示数（kg）45.050.040.045.0A. t1和t2时刻电梯的加速度方向一定相反B. t1和t2时刻物体的质量并没有发生变化，但所受重力发生了变化C. t1和t2时刻电梯运动的加速度大小相等，运动方向一定相

7、反D. t3时刻电梯可能向上运动【答案】AD【解析】根据题意可知在时刻人的重力大小和体重计示数相等，即人的体重为45kg，从表中可知在时刻体重计示数大于人的体重，人处于超重状态，加速度方向竖直向上，在时刻，体重计示数小于人的体重，人处于失重状态，加速度方向竖直向下，超重或失重状态下，是人对电梯的作用力变化了，而人的质量和重力都不变，故A正确B错误；根据牛顿第二定律可得在时刻，解得，在时刻，解得，即在两个时刻电梯的加速度大小相等，但是加速度方向相反，运动方向不一定相反，如时刻向上做加速运动，而在时刻向上做减速运动，运动方向相同，C错误；时刻体重计示数和人的体重相等，说明电梯做匀速运动，故可能向上

8、运动运动，D正确7. 如图所示，在水平桌面上叠放着质量相等的A、B两块木板，在木板A上放着质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态。A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数均为，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现用水平恒力F向右拉木板A，则以下判断正确的是（ ）A. 不管F多大，木板B一定保持静止B. 如果没有拉动，A与B，B与地面的摩擦力大小一定都等于FC. A、C之间的摩擦力大小一定等于mgD. A、B之间的摩擦力大小不可能等于F【答案】AB【解析】将AC看做一个整体，整体对B有向右的摩擦力，所以要使B运动起来，必须满足，而，但整体对B的最大摩擦力，所以无论F多大，

9、木板B一定保持静止，A正确；如果没有拉动，在A与B之间的摩擦力为静摩擦力，大小与F等大反向，将三者看着一个整体，整体受水平拉力F和地面给的摩擦力，整体处于静止状态，所以地面对B的摩擦力与F等大反向，故B正确D错误；若没有拉力，则A和C相对静止，即C与A之间没有摩擦力，C错误；8. 用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在光滑墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示。P、Q均处于静止状态，则下列说法正确的是( )A. P物体受3个力B. Q物体受3个力C. 不管绳子变长还是变短，Q物体受到的摩擦力都不变D. 若绳子变短，P 物体受到的绳子的拉力将变大【答案】CD【解析】试题分析：先对小球P受力分

10、析，然后对小方块Q受力分析，对P，由平衡条件研究绳子变长时，绳子的拉力如何变化二.实验题：本题共三小题，共计17分9. 某实验小组用原长约200mm的橡皮筋“研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系”。实验时，先将橡皮筋上端固定，然后在竖直悬挂的橡皮筋下端逐一增挂钩码（质量均为20g），每增挂一只钩码均记下对应的橡皮筋伸长量；当挂上10只钩码后，再逐一把钩码取下，每取下一只钩码，也记下对应的橡皮筋伸长量。根据测量数据，作出增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量L与拉力F关系的图像如图所示（实线为增挂钩码时的图线，虚线为减挂钩码时的图线）。两图线不重合的原因是（_）A增挂钩码时L与F成正比，而减挂钩码时L与F

11、不成正比B当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量比减挂钩码时的大C当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量与减挂钩码时的相等D增挂钩码时所挂钩码数过多，导致橡皮筋超出弹性限度【答案】D【解析】由增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量与拉力F关系的图象，发现减少钩码与增加钩码橡皮筋形变量不相同，则说明橡皮筋的已超出弹性限度，D正确10. 某同学做“验证力的平行四边形定则”实验时，主要步骤是：A在桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C用两个弹簧秤分别钩住绳套，互成角度地

12、拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O.记下O点的位置，读出两个弹簧秤的示数；D按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧秤的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；E只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F/的图示；F比较力F/和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论.上述步骤中：有重要遗漏的步骤的序号是_ 和_ ；遗漏的内容分别是_和 _.【答案】 (1). C (2). E (3). 记下两力的方向 (4). 拉到O点的位置【解析】试题分析：步骤C中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平

13、行四边形定则求合力；步骤E中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同；解：本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示步骤C中未记下两条细绳的方向；步骤E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O故答案是：（1）CE，（2）C中未记下两条细绳的方向；E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O【点评】本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键11. 在验证牛顿第二定

14、律的实验中，某位同学通过测量，把砂和砂桶的总重量当作小车的合外力F，作出a-F图线。如图中的实线所示。试分析：图线不通过坐标原点O的原因是_；图线上部弯曲的原因是_.【答案】 (1). 平衡摩擦过头 (2). 随着砂的质量增加，小车的质量不能够远大于砂和桶的质量【解析】F=0时，小车已具有加速度，图线不通过坐标原点O的原因是平衡摩擦力时木板倾角太大严格讲图线斜率的倒数表示物体和小车系统的质量，曲线上部弯曲的原因是没有满足小车质量远大于砂和砂桶的质量三.计算题.本题共三小题,共计45分12. 甲车以加速度4m/s2由静止开始作匀加速直线运动，乙车落后2秒在同一地点由静止开始，以加速度9m/s2作

15、匀加速直线运动，两车的运动方向相同，求：（1）在乙车追上甲车之前，两车距离的最大值是多少？（2）乙车出发后经多长时间可追上甲车？此时它们离开出发点多远？【答案】（1）14.4m （2）72m【解析】试题分析：1）乙车从静止开始做匀加速运动，落后甲2s钟，则开始阶段甲车在前当乙车速度小于甲车的速度时，两者距离增大；当乙车速度大于甲车的速度时，两者距离减小，则当两者速度相等距离最大根据此条件求出时间，再求最大距离（2）当两车的位移相等时，乙车追上甲车根据位移公式求出时间和它们离开出发点的距离（1）乙追甲，当两者速度相等时，两者之间的距离最大，故有，解得t=1.6s两者之间的距离为，解得s=14.4

16、m（2）当两者的位移相等时，两者相遇，故有，解得t=4s由于从同一地点开始运动，所以乙车的位移等于离开出发点的距离，故代入数据得s=72m13. 如图所示，在倾角为=370的足够长的固定的斜面底端有一质量m=1.0kg的物体，物体与斜面间动摩擦因数=0.25现用轻细绳将物体由静止沿斜面向上拉动，拉力F=10.0N，方向平行斜面向上经时间t=4.0s绳子突然断了，求：(sin370=0.60，cos370=0.80，g=10m/s2)(1)绳断时物体的速度大小(2)绳子断了物体还能向上滑行多远?【答案】（1）8m/s （2）4m【解析】（1）在绳子未断时，物体做初速度为零的匀减速直线运动，在沿斜

17、面方向上有，得t=4s末的速度为在绳子断了以后，物体开始做匀减速直线运动，在沿斜面方向上有，解得这个过程中物体的初速度为v，末速度为0，根据位移速度公式可得解得s=4m14. 如图所示，倾角为37，长为L16 m的传送带，转动速度为v10 m/s，动摩擦因数0.5，在传送带顶端A处无初速度地释放一个质量为m0.5 kg的物体已知sin 370.6，cos 370.8，取g10 m/s2.求：(1)传送带顺时针转动时，物体从顶端A滑到底端B的时间(2)传送带逆时针转动时，物体从顶端A滑到底端B的时间【答案】（1）4s （2）2s【解析】试题分析：（1）传送带顺时针转动时，物体相对传送带向下运动，

18、则物体所受滑动摩擦力沿斜面向上，相对传送带向下匀加速运动，根据牛顿第二定律有mg（sin37cos37）ma则agsin37gcos372 m/s2，根据lat2得t4s（2）传送带逆时针转动，当物体下滑速度小于传送带转动速度时，物体相对传送带向上运动，则物体所受滑动摩擦力沿传送带向下，设物体的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得，mgsin37mgcos37ma1则有a110 m/s2设当物体运动速度等于传送带转动速度时经历的时间为t1，位移为x1，则有，x1a1t25 ml16 m当物体运动速度等于传送带速度瞬间，有mgsin37mgcos 37，则下一时刻物体相对传送带向下运动，受到传送带向上的滑动摩擦力摩擦力发生突变设当物体下滑速度大于传送带转动速度时物体的加速度为a2，则x2lx111 m又因为x2vt2a2t22，则有10t2t2211，解得：t21 s （t211 s舍去）所以t总t1t22 s考点：牛顿第二定律的综合应用【名师点睛】解决本题的关键理清物体的运动规律，知道物体运动，明确速度和加速度的变化，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解从此题看出出，皮带传送物体所受摩擦力可能发生突变，不论是其大小的突变，还是其方向的突变，都发生在物体的速度与传送带速度相等的时刻。