2011届高中物理一轮复习精品资料选修32部分第十章 电磁感应答案 doc--高中物理 .doc

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1、http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网第十章 电磁感应答案第一节 电磁感应现象 楞次定律考点知识梳理考点知识梳理（一）（一）磁感线的条数；BS；Bssin；韦伯；Wb；标量；穿过某一面积的磁感线条数；（二）（二）穿过闭合电路的磁通量；感应电流；感应电动势；电源；磁通量；感应电动势；感应电流；（三（三）感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化；原磁通量；二者之间的相对运动；回路面积；原电流的变化（四）左手；右手考能训练考能训练1.【解析】【解析】1i产生的的磁场在导线所围的面积内的磁感应强度的方向垂直纸面向里；2i产生的磁场在导线所围的面积内的磁感应强度的方向垂

2、直纸面向里；3i产生的磁场在导线所围的面积内的磁感应强度的方向垂直纸面向里；4i产生的磁场在导线所围的面积内的磁感应强度的方向垂直纸面向外；所以四根导线产生的磁场叠加后在导线所围的面积内的磁场方向向里故要使由四根直导线所围成的面积内的磁通量增加，只要将磁场方向相反的4i去除就可以了【答案】【答案】D2.【解析】由于 c、d 以相同的速度向右运动，穿过闭合电路的磁通量不变，在闭合电路中没有感应电流产生，所以，没有电流通过电流表和电压表，故电流表和电压表均无示数【答案】D3.【解析】将线框向左拉出磁场的过程中，线框的 bc 部分做切割磁感线的运动，或者说穿过线框的磁通量减少，所以线框中产生感应电流

3、，故选项正确当线框以 ab 边为轴转动时，线框的 cd 边的右半段在做切割磁感线的运动，或者说穿过线框的磁通量在发生变化，所以线框中将产生感应电流，故选项正确当线框以 ad 边为轴转动（小于 60）时，穿过线框的磁通量在减小，所以在这个过程中线框中会产生感应电流，故选项正确如果转过的角度超过 60，bc 边将进入无磁场区，那么线框中将不产生感应电流（60300）当线框以 bc 边为轴转动时，如果转动的角度小于 60，则穿过线框的磁通量始终保持不变（其值为磁感应强度与矩形面积的一半的乘积），故选项是错的答案：Ahttp:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网4.【解析】圆环 b

4、的半径大于环 a 的半径，由于内外（其中内为磁铁内部的磁通量，外为磁铁外部穿过线圈的磁通量），故其包含磁铁的外磁场范围越大，则合磁通量越小（磁铁内部、外部的磁通量方向相反，可抵消）【答案】A5.解析解析：当 MN 中通以如图方向电流的瞬间，闭合回路 abcd 中磁场方向向外增加，则根据楞次定律，感应电流产生磁场的方向应当垂直纸面向里，再根据安培定则可知，cd 中的电流的方向由 d 到 C答案：B6.解析：当磁体靠近超导体时，超导体的磁通量增加，由楞次定律可知，超导体电流的磁场方向与磁体的磁场方向相反.而超导体中产生感应电流后相当于通电螺线管，它与磁体是同名磁极相互靠近，所以两者互相排斥，当磁体

5、受到向上的斥力与其重力相平衡时，磁体处于悬浮状态.答案：D.7.解析：如图，设观察方向为面向北方，左西右东，则地磁场方向平行赤道表面向北，若飞机由东向西飞行时，由右手定则可判断出电动势方向为由上向下，若飞机由西向东飞行时，由右手定则可判断出电动势方向为由下向上，A 对 B 错；沿着经过地磁极的那条经线运动时，速度方向平行于磁场，金属杆中一定没有感应电动势，C 错 D 对。答案：AD8.【解析】【解析】根据磁通量的定义：磁感应强度 B 与面积 S 的乘积，叫做穿过这个面的磁通量，但要注意 S 是与磁感应强度 B 相垂直的那部分面积即BS故：WbWbBS21110405.08.0线圈绕有 50 匝

6、，但与磁感应强度 B 垂直的面积还是205.0m，故穿过这个面的磁感线条数不变磁通量也可理解为穿过这个面的磁感线的条数所以仍然为Wb22104根据磁通量的定义：WbWbBS203104.26.005.08.053cos【答案】【答案】Wb21104Wb22104Wb23104.29.解析：本题考查右手定则的应用。根据右手定则，可判断 PQ 作为电源，Q 端电势高，在 PQcd 回路中，电流为逆时针方向，即流过 R 的电流为由 c 到 d，在电阻 r 的回路中，电流为顺时针方向，即流过 r 的电流为由 b 到 a。当然也可以用楞次定律，通过回路的磁通量的变化判断电流方向西东http:/ 永久免费

7、组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网答案：B10解析：在第一阶段原电流减少，故线圈 B 中的磁场减弱，所以感应电流磁场与原感应电流产生磁场方向相同；在第二阶段，原电流反向增大，故线圈 B 中的磁场增强，所以感应电流磁场与原感应电流产生磁场方向相反。若根据感应电流阻碍原电流的变化，第一阶段，原电流反向减少，则感应电流所原电流方向相同，即为负向；第二阶段，原电流正向增加，则感应电流与原电流方向相反，即感应电流仍为负。答案：D11.【解析解析】若保持电键闭合，磁通量不变，感应电流消失，所以铝环跳起到某一高度后将回落；正、负极对调，同样磁通量增加，由楞次定律，铝环向上跳起【答案答案】CD12.【

8、解析解析】铜环经过位置 1 时，有磁通量变化产生感应电流受磁场力方向向上，阻碍磁通量的增加，所以，gmFmga1；经过位置 2 时，环中磁通量最大，磁通量变化率为零，不产生感应电流，只受重力 mg，故 a2=g；铜环在位置 3 时速度大于位置 1 时的速度，所以经过位置 3 时磁通量变化率比位置 1 时大，产生的感应电流也大，受到的磁场力也大，且该磁场力仍然是阻碍环与磁场的相对运动，方向向上，所以 a3 a1Da因此加速度的关系为AaCaBaDa【答案】【答案】B5.【解析】由 EBLv 判知在 MN 运动过程中，L 逐渐增大，故 E 增大；而该闭合回路的周长也在增大，故 R 在增大，可算得

9、I 不变【答案】C6.【解析】MN 之间有一电压表，因电压表本身内阻过大，可视为断路，故无 I，则 F0；MN 可视为电源，因电压表内无电流通过，故无电压示数（据电压表工作原理），则 U0【答案】C7.【解析】P 点经过 MN 时，正方形闭合导线框切割磁感线的导线有效长度最大，感应电流最大【答案】C8.解析解析：在=B/tS 中，S 是磁场变化的面积所以 IA=tB Srr222IB=tB Srr22,所以 IAIB12注意:IA 的计算不可用做实际面积大小,写成 IA=tBSrr2222,而得到 IAIB21 的错误结论9.解析：由tE=kL1L2可知，回路中感应电动势是恒定的，电流大小也是

10、恒定的，但由于安培力 F=BILB=ktt，所以安培力将随时间而增大。当安培力增大到等于最大静摩擦力时，ab 将开始向左移动。这时有：2212211,LLkmgRtmgRLkLLkt10.解析：释放瞬间 ab 只受重力，开始向下加速运动。随着速度的增大，感应电动势 E、感应电流 I、安培力 F 都随之增大，加速度随之减小。当 F 增大到 F=mg 时，加速度变为零，这时 ab 达到最大速度。由mgRvLBFm22，可得22LBmgRvm这道题也是一个典型的习题。要注意该过程中的功能关系：重力做功的过程是重力势能向动能和电能转化的过程；安培力做功的过程是机械能向电能转化的过程；合外力（重力和安培

11、力）做功的过程是动能增加的过程；电流做功的过程是电能向内能转化的过程。达到稳定速度后，重力势能的减小全部转化为电能，电流做功又使电能全部转化为内能。这时重力的功率等于电功率也等于热功率。http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网RvlBF22进一步讨论：如果在该图上端电阻的右边串联接一只电键，让 ab 下落一段距离后再闭合电键，那么闭合电键后 ab 的运动情况又将如何？（无论何时闭合电键，ab 可能先加速后匀速，也可能先减速后匀速，还可能闭合电键后就开始匀速运动，但最终稳定后的速度总是一样的）。11.解析：由于线圈完全处于磁场中时不产生电热，所以线圈进入磁场过程中产生的电

12、热 Q 就是线圈从图中 2 位置到 4 位置产生的电热，而 2、4 位置动能相同，由能量守恒 Q=mgd=0.50J3 位置时线圈速度一定最小，而 3 到 4 线圈是自由落体运动因此有v02-v2=2g(d-l)，得 v=22m/s2 到 3 是减速过程，因此安培力减小，由 F-mg=ma 知加速度减小，到 3 位置时加速度最小，a=4.1m/s212.12.解析解析：这里的变化来自两个原因，一是由于 B 的变化，二是由于面积 S 的变化，显然这两个因素都应当考虑在内()BSSBttt，B/t=2T/S，S/t=VLt=21040.8 m1 秒末 B=2T，S/t=04m2s，所以（14012

13、11402）=1.6V回路中电流 I/R=1.61A1.6A,安培力 FBIl21.604N1.28N13【解析】1 s 末tB0，2 s 末tB最大，结合楞次定律判定【答案】B14.14.解析解析：电键 K 闭合时，L 会产生自从而阻碍电流增大，D1和 D2同时亮，随着电流趋于稳定，L 中的自逐渐减小，最后 L 会把 D1短路，D1不亮，而 D2两端电压会增大而更亮当 K 断开时，D2中因无电流会随之熄灭，而 L 中会产生自，与 D1构成闭合回路，D1会亮一下再者 L 中的电流是在 I=rR 2的基础上减小的会使 D1中的电流在 K 断开的瞬间与 K 闭合时相比要大，因而 D1会更亮答案：A

14、C15.解析解析：S 闭合瞬间，L 的阻抗很大，对灯泡 A 来讲在 S 闭合瞬间 L 可视为断路由于如图电源左正右负，所以此刻灯泡中电流由 a 到 b，选项 A 正确；S 闭合后电路达到稳定状态时，L 的阻抗为零，又 L 上纯电阻极小，所以灯泡 A 不能正常发光，故选项 B 正确S 断开前 L 上的电流由左向右，S 断开瞬间，灯泡 A 上原有电流即刻消失，但 L 和 A 组成闭合回路，L 上的电流仍从左向右，所以回路中电流方向是逆时针的，灯泡 A 上电流从 b 到 a，故选项 D 正确，选项 C 错误答案：ABD10-2-32http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网16

15、.16.解析解析：本题考查电磁感应现象.(1)线框中产生的感应电动势kltsBt221/在线框产生的感应电流,RIslR4,联立得8klsI(2)导线框所受磁场力的大小为BIlF,它随时间的变化率为tBIltF,由以上式联立可得822slktF。17.解析解析：由图象分析可知，0 至1t时间内00BBtt由法拉第电磁感应定律有 BEnnstt而22sr由闭合电路欧姆定律有11EIRR联立以上各式解得通过电阻1R上的电流大小为202103nBrIRt由楞次定律可判断通过电阻1R上的电流方向为从 b 到 a通过电阻1R上的电量20211 103nBr tqI tRt通过电阻1R上产生的热量2224

16、202111 12029n Br tQI R tRt18 解析解析：(1)如图所示,在 ab 棒做加速运动时,由于 v 的增加,安培力 F 变大,ab 棒在做加速度逐渐减小的加速运动,当 a=0 时,ab 棒速度最大,为 vm,则T=Mg=mgsin+F+mgcoshttp:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网F=BIL=B2L2vm/(R+r)vm=3 m/s.(2)由系统的总能量守恒可知,系统减少的重力势能等于系统增加的动能、焦耳热、摩擦而转化的内能之和：Mgh-mghsin=mghcos+2)(2VMm+QQ=32.88 J,QR=rRRQ=26.3 J.又因为流过电路

17、的电荷量q=Itq=Et/(R+r)E=/tq=rR=BLh/(R+r)q=8.0 C.答案答案：(1)vm=3 m/s(2)QR=26.3 Jq=8.0 C19.【解析】带电粒子 qEmg，rdUEqBmv,，UBLvBLv3/00RRBLvR，则有v2rgdL2R0（R0R3）当 r2d时，vvm15152m/s【答案】15152（或 0.52）m/s第三节 电磁感应定律的综合应用考能训练考能训练1.解析解析：线框在进入和穿出磁场的过程中有感应电流,且受到安培力的合力方向始终向上,当安培力大于其重力时可能做减速运动.线框全部处于磁场中时,无电流,正确选项为 C.答案：答案：C2.解析：解析

18、：由 E=t和图乙可知,E 均匀增加.又知 E=t=tSB=BLv,所以tE=tvBL,所以tv=常数,即火车做匀加速直线运动.答案：答案：B3.【解析】【解析】线圈进入磁场和离开磁场的过程中，产生感应电流受到安培力的作用，线圈克服安培力所做的功等于产生的热量，故选项 C 正确http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网根据功能的转化关系得线圈减少的机械能等于产生的热量即212KKEEWQ故选项 A、B 是错的根据动能定理得1212KKEEWW，故选项 D 是错的【答案】【答案】C4.【解析解析】最终棒 ab 的速度为零，根据功与能的转化关系可知：若导轨是粗糙的，导轨在水平

19、方向要受到向左的安培力和滑动摩擦力导体棒要克服安培力做功，动能一部分转化为电热能；还要克服滑动摩擦力做功，动能另一部分转化为摩擦产生的热量但最终是全部转化为热能（热能等于开始时的总动能）而导轨光滑，导轨在水平方向只受到向左的安培力作用，导体棒只要克服安培力做功，动能全部转化为电热能（热能等于开始时的总动能）而两种情况下导体棒改变的动量相等，都等于最初的导体棒动量【答案】【答案】D5.5.考点分析考点分析 本题为电磁感应现象和简谐运动的综合考查。解析解析：导体杆往复运动，切割磁感线相当于电源，其产生的感应电动势EBlv。由于杆相当于弹簧振子，其在O点处的速度最大，产生的感应电动势最大，因此电路中

20、的电流最大。根据右手定则，电流在P、Q两处改变方向，此时的电流为零。故选择 B。答案：D6.6.考点分析考点分析 本题考查了电磁感应中闭合电路欧姆定律的应用。解析解析：线框进入磁场后切割磁感线，a、b产生的感应电动势是c、d电动势的一半。而不同的线框的电阻不同。设a线框电阻为r4，b、c、d线框的电阻分别为r6、r8、r6，则：4343BLvrrBLvUa，6565BLvrrBLvUb，23862BLvrrLvBUc，34642BlvrrLvBUd。答案：B7.【解析解析】设矩形线框的竖直边为 a，水平边为 b，线框拉出匀强磁场时的速度为，线框电阻为 R则线框拉出匀强磁场时产生的感应电动势为a

21、BE，产生的感应电流为RaBREI根据平衡条件得：作用的外力等于安培力即RaBBIaFF22安将线框从磁场中拉出外力要做功RbaBbRaBbFW2222由这个表达式可知：RbaB22两种情况都一样，拉出的速度越大，做的功就越多 第一次速度大，故21WW http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网根据RSBRttRtREt Iq，由这一推导过程可知两次拉出磁场通过导线截面的电量只与在磁场中的面积变化有关，即从磁场中拉出的线框面积由于两次都等于整个线框的面积即两次拉出在磁场中的面积变化相等故通过导线截面的电量两次相等即21qq【答案】【答案】C8.8.考点分析考点分析 本题考

22、查了电磁感应电路图象问题的分析。解析：解析：设磁感应强度为B，线框速度为v，当只有bc边进入PQ磁场时，根据法拉第电磁感应定律，有Blv1，根据右手定则判断出电流电流为bc，与题中规定的正方向相反，电波为负；当bc边进入QR磁场区域时，de边进入PQ磁场区域，分别产生感应电动势，线框中的感应电动势为两部分感应电动势之和。所以有Blvbc，方向为cb，为正值，而Blvde，方向为de，为负值，所以02debc；同理当bc边出QR磁场，af边进入PQ磁场，de边进入QR磁场时有Blv33，只有af边在QR磁场时有Blv24，所以 C 正确。答案：C失分陷阱失分陷阱分不清内外电路、分不清电源电动势的

23、方向、不能正确应用右手定则。9解析：（1）EBLvI1R1，vI1R1BL0.2 40.81m/s5 0.2 m/s，Ek12mv22.5J（1 分）；（2）I3I13 0.2 A（2 分），PAI12R1I22R23I12R12.4W 或 FABIL2.4 0.2 N，PAFAv2.4W；（3）由 PA3I12R1和图线可知，PAt，所以 WA12PAmt6 J，（或根据图线，I12t 即为图线与时间轴包围的面积，所以 WA3I12R1t31250.246 J）又 WFWAEk，得 WFWAEk8.5 J。10.【解析解析】由于导体棒匀速转动，所以外力的功率与产生的感应电流的电功率相等根据法

24、拉第电磁感应定律得：22121lBllBlBE，所以电功率为RrBRlBREP4)21(422222【答案】【答案】C11.考点分析考点分析 法拉第电磁感应定律，安培力以及牛顿第二定律。解析解析：由于Ld，总有一段时间线圈全部处于匀强磁场中，磁通量不发生变化，不产生感应电流，因此不受安培力，而做自由落体运动，因此不可能一直匀速运动，A 选项错误。已知线圈下边缘刚进入磁场和刚http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网穿出磁场时刻的速度都是v0，由于线圈下边缘到达磁场下边界前一定是加速运动，所以只可能是先减速后加速，而不可能是先加速后减速，B 选项错误。mgR/B2L是安培力

25、和重力平衡时所对应的速度，而本题线圈减速过程中不一定能达到这一速度，C 选项错误。从能量守恒的角度来分析，线圈穿过磁场过程中，当线圈上边缘刚进入磁场时速度一定最小。从开始自由下落到线圈上边缘刚进入磁场过程中用动能定理，设该过程克服安培力做的功为W，则有：mg（hL）W21mv2。再在线圈下边缘刚进入磁场到刚穿出磁场过程中用动能定理，该过程克服安培力做的功也是W，而始、末动能相同，所以有：mgdW0。由以上两式可得最小速度vLdhg2。所以 D 选项正确。答案答案：D12解析：由于轨道是光滑的，所以金属块在滑动的过程中机械能的损失发生在进、出磁场的过程中。通过电磁感应产生焦耳热，最终物块将在磁场

26、区域内以磁场上边界为极端位置做往复运动。产生的焦耳热的总量等于金属块由 b 高处降到 a 高处减少的重力势能与金属块的初动能之和。答案：D13解析：（1）安培力F=BIL式中I=BLvR据题意，杆的速度 v 和位移 x 的函数关系为：v=v0-B2L2xmR，所以，F=B2L2vR=B2L2v0R-B4L4xmR2由上式可知，安培力 F 与位移 x 成线性关系。（2）开始运动瞬间x=0，F0=B2L2v0R停止运动时v=0，F=0（3）由于安培力 F 与位移 x 成线性关系，故安培力 F 所做的功与平均力所做的功 W 等效，即W=F0+F2xm=F02xm由 v 和位移 x 的函数关系式可求得

27、杆的最大位移v=v0-B2L2xmR=0，xm=mRv0B2L2所以，W=F02xm=12B2L2v0RmRv0B2L2=12mv02=EK，命题得证（4）根据能量守恒，杆的动能完全转化为电阻 R 的内能 E=EK=12mv0214解析：（1）由图象知 12s 末导体棒 ab 的速度为 v1=9m/s，在 012s 内的加速度大小为http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网129tvam/s2=0.75m/s2（2）t1=12s 时，导体棒中感应电动势为 E=BLv1感应电流REI 导体棒受到的安培力 F1=BIL，即RvLBF1221此时电动机牵引力为1vPF 由牛顿第

28、二定律得1vPmamgRvLB122由图象知 17s 末导体棒 ab 的最大速度为 v2=10m/s，此时加速度为零，同理有2vP0222 mgRvLB由两式解得2.0，R=0.4（3）012s 内，导体棒匀加速运动的位移542111tvsm1217s 内，导体棒的位移46541002sm由能量守恒得221222)2121(mgsmvmvPtQ代入数据解得 R 上产生的热量 Q=12.35 J15解析：（1）ab 棒离开磁场右边界前做匀速运动的速度为 V，产生的电动势为：BLVE 电路中电流rREI对 ab 棒，由平衡条件得：FBIL=0解得22)(LBrRFV(2)由能量守恒定律2021)(

29、mVWddF电解得442202)()(LBrRmFddFW电（3）设棒刚进入磁场时速度为 V0，则 1当 V0=V，即2021mVFd 时，棒做匀速直线运动；2当 V0V，即2021mVFd时，棒做先加速后匀速直线运动；3当 V0V，即2021mVFd时，棒做先减速后匀速直线运动；16解析：（1）当金属棒匀速下滑时速度最大，设最大速度为vm，达到最大时则有http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网mgsin=F安F安ILB总RBLvIm其中R总6R所以mgsin=总RvLBm22解得最大速度223mmgRvB L（2）由能量守恒知，放出的电热Q=mg2S0sin-221m

30、mv代入上面的vm值，可得44223029LBRgmmgSQ（3）R2上消耗的功率222RUp 其中并并并RRBLvRIRU32244RRRRR并又并RRvLBmg3sin22解以上方程组可得22222222222222222281616sin416sinRRRRRLBgmRRRRLBgmp当24LRRR时，R2消耗的功率最大最大功率22224mm g RPB L单元质量评估（十）1.【解析解析】对油滴有mgqE，电场力向上又由于油滴带负电，故电场强度方向向下，电容器上极板带正电，下极板带负电，线圈感应电动势正极在上端，负极在下端由楞次定律得知 ab 向右减速运动或向左加速运动【答案】【答案】

31、AD2.解解析析：当金属杆由静止开始滑下的过程中，金属杆就是一个电源，与电阻R构成一个回路；其受力情况如图所示，根据牛顿第二定律得：GNFhttp:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网maRvLBmg22sin所以金属杆由静止开始做加速度减小的加速运动，当=0 时，即RvLBmg22sin，此时达最大速度vm，可得：22sinLBmgRvm，故由此式知选项 B、C 正确。答案：BC3.解析：电键 K 闭合时，电感 L1和 L2的电流均等于三个灯泡的电流，断开电键 K 的瞬间，电感上的电流 i突然减小，三个灯泡均处于回路中，故 b、c 灯泡由电流 i 逐渐减小，B、C 均错，D

32、 对；原来每个电感线圈产生感应电动势均加载于灯泡 a 上，故灯泡 a 先变亮，然后逐渐变暗，A 对答案：AD4.【解析解析】A 选项在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A 正确。B 选项根据左手定则可以判断，受安培力向下，B 不正确。C 选项当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为 a，这时感应电动势最大 E=Bav，C 正确。D 选项感应电动势平均值vaaBtE2212，D 正确。【答案答案】ACD5.【解析解析】横杆匀速滑动时，由于BLE 不变，故02I，01I加速滑动时，由于BLE 逐渐增大，电容器不断充电，

33、故01I，02I【答案】【答案】D6.【解析】A 选项中 00.5s，磁场垂直纸面向外且均匀增加，与图乙中感应电流方向矛盾，故 A 错；B 选项中 00.5s，磁场垂直纸面向外且均匀减弱符合条件，但 0.51s，磁场垂直纸面向里且均匀增强与图乙中感应电流方向矛盾，故 B 错；C 选项中 00.5s，磁场垂直纸面向里且均匀增强，0.51s，磁场垂直纸面向里且均匀减弱，11.5s，磁场垂直纸面向外且均匀增强，1.52s，磁场垂直纸面向外且均匀减弱，都与题意相付，故 C 对；D 选项中 00.5s，磁场垂直纸面向里且均匀增强，0.51.5s，磁场垂直纸面向里且均匀减弱，1.52s 磁场垂直纸面向里且

34、均匀增强，都与题意相付，故 D 对。答案：CD7.【解析】【解析】线框中不产生感应电流，则要求线框所组成的闭合回路内的磁通量不发生变化，即线框全部在磁场中匀速运动时没有感应电流所以线框从左边框进入磁场时开始到线框的右边框将要离开磁场时止，http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网这个过程中回路中将没有感应电流【答案】【答案】C8.【解析解析】橡胶盘 A 在加速转动时，产生的磁场在不断增加，穿过 B 的磁通量不断增加，根据楞次定律可知 B 正确。【答案答案】B9.解析：解析：在释放的瞬间，速度为零，不受安培力的作用，只受到重力，A 对。由右手定则可得，电流的方向从 b 到

35、a，B 错。当速度为v时，产生的电动势为EBlv，受到的安培力为FBIL，计算可得22B L vFR,C 对。在运动的过程中，是弹簧的弹性势能、重力势能和内能的转化，D 错。答案：答案：AC10.10.解析解析：当线框的ab边进入GH后匀速运动到进入JP为止，ab进入JP后回路感应电动势增大，感应电流增大，因此所受安培力增大，安培力阻碍线框下滑，因此ab进入JP后开始做减速运动，使感应电动势和感应电流均减小，安培力又减小，当安培力减小到与重力沿斜面向下的分力mgsin相等时，以速度v2做匀速运动，因此v2v1，A 错；由于有安培力做功，机械能不守恒，B 错；线框克服安培力做功，将机械能转化为电

36、能，克服安培力做了多少功，就有多少机械能转化为电能，由动能定理得W1W2=Ek，W2=W1Ek，故CD正确。答案：CD。11.【解 析】【解 析】感 应 电 动 势VVBLE8.0102.04.0，极 板 上 的 电 荷 量CCCEQ561088.010100由于感应电动势一定，电容器的带电荷量一定，所以电路中无电流【答案】【答案】零；正；C510812.解析：解析：(1)E=BLv=Bsindv,故 I=RE2=sin2RBdv.(2)电阻 R 上的发热功率PR=I2R=2222sin4RsvdB.(3)拉力的机械功率 P机可由能量转化守恒定律得出,P机=P电=I22R=2PR=2222si

37、n4RvdB.http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网答案：答案：(1)sin2RBdv(2)2222sin4RsvdB(3)2222sin2RsvdB13 答案（1）a=5m/s2向下；（2）v0=5m/s14【解析】【解析】根据题意可知：开始导体棒没有运动时 U 形导轨和导体棒所构成的闭合回路的面积保持不变，而磁感应强度 B 在增大，由法拉第电磁感应定律得VVStBtE04.08.05.01.0而磁场的磁感应强度的变化规律)(1.05.00TtttBBB要把重物吊起来，则绳子的拉力必须大于或等于重力设经过时间 t 重物被吊起，此时磁感应强度为)(1.05.0TtB所

38、以安培力为)1.05.0(04.05.01.04.004.0)1.05.0()1.05.0(ttLrREtBILF根据平衡条件得：mgtF)1.05.0(04.0解得：t1s【答案】【答案】t1s15.【解析【解析】（1）若金属棒与导轨间是光滑的，那么平衡时必有恒定拉力与安培力平衡，即RLBF22从而得到FLBR22，即与 F 成线性关系且经过坐标原点而本题的图像坐标没有经过原点，说明金属棒与导轨间有摩擦金属棒在匀速运动之前安FFFf，随着速度的增加，安培力越来越大，最后相等故金属棒在匀速运动之前做变速运动（加速度越来越小）（2）设摩擦力为fF，平衡时有RLBFFFF22ff安选取两个平衡状态

39、，得到两个方程组，从而求解得到如当 F4N 时，sm/4；当 F10N 时，sm/16代入RLBFF22f解得：B1T，NFf2（3）由以上分析得到：F 图线的截距可求得金属棒与导轨间的摩擦力，大小为 2N【答案【答案】（1）金属棒在匀速运动之前做变速运动（加速度越来越小）；（2）B1T；（3）F 图线的截距可求得金属棒与导轨间的摩擦力，大小为 2N16.解析解析：（1）金属棒做匀加速运动，R 两端电压 UIv，U 随时间均匀增大，即 v 随时间均匀增大，加速度为恒量；http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网（2）FB2l2vRrma，以 F0.5v0.4代入得（0.5

40、B2l2Rr）v0.4aa 与 v 无关，所以 a0.4m/s2，（0.5B2l2Rr）0得 B0.5T（3）x112at2，v0B2l2m（Rr）x2at，x1x2s，所以12at2m（Rr）B2l2ats得：0.2t20.8t10，t1s，（4）可能图线如下：17.解析：（1）感应电动势为 E=BLv=1.0V感应电流为REI=1.0 A（2）导体棒匀速运动，安培力与拉力平衡即有 F=BIL=0.1N（3）导体棒移动 30cm 的时间为vlt=0.03s根据焦耳定律，Q1=I2R t=0.03J（或 Q1=Fs=0.03J）根据能量守恒，Q2=221mv=0.5J电阻 R 上产生的热量Q=

41、Q1+Q2=0.53 J18.解析解析：(1)Wa=magd=1.0JWb=mbgd=0.5J（2）b 在磁场中匀速运动时：速度为b,总电阻 R1=7.5b 中的电流1RBLIbbhttp:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网由以上各式得：gmRLBbb122同理，a 棒：gmRLBaa222由以上各式得，43abgh22169abhhgtbatdb由得Ha=m34Hb=43m19.【解析】（1）由法拉第电磁感应定律得感应电动势为220 220n B rBEnn rttt由闭合电路的欧姆定律，得通过1R的电流大小为20 2033n B rEIRRt由楞次定律知该电流由 b 向 a 通过1R（2）由qIt得在 0 至1t时间内通过1R的电量为20 2 1103n B r tqItRt由焦耳定律得在 0 至1t时间内1R产生的热量为http:/ 永久免费组卷搜题网http:/ 永久免费组卷搜题网222420 2 11 12029nB r tQI RtRt答案：（1）20 203n B rRt，电流由 b 向 a 通过1R；（2）22240 2 12029nB r tRt