北京市临川学校2016届高三物理上学期期中试题含解析.doc

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1、2015-2016学年北京市临川学校高三（上）期中物理试卷一选择题（本题12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确、全部选对的得4分，选不全的得2分，选错或不答的得0分）1有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积中有n个自由电子，电子的电量为q，此时电子的定向移动速率为v，在t时间内，通过导体横截面的自由电子数可表示为（）AnvStBnvtCD2关于电源电动势的说法错误的是（）A电源电动势等于内外电路电势降落之和B电源电动势等于外电路的路端电压C电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D电源电动势表征电源把其它

2、形式的能转化为电能的本领3两根材料相同的均匀导线x和y，x长为l，y长为2l，串联在电路中时，沿长度方向电势变化如图所示，则x、y导线的横截面积之比为（）A2：3B1：3C1：2D3：14如图所示，a、b、c、d是某电场中的四个等势面，它们是互相平行的平面，并且间距相等，下列判断中正确的是（）A该电场一定是匀强电场B这四个等势面的电势一定满足UaUb=UbUc=UcUdC如果UaUb，则电场强度EaEbD如果UaUb，则电场方向垂直于等势面由b指向a5如图所示电路中，C2=2C1，R2=2R1，下列说法正确的是（）A开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电荷量B开关处于断开状态，电容C1的

3、电量大于C2的电荷量C开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电荷量D开关处于接通状态，电容C1的电量等于C2的电荷量6对于点电荷的电场，我们取无限远处作零电势点，无限远处电场强度也为零，那么（）A电势为零的点，电场强度一定为零，反之亦然B电势为零的点，电场强度不一定为零，但电场强度为零的点，电势一定为零C电场强度为零的点，电势不一定为零；电势为零的点，场强不一定为零D场强为零的点，电势不一定为零，电势为零的一点，电场强度一定为零7如图，虚线ab和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为Ua、Ub和UcUaUbUc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）A粒子从K

4、到L的过程中，电场力做负功B粒子从L到M的过程中，电场力做负功C粒子从K到L的过程中，静电势能增加D粒子从L到M的过程中，动能减少8有两个完全相同的金属球A、B，B球固定在绝缘地板上，A球在离B球为H的正上方由静止释放下落，与B球发生对心正碰后回跳的高度为h设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，若（）AA、B球带等量同种电荷，则hHBA、B球带等量同种电荷，则h=HCA、B球带等量异种电荷，则hHDA、B球带等量异种电荷，则h=H9如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是（）AL1变亮，L2和L3皆变暗BL1变暗，L2不能确定，L3变暗CL1变

5、暗，L2变亮，L3变亮DL1变亮，L2变亮，L3变暗10加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（），则电动机线圈上消耗的热功率为（）APBCD11理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，直到热风将头发吹干设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝的电阻R2串联后接到直流电源上，电吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的电功率为P，则有（）P=IU P=I2（R1+R2） PIU PI2（R1+R2）ABCD12一个初动能为Ek的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为3Ek如果这个带电粒子的初速度增加

6、到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A4.5 EkB4 EkC6 EkD9.5 Ek二填空题（本题3小题，共20分）13如图所示，用伏安法测电阻时，如果不知道待测电阻的大概值时，为了选择正确的电路以减少误差，可将电压表一个接头分别在a、b两点接触一下，如果安培表读数没有显著变化，则P应接在处，如果伏特表读数没有显著变化，则P应接在处14测量干电池的电动势和内电阻下列器材可供选用：A干电池一节 B直流电流表（0.6A，0.15；3A，0.025）C直流电压表（3V，5k；15V，25k） D滑动变阻器（015，l A）E滑动变阻器（01k，0.5A） F电键 G导线若干（1）应选用

7、的滑动变阻器是（填序号），选用电流表的量程是，选用电压表的量程是；（2）将选用的器材在实物图上连线要求实验误差最小15（1）如图1所示的三把游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为9mm长10等分、19mm长20等分、49mm长50等分，它们的读数依次为mm，mm，mm（2）使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图2所示，则金属丝的直径是mm三、计算题（3小题，共32分，要求写出解题过程，没有解题过程直接给出结果不得分）16（10分）（2013秋尖山区校级期末）如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平

8、向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，小液滴带负电，电荷量为q要使液滴从B板右侧上边缘射出电场，电动势E是多大？重力加速度用g表示17（10分）（2014秋延吉市校级期末）在如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100，R2阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的求：（1）电源的电动势和内阻；（2）定值电阻R2的阻值；（3）滑动变阻器的最大阻值18（12分）（2003南京一模）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电动机绕组的电阻R0=0.5，电键S1始终闭合当

9、电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率2015-2016学年北京市临川学校高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一选择题（本题12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确、全部选对的得4分，选不全的得2分，选错或不答的得0分）1有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积中有n个自由电子，电子的电量为q，此时电子的定向移动速率为v，在t时间内，通过导体横截面的自由电子数可表示为（）AnvSt

10、BnvtCD【考点】电流、电压概念 【专题】恒定电流专题【分析】根据电流的微观表达式I=nevS，求出在t时间内通过导体横截面的自由电子的电量，每个电子的电量为e，再确定通过导体横截面的自由电子的数目【解答】解：根据电流的微观表达式I=nevS，在t时间内通过导体横截面的自由电子的电量Q=It，则在t时间内，通过导体横截面的自由电子的数目为N=，将I=nevS代入得N=nvSt，故AC正确故选：AC【点评】本题考查电流的微观表达式和定义式综合应用的能力，电流的微观表达式I=nqvS，是联系宏观与微观的桥梁，常常用到2关于电源电动势的说法错误的是（）A电源电动势等于内外电路电势降落之和B电源电动

11、势等于外电路的路端电压C电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压D电源电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领【考点】电源的电动势和内阻 【专题】恒定电流专题【分析】电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关电动势大小等于内外电路电势降落之和【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得知，电源电动势等于内外电路电势降落之和，故A正确B、当外电路断开时，电源电动势才等于外电路的路端电压，而当外电路接通时，电源有内电压，电源电动势大于外电路的路端电压，故B错误C、根据闭合电路欧姆定律可知，当电源没有接入电路时I=0，电源没有内电压，

12、则电动势等于此时两极间的电压，故C正确D、电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，故D正确本题选错误的，故选B【点评】本题考查对电动势的理解关键抓住电动势的物理意义和闭合电路欧姆定律进行分析3两根材料相同的均匀导线x和y，x长为l，y长为2l，串联在电路中时，沿长度方向电势变化如图所示，则x、y导线的横截面积之比为（）A2：3B1：3C1：2D3：1【考点】路端电压与负载的关系 【专题】定性思想；方程法；恒定电流专题【分析】串联电路中电流相等，根据电势差的大小，通过欧姆定律得出电阻的大小关系，再根据电阻定律得出A和B导线的横截面积之比【解答】解：由图可知，A、B两端的电势差

13、分别为6V，4V，电流相等，根据欧姆定律得：根据电阻定律得，R=，则s=则横截面积之比故B正确，A、C、D错误故选：B【点评】本题考查了欧姆定律、电阻定律以及串并联电路的特点，难度不大，将相关的数据代入公式即可4如图所示，a、b、c、d是某电场中的四个等势面，它们是互相平行的平面，并且间距相等，下列判断中正确的是（）A该电场一定是匀强电场B这四个等势面的电势一定满足UaUb=UbUc=UcUdC如果UaUb，则电场强度EaEbD如果UaUb，则电场方向垂直于等势面由b指向a【考点】等势面 【分析】等势面是平行平面而且均匀分布，该电场一定是匀强电场电根据公式U=Ed，匀强电场中，沿着电场线方向，

14、相同距离电势差相同电场线总和等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面【解答】解：A、等势面是平行平面而且均匀分布，则电场线平行同向，均匀分布，该电场一定是匀强电场故A正确 B、由图判断出电场方向垂直于等势面，由公式U=Ed可知，沿着电场线方向，相同距离电势差相同故B正确 C、匀强电场，电场强度处处相同故C错误 D、根据电场线总和等势面垂直，并且由电势高的等势面指向电势低的等势面可知，如果UaUb，电场方向垂直于等势面由b指向a故D正确故选：ABD【点评】本题考查对等势面和电场线关系的理解能力本题也可以采用作电场线的方法，分析判断常规题，比较容易5如图所示电路中，C2=2C1，R2=2

15、R1，下列说法正确的是（）A开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电荷量B开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电荷量C开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电荷量D开关处于接通状态，电容C1的电量等于C2的电荷量【考点】电容；闭合电路的欧姆定律 【专题】电容器专题【分析】当开关处于断开状态时，电容器C1、C2并联，两端的电压等于电源的电动势当开关处于闭合状态时，两电阻串联，C1与R2并联，C2与R1并联【解答】解：A、当开关处于断开状态时，电容器C1、C2并联，两端的电压等于电源的电动势，因为C2=2C1，根据Q=CU，知电容C2的电量大于C1的电荷量故A正确，B错误C、当开关处

16、于闭合状态时，两电阻串联，C1与R2并联，C2与R1并联，因为R2=2R1，所以U2=2U1，因为C2=2C1，根据Q=CU知，电容C1的电量等于C2的电荷量故C错误，D正确故选AD【点评】解决本题的关键搞清电键断开时、闭合时，该电路是什么样的电路，通过欧姆定律和Q=CU进行分析6对于点电荷的电场，我们取无限远处作零电势点，无限远处电场强度也为零，那么（）A电势为零的点，电场强度一定为零，反之亦然B电势为零的点，电场强度不一定为零，但电场强度为零的点，电势一定为零C电场强度为零的点，电势不一定为零；电势为零的点，场强不一定为零D场强为零的点，电势不一定为零，电势为零的一点，电场强度一定为零【考

17、点】匀强电场中电势差和电场强度的关系 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】沿电场线方向电势逐渐降低，根据电场线的指向判断正电荷和负电荷形成电场中的电势而零电势是人为规定，与电场强度是否为零没有关系【解答】解：对于点电荷的电场，我们通常取无限远处作零电势点，根据点电荷电场强度可知，在无限远处电场强度也为零，而当靠近点电荷时，电场强度越来越大，对于电势则由根据电场线方向来确定增加与否因此电场强度为零，电势并不一定为零而电势为零时，电场强度不一定为零故C正确，ABD错误；故选：C【点评】解决本题的关键知道电场线和电势的联系，以及知道电势能和电势的关系7如图，虚线ab和c是某静电场中的等势面，它们的

18、电势分别为Ua、Ub和UcUaUbUc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）A粒子从K到L的过程中，电场力做负功B粒子从L到M的过程中，电场力做负功C粒子从K到L的过程中，静电势能增加D粒子从L到M的过程中，动能减少【考点】等势面；电势能 【专题】定性思想【分析】电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加；电场力做功的正负还可以直接根据电场力的方向判断【解答】解：A、根据Ep=q，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功，故A正确；B、根据Ep=q，粒子从L到M的过程中，电势能减小，故电场力做正功，故B错误；C、根据Ep=q，粒子从K到L的过程中，

19、电势能增加，故C正确；D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加，故D错误；故选AC【点评】本题关键是根据Ep=q得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况8有两个完全相同的金属球A、B，B球固定在绝缘地板上，A球在离B球为H的正上方由静止释放下落，与B球发生对心正碰后回跳的高度为h设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，若（）AA、B球带等量同种电荷，则hHBA、B球带等量同种电荷，则h=HCA、B球带等量异种电荷，则hHDA、B球带等量异种电荷，则h=H【考点】电势差与电场强度的关系 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】带电小球要分同种还是异种电荷，同种等量电荷相碰后，电荷量不变，

20、电场力整体不做功，相当于只有重力作用；而异种电荷相碰后，电荷量中和，则没有库仑力作用，则上升电场力不做功【解答】解：AB、若两球带等量同种电荷，碰撞前后两球电荷量不变，根据能量守恒，整个过程中，电场力对A球做功为0，所以H=h；故A错误，B正确CD、若两球带等量异种电荷，碰撞后两球电荷中和，均不带电，碰撞前电场力做正功，碰撞后没有电场力做功，整个过程电场力做正功，电势能减小转化为机械能，根据能量守恒，所以hH；故C正确，D错误故选：BC【点评】考查重力做功与电场力做功，及相碰后电量平分，同时分同种与异种电荷并要掌握能量守恒的应用9如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头P向右移

21、动时，三个灯泡亮度的变化情况是（）AL1变亮，L2和L3皆变暗BL1变暗，L2不能确定，L3变暗CL1变暗，L2变亮，L3变亮DL1变亮，L2变亮，L3变暗【考点】串联电路和并联电路；闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】电灯L2与变阻器串联后与灯泡L3并联，最后再与L1串联；当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器电阻R减小，故总电阻减小，根据欧姆定律判断干路电流的变化情况，然后逐步判断各个各个部分的电流和电压情况【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器电阻R减小，故总电阻减小，根据欧姆定律干路电流增加，故灯泡L1变亮；并联电路的电压U并=UIRL1，故并联电路电压

22、变小，灯泡L3变暗；干路电流增加，而通过灯泡L3的电流变小，故通过灯泡L2的电流增加，灯泡L2变亮；故选D【点评】对于动态分析问题，通常按照局部整体局部的思路进行分析，不难10加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（），则电动机线圈上消耗的热功率为（）APBCD【考点】电功、电功率 【专题】恒定电流专题【分析】电动机是非纯电阻电路，电功率P=UI，热功率P热=I2R，输出功率P出=PP热【解答】解：电动机是非纯电阻电路，电功率为P=UI，故电流为I=，故热功率P热=I2R=（）2R=；故选C【点评】本题关键明确电动机是非纯电阻电路，电功率等于热功率

23、与输出功率之和11理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，直到热风将头发吹干设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝的电阻R2串联后接到直流电源上，电吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的电功率为P，则有（）P=IU P=I2（R1+R2） PIU PI2（R1+R2）ABCD【考点】电功、电功率 【专题】恒定电流专题【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的【解答】解：、电吹

24、风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，所以正确，而错误、电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为I2（R1+R2），吹风机的总功率P=IU要大于发热部分的功率，所以错误，正确故选：B【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的12一个初动能为Ek的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为3Ek如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A4.5 EkB4 EkC6 EkD9.5 Ek【考点】带电粒子在匀强

25、电场中的运动 【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】带电粒子垂直飞入匀强电场中，做类平抛运动，运用运动的分解法，得出偏转距离与初速度和初动能的关系，由动能定理得到电场力做功与初动能的关系式，再用同样的方法得到初速度增加到原来2倍时电场力做功与初动能的关系，由动能定理求解该粒子飞出时的动能【解答】解：设平行金属板的长度为L，板间距离为d，场强为E当初速度为v时，则有： y=at2=（）2=根据动能定理得，qEy=3EkEk，得：2Ek=当初速度为2V时，同理可得：y=电场力做功为 W=qEy=由比较得：W=0.5Ek根据动能定理得：W=Ek4Ek，得：Ek=4.5Ek故选：A【点评】本题是动

26、能定理和类平抛运动知识的综合应用，用相同的物理量表示电场力做功是解题的关键二填空题（本题3小题，共20分）13如图所示，用伏安法测电阻时，如果不知道待测电阻的大概值时，为了选择正确的电路以减少误差，可将电压表一个接头分别在a、b两点接触一下，如果安培表读数没有显著变化，则P应接在a处，如果伏特表读数没有显著变化，则P应接在b处【考点】伏安法测电阻 【专题】实验题；恒定电流专题【分析】本题的关键是对欧姆定律和串并联规律的理解和应用，当电流表采用外接法即P接在a处时，造成误差的原因是电压表的分流作用，所以当电压表内阻越大时，电压表的分流作用越小，电流表示数变化越不明显，所以若电流表读数变化不明显时

27、，电流表应采用外接法同理，若电压表读数变化不明显，说明电流表分压作用较小，即电流表内阻较小，应采用内接法【解答】解：根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化，说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即P应接在a处；如果电压表读数变化不明显，说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以P应接在b处故答案为：a，b【点评】应明确电流表采用外接法和内接法的条件和选择方法：当满足时，电流表应用外接法；当满足时，电流表应用内接法14测量干电池的电动势和内电阻下列

28、器材可供选用：A干电池一节 B直流电流表（0.6A，0.15；3A，0.025）C直流电压表（3V，5k；15V，25k） D滑动变阻器（015，l A）E滑动变阻器（01k，0.5A） F电键 G导线若干（1）应选用的滑动变阻器是D（填序号），选用电流表的量程是0.6A，选用电压表的量程是3V；（2）将选用的器材在实物图上连线要求实验误差最小【考点】测定电源的电动势和内阻 【专题】实验题【分析】（1）为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器；根据电路最大电流选择电流表量程，根据电源电动势选择电压表量程（2）根据实验原理连接实物电路图【解答】解：（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选D；一节干

29、电池电动势约为1.5V，电压表应选3V量程；电路电流较小，约为零点几安培，电流表应选0.6A量程（2）伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，由于电源内阻较小，为减小实验误差，相对于电源，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：故答案为：（1）D，0.6A，3V；（2）实物电路图如图所示【点评】本题考查了实验器材的选择，连接实物电路图，掌握实验器材的选择原则、知道实验原理即可正确解题15（1）如图1所示的三把游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为9mm长10等分、19mm长20等分、49mm长50等分，它们的读数依次为7.7mm，7.35mm，3.18mm（2）使用螺旋测微

30、器测量金属丝的直径，示数如图2所示，则金属丝的直径是2.150mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用 【专题】实验题；定量思想；推理法；直线运动规律专题【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：（1）9mm长10等分，精确度为0.1mm，游标卡尺的主尺读数为7mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为70.1mm=0.7mm，所以最终读数为：7mm+0.7mm=7.7mm19mm长20等分，精确度为0.05mm，游标卡尺的主尺读数为23mm，

31、游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为70.05mm=0.35mm，所以最终读数为：7mm+0.35mm=7.35mm49mm长50等分，精确度为0.02mm，游标卡尺的主尺读数为3mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为90.02mm=0.18mm，所以最终读数为：3mm+0.18mm=3.18mm（2）螺旋测微器的固定刻度为2mm，可动刻度为15.00.01mm=0.150mm，所以最终读数为2mm+0.150mm=2.150mm故答案为：（1）7.7，7.35，3.18；（2）2.150；【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要

32、能正确使用这些基本仪器进行有关测量三、计算题（3小题，共32分，要求写出解题过程，没有解题过程直接给出结果不得分）16（10分）（2013秋尖山区校级期末）如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，小液滴带负电，电荷量为q要使液滴从B板右侧上边缘射出电场，电动势E是多大？重力加速度用g表示【考点】带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律；欧姆定律 【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】通过闭合电路的欧姆定律求出平行板两端的电压，而离子在平行板中做类平抛运动，

33、由此解得电源电动势【解答】解：平行板间电压为：U=R=负离子做类平抛运动：=at2l=v0t负离子在平行板间的加速度为：a=g联立解得电动势为：E=2； 答：电源电动势应为2【点评】本题是电路与电场两部分知识的综合，关键是确定电容器的电压与电动势的关系，掌握处理类平抛运动的分析方法与处理规律17（10分）（2014秋延吉市校级期末）在如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100，R2阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的求：（1）电源的电动势和内阻；（2）定值电阻R2的阻值

34、；（3）滑动变阻器的最大阻值【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】（1）电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，由闭合电路欧姆定律求出电动势（2）当滑片滑到最右端时，R1被短路，外电路的电阻最小，电流最大，读出电流和电压，由欧姆定律求出R2的阻值；（3）滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，由图读出电压和电流，由欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：（1）电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，则有内阻r=|=20电源的电动势为E=U+Ir，取电压U=16V，电流I=0.2A，代入解得，E=20V（2）当滑片滑到最右端时，R1被短路，外

35、电路的电阻最小，电流最大，此时电压U=4V，电流I=0.8A，则定值电阻R2=5（3）滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，此时电压U=16V，电流I=0.2A，外电路总电阻为 R=80又R=R2+，R1=100，R2=5代入解得，R3=300答：（1）电源的电动势和内阻分别为E=20V和r=20；（2）定值电阻R2的阻值为5；（3）滑动变阻器的最大阻值为300【点评】本题要理解电源的伏安特性曲线的意义，可由图线上两点的坐标建立方程组求解电源的电动势和内阻18（12分）（2003南京一模）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电动机绕组的电阻R0=0.5，电键S1始终闭合当

36、电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】（1）根据S2断开时R1消耗的功率为，求出内阻r（2）当电键S2闭合时，根据电阻R1的电功率求出R1两端的电压和通过R1的电流，再根据E=U+Ir，求出总电流从而求出通过电动机的电流，根据，求出电动机的输出功率【解答】解：（1）设S2断开时R1消耗的功率为P1，则，代入数据可以解得r=1（2）设S2闭合时R1两端的电压为U，消耗的功率为P2，则，解得U=84V由闭合电路欧姆定律得 E=U+Ir，代入数据，得I=26A流过R1的电流为I1，流过电动机的电流为I2，A，而I1+I2=I，所以I2=22A，由UI2=P出+I22R0，代入数据得P出=1606W【点评】解决本题的关键能够灵活运用闭合电路欧姆定律，以及知道电动机输入功率、输出功率、热功率的关系 17