福建省晋江市2017_2018学年高二物理上学期期中试题.doc

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1、2017-2018年高二年上学期中物理科试卷考试时间90分钟，满分100分一、选择题：本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的（每小题3分，共30分）1在真空中有两个固定的点电荷，它们之间的静电力大小为F现保持它们之间的距离不变，而使它们的电荷量都变为原来的2倍，则它们之间的静电力大小为（）A F B F C4F D2 F2如图所示，光滑的水平地面上有一辆平板车，车上有一个人。原来车和人都静止。当人从左向右行走的过程中：（）A人和车组成的系统水平方向动量不守恒B人停止行走时，人和车的速度一定均为零C人和车的速度方向相同D人和车组成的系统机械能守恒3如图，实线表示某静电

2、场的电场线，虚线表示该电场的等势面下列判断正确的是（）A1、2两点的场强相等 B1、3两点的场强相等C1、2两点的电势相等 D2、3两点的电势相等4关于导体的电阻及电阻率的说法中，正确的是（）A由R=知，导体的电阻与长度l、电阻率成正比，与横截面积S成反比B由R=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度D将一根导线一分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一5如图所示，直线A为某电源的路端电压U与电流I的关系图象，直线B是电阻R的两端电压与电流I的关系图象用该电源与电阻R组成闭合电路，电源内阻r的大小和电源的输出功率分别

3、为（）A1，4W B2，4W C0.5，4W D1，2W6如图所示，平行的实线表示电场线，虚线表示一个带电粒子穿越电场的运动轨迹，a、b是此轨迹上的两点不计带电粒子所受重力，下列说法中正确的是（）A电场方向一定是向右的 B该粒子一定带负电荷C该粒子一定是由a向b运动D粒子在a点的动能一定小于在b点的动能7在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为l.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A则以下判断中正确的是（）A电动机两端的电压为1.0VB电动机的机械功率为12WC电动机产生的热功率4.0WD电源输出的电功率为24W

4、8如图所示，真空中等量同种正点电荷放置在M、N两点，在M、N的连线上有对称点a、c，M、N连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是： A正电荷q在c点电势能大于在a点电势能B正电荷q在c点电势能小于在a点电势能C在M、N连线的中垂线上，O点电势最高D负电荷q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度一定先减小再增大9如图所示，在光滑水平面上有直径相同的a、b两球，在同一直线上运动，选定向右为正方向，两球的动量分别为pa6 kgm/s、pb4 kgm/s当两球相碰之后，两球的动量可能是：Apa6 kgm/s、pb4 kgm/sBpa6 kgm/s、pb8 kgm/sCpa4 k

5、gm/s、pb6 kgm/sDpa2 kgm/s、pb010 A、B两物体发生正碰，碰撞前后物体A、B都在同一直线上运动，其位移时间图象如图所示。由图可知，物体A、B的质量之比为()A11 B12 C13 D31二、多项选择题：本题共5小题（每小题4分，共20分每小题全选对的得4分，选对但不全的得2分，只要有选错的，该小题不得分）11在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E、内阻为r.设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中的a端移动时()AI变小 BI变大CU变大 DU变小12在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为

6、r电键S处于闭合状态时，在水平放置的平行板电容器之间，有一带电油滴P处于静止状态下列叙述正确的是（）A其他条件不变，使电容器两极板缓慢靠近，油滴向上加速运动B其他条件不变，使电容器两极板缓慢远离，油滴向上加速运动C其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向左移动，油滴向下加速运动D其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向右移动，油滴向下加速运动13空间某区域竖直平面内存在电场，电场线分布如图所示。一个质量为m、电量为q，电性未知的小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为v1，方向水平向右，运动至B点时的速度大小为v2。若A、B两点之间的高度差为h，则以下判断中正确的是（考虑重力）: A小球在A点的电势

7、能比B大B若错误！未找到引用源。，则电场力也不一定做正功CA、B两点间的电势差大小为D小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为14如图所示，子弹质量小于木块，子弹水平射入放在光滑水平地面上静止的木块，子弹未穿透木块，此过程中木块动能增加了5J，那么此过程中系统产生的内能可能为（ ）A16J B11.2J C5.6J D3.4JvoBA15如图所示，光滑水平地面上静止放置由弹簧相连的木块A和B，开始时弹簧处于原长，现给A一个向右的瞬时冲量，让A开始以速度v0向右运动，若错误！未找到引用源。，则:A当弹簧压缩最短时，B的速度达到最大值B当弹簧再次恢复原长时，A的速度一定向右C当弹簧再次恢复原长时，

8、A的速度一定小于B的速度D当弹簧再次恢复原长时，A的速度可能大于B的速度三、计算题（本题有4小题，共50分）解题要求：写出必要的文字说明、方程式和演算步骤有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位16（10分）如图，板间距为d、板长为4d的水平金属板A和B上下正对放置，并接在电源上。现有一电荷量为q、质量为m带电的质点沿两板中心线以某一速度水平射入，两板间加上某一恒定电压，如果A接负时，该质点就沿两板中心线射出；如果A接正时，该质点就射到B板距左端为d的C处。取重力加速度为g，不计空气阻力。（1）求该恒定电压U0大小；（2）求质点射入两板时的速度v0；17（15分）如图所示，在沿水平方向的匀强

9、电场中有一固定点O，用一根长度为l=0.20m的绝缘轻线把质量为m=0.10kg、带有正电荷的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时轻线与竖直方向的夹角为=37现将小球拉至位置A，使轻线水平张紧后由静止释放g取10m/s2，sin37=0.60，cos37=0.80求：（1）小球所受电场力的大小；（2）小球通过最低点C时的速度大小；（3）小球通过最低点C时轻线对小球的拉力大小18（10分）如图所示，电源电动势有E=12V，内阻r=0.5，“10V、20W”的灯泡L与直流电动机M并联在电源两极间，灯泡恰能正常发光，已知电动机线圈的电阻为RM=1，求：（1）流过电源内阻的电流为多少？（2）电动机的机

10、械功率为多少？（3）电源的效率为多少？19（15分）如图甲所示，物块A、B的质量分别是mA=40kg和mB=30kg用轻弹簧栓接，放在光滑的水平地面上，物块B右侧与竖直墙相接触另有一物块C从t=0时以一定速度向右运动，在t=4s时与物块A相碰，并立即与A粘在一起不再分开，物块C的v-t图象如图乙所示求：（1）物块C的质量mC；（2）墙壁对物块B在4 s到12s的时间内的冲量I的大小和方向；（3）B离开墙后的过程中弹簧具有的最大弹性势能Ep；（4）B离开墙后，三个物块在光滑的水平地面上向左运动（地面很长），B的速度变化范围，粘在一起AC的速度变化范围？季延中学2017-2018年高二年上学期中物

11、理科试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的（每小题3分，共30分）1C【考点】库仑定律【分析】本题比较简单，直接利用库仑定律进行计算讨论即可【解答】解：距离改变之前：F=当电荷量都变为原来的3倍时：F1= 联立可得：F1=4F，故ABD错误， C正确2B 【考点】动量，机械能【分析】无外力动量守恒，人和车动能有变化 【解答】B正确；3D 【考点】电势；电场强度【分析】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大顺着电场线，电势降低利用这些知识进行判断【解答】解：A、电场

12、线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大故B错误；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等故D正确4 A 【考点】电阻定律【分析】电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与加在导体两端的电压和通过导体的电流大小无关【解答】解：A、根据R=知，导体的电阻与导体的电阻率和导体长度成正比，与导体的横截面积成反比；故A正确；B、电阻是导体本身的

13、性质，与导体两端的电压、导体中的电流都无关故B错误；C、导体的电阻率与导体的电阻R，横截面积S，与导体的长度L皆无关；故C错误；D、导体的电阻率与导体的电阻R，横截面积S，与导体的长度L皆无关；故D错误；5C 【考点】电功、电功率；路端电压与负载的关系【分析】由图象A可知电源的电动势为3V，短路电流为6A，两图象的交点坐标即为电阻R和电源构成闭合回路时的外电压和干路电流电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，效率等于R消耗的功率除以总功率【解答】解：由图象A可知电源的电动势E=3V，短路电流为6A，该电源和该电阻组成闭合电路时路端电压为2V，电流I=2A电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，根据

14、P=UI得：P=22W=4W，电源的总功率为：P总=EI=32W=6W 故选：C6 D【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】根据轨迹的弯曲方向，判断出合力（电场力）的方向，再根据电场线的方向，判断电荷的电性；电场力大小的比较可以看电场线的疏密，即电场强度的大小；比较电势能和动能可以根据电场力做功正负来判断【解答】解：A、合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向左，不能判断电场的方向，也不能判断粒子的带电性质，故AB错误C、粒子可能是由a向b运动，也可能是由b向a运动故C错误D、从a运动到b，电场力做正功，电势能减少，动能增加所以带电粒子在a点的动能小于在

15、b点的动能故D正确 7B【考点】电功、电功率【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的【解答】解：A、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=EU内UR0=12IrIR0=122121.5=7V， 电动机的总功率为：P总=UI=72=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=220.5=2W，所以电动机的机械功率为：P出=14W2W=12W，所以A错误，B正确，C错误；D、电源的输出的功率

16、为：P输出=EII2R=122221=20W，所以D错误故选：B8C 【考点】电势能；电场线 【分析】本题考查了等量同种电荷周围电场分布情况【解答】解：正电荷q在c点电势能等于在a点电势能 故选项C正确，选项D错误，负电荷q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度可能先增大再减小又增大再减小 故选：C9C 【考点】动量，能量【分析】考虑动量守恒，动能不增加【解答】：C10C 【考点】动量，x-t图像【解答】：解析：碰前vA4 m/s，vB0。碰后vAvB1 m/s，由动量守恒可知mAvA0mAvAmBvB，解得mB3mA。故选项C正确。二、多项选择题：（全选对的得4分，选对但不全的

17、得2分，只要有选错的，该小题不得分）11AD【考点】闭合电路欧姆定律分析【分析】解析：.当R5的触头向a移动时，电阻变小，总电阻减小，所以总电流变大则内阻r及电阻R3上的电压降增大，电压表示数UE(U3U内)变小，R1两端的电压变大，所以电流表所在支路中的电压就减小，而支路的电阻不变，所以电流减小12 AD 【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】油滴受重力和电场力而平衡，其中电场力F=qE=q，电容器与电阻R1并联，电压相等，根据闭合电路欧姆定律分析电压的变化，得到电场力的变化，确定油滴的加速度情况【解答】解：油滴静止时受重力和向上的电场力，处于二力平衡状态；A、其他条件不变，使电容器两极板

18、缓慢靠近，两个板间的电压U一定，根据U=Ed，由于d减小，电场强度变大，故电场力变大，合力向上，故油滴向上加速运动，故A正确；B、其他条件不变，使电容器两极板缓慢远离，两个板间的电压U一定，根据U=Ed，由于d变大，电场强度变小，故电场力变小，合力向下，故油滴向下加速运动，故B错误；C、其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向左移动，电阻R2减小，根据闭合电路欧姆定律，电流增加，故定值电阻R1的电压U增大；故根据U=Ed，由于d不变，电场强度变大，故电场力变大，合力向上，故油滴向上加速运动，故C错误；D、其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向右移动，电阻R2变大，根据闭合电路欧姆定律，电流减小，故定值电

19、阻R1的电压U减小；故根据U=Ed，由于d不变，电场强度变小，故电场力变小，合力向下，故油滴向下加速运动，故D正确；13 BC【考点】静电场14 AB【考点】动量，能量守恒 【解答】选AB由15BC 【考点】冲量，动量【分析】结合动量守恒和动能变化 【解答】解：BC三、计算题（本题有4小题，共50分）解题要求：写出必要的文字说明、方程式和演算步骤有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位16(10分) （1）（2）（1）当两板加上U0电压且A板为负时，有： 解得： （2）A板为正时，设带电质点射入两极板时的速度为v0，向下运动的加速度为a，经时间t射到C点，有： 又水平方向有 d=v0t竖直方

20、向有 由得：17(15分) 【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】（1）小球在B点处于静止状态，对小球进行受力分析，根据平衡条件即可求解；（2）对小球从A点运动到C点的过程中运用动能定理即可解题；（3）在C点，小球受重力和细线的合力提供向心力，根据向心力公式即可求解【解答】解：（1）小球受重力mg、电场力F和拉力T，其静止时受力如答图2所示根据共点力平衡条件有：F=mgtan37=0.75N（2）设小球到达最低点时的速度为v，小球从水平位置运动到最低点的过程中，根据动能定理有：mglFl=mv2解得：v=1.0m/s（3）设小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小为T根据牛顿第二定律有

21、：Tmg=解得：T=1.5N18(10分) 【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【分析】（1）根据闭合电路欧姆定律列式求解电流；（2）电动机的输出功率等于总功率减去热功率；（3）根据=100%求解电源的效率即可【解答】解：（1）设流过灯泡的电流为IL，则IL=2A，内阻r的电压Ur=EUL=12V10V=2V，流过内阻的电流为I=4A；（2）设流过电动机的电流为IM，IM=IIL=42=2 A，电动机的输入功率为PM总=IMU=210=20W，电动机线圈的热功率为PQ=I2MRM=221=4W，电动机输出功率为：PM出=PM总PQ=204=16W；（3）电源的总功率为P总=IE=412=48W，电源的效率为=100%=83%；19(15分) 由图知，C与A碰前速度为，碰后速度为， C与A碰撞过程动量守恒，以C的初速度反方向为正方向，由动量守恒定律得：解得：。由图知，末A和C的速度为，到墙对B的冲量为解得：，方向向左。，B离开墙壁，之后A、B、C及弹簧组成的系统动量和机械能守恒，且当A、C与B速度相等时，弹簧弹性势能最大，以A的速度方向为正方向由动量守恒定律得：由机械能守恒定律得：，解得：。（4）由B速度变化的区间0， 4 方向向左，AC速度变化的区间3， 1 方向向左- 11 -