2015_2016学年高中物理4.3牛顿第二定律课时精练含解析新人教版必修1.doc

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1、【金版教程】2015-2016学年高中物理 4.3牛顿第二定律课时精练 新人教版必修1知识点基础中档稍难对牛顿第二定律理解1、2牛顿第二定律应用3、4、56、8、9瞬时性7图象分析11综合提升10121.2015镇江高一检测下面说法正确的是()A物体所受合外力越大，加速度越大B物体所受合外力越大，速度越大C物体在外力作用下做匀加速直线运动，当合外力逐渐减小时，物体的速度逐渐减小D物体的加速度大小不变一定受恒力作用答案A解析根据牛顿第二定律，物体受的合外力决定了物体的加速度，而加速度大小和速度大小无关，A对B错；物体做匀加速运动说明加速度方向与速度方向一致，当合外力减小但方向不变时，加速度减小但

2、方向不变，所以物体仍然做加速运动，速度增加，C错误；加速度是矢量，其方向与合外力方向一致，加速度大小不变，若方向发生变化，合外力方向必然变化，D错误。22015济南高一检测(多选)关于力和运动的关系，下列说法中正确的是()A物体受到的合外力越大，其速度改变量越大B物体受到的合外力不为零且不变，物体速度一定会改变C物体受到的合外力变化，加速度就一定变化D物体受到的合外力不变，其运动状态就不改变答案BC解析由牛顿第二定律知，物体受的合外力发生变化，加速度就一定变化，物体受到的合外力越大，加速度就越大，而速度改变量不仅与加速度有关，而且还与时间有关，故A错C对；运动状态不变即速度不变，若加速度不为零

3、且不变，其速度一定变化，故B对D错。3(多选)力F1单独作用于一个物体时，物体具有的加速度大小为2 m/s2，力F2单独作用于同一物体时，物体具有的加速度大小为4 m/s2，当F1、F2共同作用于该物体时，物体具有的加速度大小可能是()A2 m/s2B4 m/s2C6 m/s2 D8 m/s2答案ABC解析据牛顿第二定律有F12m，F24m，当二力同向时可使物体产生最大加速度，即2m4mma1，a16 m/s2。当二力方向相反时可使物体有最小加速度，即4m2mma2，a22 m/s2，当二力共同作用该物体时，产生的加速度在26 m/s2之间。4以初速度v0竖直向上抛出一个小球，小球所受的空气阻

4、力与速度大小成正比，从抛出到落地小球运动的vt图是()答案A解析上升阶段，小球所受空气阻力随小球速度的减小而减小。小球所受合力FGFf，合力越来越小，所以上升阶段小球的加速度越来越小。下降阶段，小球所受空气阻力随小球速度的增大而增大，小球所受合力F GFf，合力越来越小，所以下降阶段小球的加速度也越来越小。vt图象中，只有A项所表示的运动加速度越来越小，选项A正确。52014盐城高一检测(多选)如图所示，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在这段时间内小车可能是()A

5、向右做加速运动 B向右做减速运动C向左做加速运动 D向左做减速运动答案AD解析小球水平方向受到向右的弹簧弹力F，由牛顿第二定律可知，小球必定具有向右的加速度，小球与小车相对静止，故小车可能向右做加速运动或向左做减速运动。6三个完全相同的物块1、2、3放在水平桌面上，它们与桌面间的动摩擦因数都相同。现用大小相同的外力F沿图示方向分别作用在物块1和2上，用F的外力沿水平方向作用在物块3上，使三者都做加速运动，令a1、a2、a3分别代表物块1、2、3的加速度，则()Aa1a2a3 Ba1a2，a2a3Ca1a2，a2a2，a2a3答案C解析分析1、2、3三个物块的受力情况如图所示。则Ff1(mgFs

6、in60)Ff2(mgFsin60)Ff3mg由牛顿第二定律得：Fcos60Ff1ma1Fcos60Ff2ma2Ff3ma3因Ff2Ff3Ff1，故a1a3a2。C正确。7(多选)如图所示，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠竖直墙壁，今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这瞬间()AB球的速度为零，加速度为零BB球的速度为零，加速度大小为F/mC在弹簧第一次恢复原长之后A才离开墙壁D在A离开墙壁后，A、B两球均向右做匀速运动答案BC解析撤去F瞬间，弹簧弹力大小仍为F，故B的加速度为，此时B球还没有运动，故B球的速度为零，A错误，B正

7、确。弹簧恢复原长后由于B的运动而被拉长，它对A球产生拉力，使A球离开墙壁，C正确。A离开墙壁后，弹簧不断伸长、收缩，对A、B仍有作用力，即A、B的合力不为零，两球仍做变速直线运动，D错误。82015玉溪高一检测如图所示，在光滑水平面上有甲、乙两木块，质量分别为m1和m2，中间用一原长为L、劲度系数为k的轻质弹簧连接起来，现用一水平力F向左推木块乙，当两木块一起匀加速运动时，两木块之间的距离是()AL BLCL DL答案B解析由牛顿第二定律，对甲、乙整体F(m1m2)a，对甲kxm1a，其中x为弹簧的压缩量，解得x，所以两木块之间的距离为LxL，B正确。9“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑

8、在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动。某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如下图所示。将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g。据图可知，此人在蹦极过程中的最大加速度约为()Ag B2gC3g D4g答案B解析由题图可知，当人最后不动时，绳上的拉力为F0，即mgF0，绳上的最大拉力为F0，因此最大加速度满足F0mgma，即3mgmgma，所以a2g，选项B正确。10某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案。如下图所示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端。开始时小球和滑块均静止，剪断细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地

9、和滑块撞击挡板的声音。保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音。用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x。(空气阻力对本实验的影响可以忽略)(1)滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为_。(2)滑块与斜面间的动摩擦因数为_。(3)以下能引起实验误差的是_。a滑块的质量b当地重力加速度的大小c长度测量时的读数误差d小球落地和滑块撞击挡板不同时答案(1)(2)(h)(3)cd解析(1)由自由落体运动规律得Hgt2由匀加速直线运动规律得xat2所以(2)对滑块，根据牛顿第二定律有mgsinmgcos

10、ma又sin，cos解得(h)(3)从实验原理和理论计算结果看，引起实验误差的是c、d。112015成都高一检测如图所示，静止在水平地面上的小黄鸭质量m20 kg，受到与水平面夹角为53的斜向上的拉力，小黄鸭开始沿水平地面运动。若拉力F100 N，小黄鸭与地面的动摩擦因数为0.2，求：(1)把小黄鸭看作质点，作出其受力示意图；(2)小黄鸭对地面的压力；(3)小黄鸭运动的加速度的大小。(sin530.8，cos530.6，g10 m/s2)答案(1)(2)120 N(3)a1.8 m/s2解析(1)如图(2)根据平衡条件可得：Fsin 53Nmg所以解得NmgFsin 53120 N，方向竖直向

11、上；根据相互作用力：NN120 N竖直向上(3)受到的摩擦力为滑动摩擦力，所以fN24 N根据牛顿第二定律得：Fcos 53fma，解得a1.8 m/s2。122014上海市六校高一联考如图所示，一质量为1 kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面的夹角为30。现使小球在F20 N的竖直向上的拉力作用下，从A点由静止出发向上运动，已知直杆与小球之间的动摩擦因数。(1)求小球运动的加速度a1。(2)若F作用1.2 s后撤去，则小球上滑过程中距A点的最大距离sm为多少？(3)若从撤去力F开始计时，则小球经多长时间通过距A点上方2.25 m处的B点？答案(1)2.5 m/s2(2)2.4 m(3

12、)0.2 s或0.75 s解析(1)以小球为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律得沿杆方向：Fsin30mgsin30fma1垂直杆方向：Fcos30mgcos30N0又fN，解得a12.5 m/s2。(2)刚撤去F时，小球的速度为v1a1t13 m/s小球的位移s1t11.8 m撤去力F后，小球向上滑动时有mgsin30mgcos30ma2，解得a27.5 m/s2因此小球上滑的时间t20.4 s上滑的位移s2t20.6 m故小球上滑过程中距A点的最大距离为sms1s22.4 m。(3)若小球在上滑阶段通过B点，则sABs1v1t3a2t解得经历的时间为t30.2 s(t30.6 s舍去)若小球在下滑阶段通过B点，下滑时根据牛顿第二定律得mgsin30mgcos30ma3，解得a32.5 m/s2因此小球由距A点最大距离处下滑到B点的过程中有smsABa3t，解得t4 s故经历的时间为t2t4 s0.75 s。7