动量典型计算题-新人教[整理].doc

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1、动量典型计算题1、质量 m1=10g 的小球在光滑的水平桌面上以 v1=30cm/s 的速率向右运动，恰好遇上在同一条直线上向左运动的另一个小球 第二个小球的质量为 m2=50g，速率 v2=10cm/s 碰撞后，小球 m2恰好停止那么，碰撞后小球 m1的速度是多大，方向如何？2、（6 分）质量为M的小车，如图所示，上面站着一个质量为m的人，以v0的速度在光滑的水平面上前进。现在人用相对于地面速度大小为u水平向后跳出。求：人跳出后车的速度？3、炮弹在水平飞行时，其动能为Ek0=800J，某时它炸裂成质量相等的两块，其中一块的动能为Ek1=625J，求另一块的动能 Ek24、一个质量 M=1kg

2、 的鸟在空中 v0=6m/s 沿水平方向飞行，离地面高度 h=20m，忽被一颗质量 m=20g 沿水平方向同向飞来的子弹击中，子弹速度 v=300m/s，击中后子弹留在鸟体内，鸟立即死去，g=10m/s2求：（1）鸟被击中后的速度为多少？（2）鸟落地处离被击中处的水平距离5、图中，轻弹簧的一端固定，另一端与滑块 B 相连，B 静止在水平导轨上，弹簧处在原长状态。另一质量与 B 相同滑块 A，从导轨上的 P 点以某一初速度向 B 滑行，当 A 滑过距离1l时，与 B 相碰，碰撞时间极短，碰后 A、B 紧贴在一起运动，但互不粘连。已知最后 A 恰好返回出发点 P 并停止。滑块 A 和 B 与导轨的

3、滑动摩擦因数都为，运动过程中弹簧最大形变量为2l，求 A 从 P 出发时的初速度0v。6、质量为 1kg 的物体在倾角 30为的光滑斜面顶端由静止释放，斜面高 5m，求物体从斜面顶端滑到物体的动量变化底端过程中重力的冲量为多少？物体的动量变化为多少？7、质量为 M 的火箭以速度 v0飞行在太空中，现在突然向后喷出一份质量为m 的气体，喷出的气体相对于火箭的速度是 v，喷气后火箭的速度是多少？8、(12 分)跳起摸高是中学生进行的一项体育活动，某同学身高 1.80 m，质量 65 kg，站立举手达到 2.20 m.此同学用力蹬地，经 0.45 s 竖直离地跳起，设他蹬地的力的大小恒定为1060N

4、，计算他跳起可摸到的高度.(g=10 m/s2)9、如图所示，光滑水平面上，质量为 2m 的小球 B 连接着轻质弹簧，处于静止；质量为 m的小球 A 以初速度 v0向右匀速运动，接着逐渐压缩弹簧并使 B 运动，过一段时间，A 与弹簧分离，设小球 A、B 与弹簧相互作用过程中无机械能损失，弹簧始终处于弹性限度以内。求当弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能 E10、如图所示，质量 mA为 4.0kg 的木板 A 放在水平面 C 上，木板与水平面间的动摩擦因数为 0.24，木板右端放着质量 mB为 1.0kg 的小物块 B（视为质点），它们均处于静止状态木板突然受到水平向右的 12Ns 的瞬时冲量作用

5、开始运动，当小物块滑离木板时，木板的动能EKA为8.0J，小物块的动能EKB为0.50J，重力加速度取10m/s2，求：（1）瞬时冲量作用结束时木板的速度0;（2）木板的长度 Lm2mABv0 11、在光滑水平面上有一个静止的质量为的木块，一颗质量为的子弹以初速0水平射入木块，且陷入木块的最大深度为 d。设冲击过程中木块的运动位移为 s，子弹所受阻力恒定。试证明：sd。12、在核反应堆里，用石墨作减速剂，使铀核裂变所产生的快中子通过与碳核不断的碰撞而被减速。假设中子与碳核发生的是弹性正碰，且碰撞前碳核是静止的。已知碳核的质量近似为中子质量的 12 倍，中子原来的动能为E0，试求：经过一次碰撞后

6、中子的能量变为多少？13、如图所示，ABC是光滑轨道，其中 BC 部分是半径为 R 的竖直放置的半圆一质量为M的小木块放在轨道水平部分，木块被水平飞来的质量为m的子弹射中，并滞留在木块中 若被击中的木块沿轨道能滑到最高点C，已知木块对C点的压力大小为(M+m)g，求：子弹射入木块前瞬间速度的大小14、如图所示，在光滑水平面上有一辆质量 M=4Kg 的平板小车，车上的质量为 m=1.96Kg的木块，木块与小车平板间的动摩擦因数=0.2，木块距小车左端 1.5m，车与木块一起以 V=0.4m/s 的速度向右行驶。一颗质量 m0=0.04Kg 的子弹水平飞来，在很短的时间内击中木块，并留在木块中，（

7、g=10m/s2）（1）如果木块不从平板车上掉下来，子弹的初速度可能多大？（2）如果木块刚好不从车上掉下来，从子弹击中木块开始经过 3s 小车的位移是多少？参考答案：参考答案：1 1、【分析】、【分析】取相互作用的两个小球为研究的系统。由于桌面光滑，在水平方向上系统不受外力 在竖直方向上，系统受重力和桌面的弹力，其合力为零 故两球碰撞的过程动量守恒【解】【解】设向右的方向为正方向据动量守恒定律有：22112211vmvmvmvm代入数据解得v1=-20cm/s.即碰撞后球m1的速度大小为 20cm/s，方向向左2、解：取向右为正方向，对人和车组成的系统动量守恒：(m+M)V0=mu+MV3 分

8、所以：V=MmuVMm0)(2 分方向水平向右1 分3、【错解】设炮弹的总质量为m，爆炸前后动量守恒，由动量守恒定律：P=P1P2由动能和动量的关系有：kmEp2 由得：2/221kkmEmE2/22kmE整理并代入数据得：Ek=225J。【错解原因】主要是只考虑到爆炸后两块的速度同向，而没有考虑到方向相反的情况，因而漏掉一解。实际上，动能为 625J 的一块的速度与炸裂前炮弹运动速度也可能相反。【正确解答】以炮弹爆炸前的方向为正方向，并考虑到动能为 625J 的一块的速度可能为正可能为负，由动量守恒定律：PP1P2由动能和动量的关系有：kmEp2由得：2/221kkmEmE2/22kmE整理

9、并代入数据解得：Ek2=225J 或 4225J。（正确答案是另一块的动能为 225J 或 4225J）。【评析】从上面的结果看，炮弹炸裂后的总动能为(625225)J=850J 或(625+4225)J=4850J。比炸裂前的总动能大，这是因为在爆炸过程中，化学能转化为机械能的缘故。4、【分析】【分析】子弹击中鸟的过程，水平方向动量守恒，接着两者一起作平抛运动。解解：把子弹和鸟作为一个系统，水平方向动量守恒设击中后的共同速度为u，取v0的方向为正方向，则由：Mv0mv(mM)u，得：m/s=11.8m/s击中后，鸟带着子弹作平抛运动。由221gth 得运动时间为：102022ghts=2s故

10、鸟落地处离击中处水平距离为：Sut11.82m23.6m5、解令 A、B 质量皆为m，A刚接触B时速度为1v（碰前），由功能关系，有121202121mglmvmvA、B碰撞过程中动量守恒，令碰后A、B共同运动的速度为.2v有：212mvmv 碰后A、B先一起向左运动，接着A、B一起被弹回，在弹簧恢复到原长时，设A、B的共同速度为3v，在这过程中，弹簧势能始末两态都为零，利用功能关系，有：)2()2()2(21)2(2122322lgmvmvm此后A、B开始分离，A单独向右滑到 P 点停下，由功能关系有12321mglmv由以上各式，解得)1610(210llgv330102013001020

11、61mMmvMvu6、解：物体受重力mg和支持力F的作用。设物体到达斜面底端的速度为v.对物体由动能定理：221mvmgh 由动量定理：30sinmvmgtI由得：I=5 Ns物体的动量变化：0mvp10kgm/s方向沿斜面方向。7、考查知识点：反冲原理相对速度解：根据动量守恒定律：（M+m)v0=m(v0-v)+MV所以：V=(M v0+m v)/M8.设人离地时获得速度为v，据动量定理有：（F-mg)t=mv.由竖直上抛运动公式得：h=v2/2g,由上述两式解得：h=0.4 m,所以该同学摸高为H=2.2+0.4=2.6 m.9、解：当A球与弹簧接触以后，在弹力作用下减速运动，而B球在弹力

12、作用下加速运动，弹簧势能增加，当A、B速度相同时，弹簧的势能最大设A、B的共同速度为v，弹簧的最大势能为E，则：A、B系统动量守恒，有vmmmv)2(0由机械能守恒：Evmmmv220)2(2121联立两式得2031mvE 10、【解析】（1）在瞬时冲量的作用时，木板A受水平面和小物块B的摩擦力的冲量均可以忽略取水平向右为正方向，对A由动量定理，有：I=mA0代入数据得：0=3.0m/s（2）设A对B、B对A、C对A的滑动摩擦力大小分别为FfAB、FfBA、FfCA，B在A上滑行的时间为t，B离开A时A的速度为A，B的速度为BA、B对C位移为sA、sB对A由动量定理有：（FfBA+FfCA）t

13、=mAA-mA0对B由动理定理有：FfABt=mBB其中由牛顿第三定律可得FfBA=FfAB，另FfCA=（mA+mB）g对A由动能定理有：（FfBA+FfCA）sA=1/2mA2A-1/2mA20对B由动能定理有：FfA BfsB=1/2mB2B根据动量与动能之间的关系有：mAA=KAAEm2，mBB=KBBEm2木板A的长度即B相对A滑动距离的大小，故L=sA-sB，代入放数据由以上各式可得L=0.50m11、解：如图所示，m 冲击 M 的过程，m、M 组成的系统水平方向不受外力，动量守恒0()mvmM v设子弹所受阻力的大小为 F，由动能定理得：对 M：2102FsMv（3 分）对 m：

14、22011()22F sdmvmv联立上式解得：msdMm因1,mMm所以 sd.12、解：弹性正碰遵循动量守恒和能量守恒两个规律。设中子的质量m，碳核的质量M。有：210Mvmvmv222120212121Mvmvmv由上述两式整理得000113111212vvmmmmvMmMmv则经过一次碰撞后中子的动能：020211169121)1311(2121EvmmvE13、解：设子弹射入木块瞬间速度为v，射入木块后的速度为vB，到达C点时的速度为vC。子弹射入木块时，系统动量守恒，可得：0vMmmv木块(含子弹)在BC段运动，满足机械能守恒条件，可得22)(21)(221CBvMmgMmRvMm

15、木块(含子弹)在C点做圆周运动，设轨道对木块的弹力为T，木块对轨道的压力为 T，可得：RvMmgMmTC2)()(又：T=T=(M+m)g由、方程联立解得：子弹射入木块前瞬间的速度：RgmMmv6)(14、解：（1）设子弹的初速度为 V0，射入木块后的共同速度为 V1，木块和小车初速度大小 V=0.4m/s，以向左为正，则由动量守恒有：m0v0-mv=（m+m0）v1显然 V0越大，V1越大，它在平板车上滑行距离越大。若它们相对平板车滑行 s=1.5m，则它们恰好不从小车上掉下来，它们跟小车有共同速度 V，有：（m+m0）v1-Mv=（m+m0+M）v由能量守恒定律有：Q=（m0+m）g s=2,02210)(2121)(21vMmmMvvmm由，代入数据可求出 v=0.6m/s.v0=149.6m/s.但要使木块不掉下来：v0149.6m/s.（2）从子弹射入木块开始时，小车作匀减速运动，加速度：a=（m+m0）g/M=1m/s2。小车经过时间 t1速度为 v，有 v=-v+at1解得：t1=1s。在这段时间内通过的位移：S1=matvt1.021211（在击中点左侧）小车在 t2=t-t1=2s 内做匀速运动，通过位移为：s2=vt2=1.2m。故小车在 3S 内的总位移 S总=S1+S2=1.3m.