福建省厦门市湖滨中学2019_2020学年高二物理上学期期中试题合格考201912140219.doc

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1、福建省厦门市湖滨中学2019-2020学年高二物理上学期期中试题（合格考）一、单项选择题（60分）1（3分）2019年9月23日凌晨5时10分，我国成功执行“一箭双星”发射任务，将两颗北斗全球导航卫星发射升空，这两颗卫星属于中圆轨道卫星，绕地球运动一圈的时间是8h。以上记录时间的数据分别是（）A时刻和时间间隔B时间间隔和时刻C都是时刻D都是时间间隔2（3分）A、B两玩具汽车在遥控器的操纵下沿同一条直线运动，它们的位置时间关系图象如图所示，则下列说法正确的是（）AA、B两玩具汽车同时同地沿相同的方向运动BA、B两玩具汽车均做匀加速直线运动Ct5s时，A、B两玩具汽车的速度相同Dt5s时，玩具汽车

2、A从后方追上玩具汽车B3（3分）从发现情况到采取相应行动经过的时间叫反应时间。两位同学用刻度尺测量人的反应时间。如图甲所示，A握住尺的上端，B在尺的下部做握尺的准备（但不与尺接触），当看到A放开手时，B立即握住尺。若B做握尺准备时，手指位置如图乙所示，而握住尺时的位置如图丙所示，由此测得B同学的反应时间约为（）A0.10sB0.2sC0.30sD0.40s4（3分）下列关于力的说法中，正确的是（）A只有直接接触的物体之间才有可能有力的作用B力不可以脱离物体而单独存在C只施力而不受力的物体是存在的D只要力的大小、方向相同，力的作用效果就相同5（3分）下表为某些材料之间的动摩擦因数。一质量为0.5

3、0kg的物体放置在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动物块，弹簧测力计的示数为1.0N重力加速度g10m/s2，则物块与水平面的材料可能是（）材料木金属木木木冰钢钢动摩擦因数0.200.300.030.25A木金属B木木C木冰D钢钢6（3分）下列哪种仪器测量的物理量的单位不是基本单位（）ABCD7（3分）如图所示，用水平力F把一个物体紧压在竖直墙壁上，物体保持静止，下列说法中正确的是（）A水平力F与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力B物体的重力与墙壁对物体的静摩擦力是一对作用力与反作用力C水平力F与物体对墙壁的压力是一对作用力与反作用力D物体对墙壁的压力与墙壁对物体的压力是一对作用力与

4、反作用力8（3分）两个分别带有电荷量2Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）AFBFC12FDF9（3分）仔细观察下列各图，属于防范静电的是（）A避雷针B静电喷涂C静电复印D静电除尘10（3分）如图所示是通有恒定电流的某段导体。在5s内有10C的负电荷向右通过横截面A，则导体内电流的大小和方向分别是（）A2A、向右B2A、向左C50A、向右D50A、向左11（3分）饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，

5、使饮水机处于保温状态；R2是饮水机加热管的电阻，R1是与加热管串联的电阻。该饮水机的额定电压是220v，加热功率550w，保温时整机耗电量0.48kw/24h（不考虑R1、R2的阻值受温度影响）。当开关S闭合时，饮水机处于何种工作状态及R2的阻值为（）A加热220B加热88C保温88D保温22012（3分）机器人的使用开拓了我们的视野，延伸了我们的肢体，增强了我们的力量，提高了我们的工作效率，将人们从繁重的生产劳动中解放出来，一款微型机器人的直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电源电动机恰能正常工作，下列说法中错误的是（）A电动机消耗的总功率为UI B电动机消耗的热功

6、率为I2RC电动机的输出功率小于UI D若此时将电动机卡住，电动机的电流人仍为I13（3分）如图所示，A、B是环形通电导线内外两侧的两点，这两点磁感应强度的方向（）AA点垂直纸面向外，B点垂直纸面向里BA点垂直纸面向里，B点垂直纸面向外C均垂直纸面向外D均垂直纸面向里14（3分）一个小电珠上标有“6V 0.3A”，它在正常发光时的电阻是（）A20B1.8C0.05D6.315（3分）把一根电阻为1的粗细均匀的金属丝截成等长的2段。再把这2段金属丝并联起来，这样并联后的总电阻是（）A0.05B0.25C4D116（3分）如图各图中，能正确表示一对等量异种电荷电场线分布的是（）ABCD17（3分）

7、中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图所示。结合上述材料，下列说法正确的是（）A地理南、北极与地磁场的南、北极完全重合B地球内部不存在磁场，地磁南极在地理北极附近C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用18（3分）如图所示，矩形线圈abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向成a53角，已知sin530.8，cos530.6，回路面积S，磁感应强度为B，则通过线框的磁通量为（）ABS B0.8BSC0.6BSD0.75BS19（3分）

8、如图所示，在通电螺线管的磁场中，放有一个小磁针，当小磁针静止时，在下列各图中N极指向正确的是20（3分）下列关于运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向正确的是（）A BCD二、填空题21一根长为02m的直导线，通有10A的电流，把它放在磁感应强度为04T的匀强磁场中，并与磁场方向垂直，则导线受到的安培力为 N若将导线中的电流强度减小为05A，则该磁场的磁感应强度为 T，此时导线受到的安培力为 N22如图10所示,把一个面积为2.010m2的单匝线圈放在磁感应强度为3.102T的匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈平面的磁通量为 Wb；当线圈绕0 0轴转动至与磁场方向垂直时，穿过线圈平面

9、的磁通量为 Wb在此转动过程中，穿过线圈平面的磁通量 (填“变大”、“变小”或“不变”)三、实验题23（6分）某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验，将橡皮条一端固定在A点，另一端系上两根细绳及绳套，用两个弹簧测力计通过细绳套互成角度的拉动橡皮条，将结点拉到O点，如图甲所示。（1）如果没有操作失误，图乙中F是用一个弹簧测力计拉细绳套时，在白纸上根据实验结果画出的图示，则图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是 。（2）本实验采用的科学方法是 。A理想实验法 B等效替代法C控制变量法 D建立物理模型法（3）在同一对比实验的两次操作中，O点位置 变动。（选填“可以”或“不可以”）24（6分）

10、某同学在“验证牛顿运动定律”的实验中打出了一条纸带如图1所示。计时器打点的时间间隔为0.02s。从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离。则小车在计数点1的速度v1 m/s（ 结果保留三位有效数字）。如图2为该同学使用的装置，为了减少实验误差，该同学进行了平衡摩擦的操作：取下重物，把小车不带滑轮的一端垫高， （填“释放”或“轻推”）小车，不断调整木板的倾角，直到小车能在木板上做 运动为止。四、计算题25（8分）放在水平地面上一质量为m2kg的质点，在水平恒定外力作用下由静止开始沿直线运动，4s内通过12m的距离，此后抛去外力，质点又运动了2s停止，质点运动过程中所受阻力

11、大小不变，求：（1）撤去水平恒定外力时质点的速度大小；（2）质点运动过程中所受到的阻力大小；（3）质点所受水平恒定外力的大小。26（8分）如图所示，一质量m2.0102kg、电荷量绝对值q1.0106C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，电场足够大，静止时悬线与竖直方向夹角37若小球的电荷量始终保持不变，重力加速度g10m/s2，sin370.6，cos370.8。（1）求电场强度的大小E。（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度大小v及方向。高二文科期中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1（3分）2019年9月23日凌晨5时10分，我国成功执行“一箭双星”发射任务

12、，将两颗北斗全球导航卫星发射升空，这两颗卫星属于中圆轨道卫星，绕地球运动一圈的时间是8h。以上记录时间的数据分别是（）A时刻和时间间隔B时间间隔和时刻C都是时刻D都是时间间隔【考点】16：时间与时刻【分析】时间和时刻的区分，时间指的是时间的长度，是时间段；时刻指的是时间点，区分它们就看指的是时间的长度还是一个时间点。【解答】解：2019年9月23日凌晨5时10分，是一个时间点，所以指的是时刻，一圈的时间是8h指的是时间的长度，是指时间，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】区分时间和时刻，就是看指的是时间的长度还是指时间点，有的学生不会区分，也是这个原因。2（3分）A、B两玩具汽车在遥控器的

13、操纵下沿同一条直线运动，它们的位置时间关系图象如图所示，则下列说法正确的是（）AA、B两玩具汽车同时同地沿相同的方向运动BA、B两玩具汽车均做匀加速直线运动Ct5s时，A、B两玩具汽车的速度相同Dt5s时，玩具汽车A从后方追上玩具汽车B【考点】1C：匀速直线运动及其公式、图像【分析】在位移时间图象中，图线的斜率表示速度，倾斜的直线表示匀速直线运动。位移等于纵坐标的变化量。结合运动学公式分析。【解答】解：A、由图看出，A、B两玩具汽车不是同时同地运动，故A错误；B、A、B两玩具汽车均做匀速直线运动，故B错误；C、根据位移时间图线斜率表示速度，由图线可知，t5s时，A汽车的速度大于B汽车速度，故C

14、错误；D、t5s时，玩具汽车A从后方追上玩具汽车B，故D正确。故选：D。【点评】本题要理解位移时间图象点和斜率的物理意义，能根据图象的形状分析出物体的运动情况。3（3分）从发现情况到采取相应行动经过的时间叫反应时间。两位同学用刻度尺测量人的反应时间。如图甲所示，A握住尺的上端，B在尺的下部做握尺的准备（但不与尺接触），当看到A放开手时，B立即握住尺。若B做握尺准备时，手指位置如图乙所示，而握住尺时的位置如图丙所示，由此测得B同学的反应时间约为（）A0.10sB0.2sC0.30sD0.40s【考点】1J：自由落体运动【分析】直尺做自由落体运动，下落时间等于受测者的反应时间；由自由落体规律可求得

15、下落时间。【解答】解：由图可知，开始时的位置在20cm处，握住尺时的位置在40cm处，所以在反应时间内下落的高度为20cm0.20m由运动学可得：hgt2解得：t0.2s。故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题重点要知道什么是人的反映时间，即人从发现情况到采取措施所用的时间。并明确物体做自由落体运动。4（3分）下列关于力的说法中，正确的是（）A只有直接接触的物体之间才有可能有力的作用B力不可以脱离物体而单独存在C只施力而不受力的物体是存在的D只要力的大小、方向相同，力的作用效果就相同【考点】21：力和力的图示【分析】力是物体与物体之间的相互作用，不能离开物体而独立存在的。物体之间不接触也

16、能产生力的作用。作用力与反作用力是同时产生的。【解答】解：A、物体之间不接触也能产生力的作用。比如：重力、电场力和磁场力。故A错误。B、力是物体与物体之间的相互作用，不能离开物体而独立存在的，一个力既有施力物体，又有受力物体。故B正确。C、施力物体则时也是受力物体，故C错误D、力的作用效果还与作用点有关，则D错误故选：B。【点评】本题考查对力的概念的理解能力。关键抓住力本身的概念：力是物体与物体之间的相互作用。5（3分）下表为某些材料之间的动摩擦因数。一质量为0.50kg的物体放置在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动物块，弹簧测力计的示数为1.0N重力加速度g10m/s2，则物块与水平面

17、的材料可能是（）材料木金属木木木冰钢钢动摩擦因数0.200.300.030.25A木金属B木木C木冰D钢钢【考点】2A：滑动摩擦力与动摩擦因数【分析】根据滑动摩擦力的公式求出动摩擦因数，然后与表格内的数据比较即可。【解答】解：物体的质量为0.5kg，则其重力为0.510N5N，所以沿水平面匀速运动的物体与水平面之间的弹力也是5N；物体做匀速运动，摩擦力等于拉力，等于1N，由：fN则：可知物块与水平面的材料可能是木金属。故A正确，BCD错误故选：A。【点评】物体匀速直线运动时，拉力大小的影响因素与粗糙程度和压力有关。6（3分）下列哪种仪器测量的物理量的单位不是基本单位（）ABCD【考点】3A：力

18、学单位制【分析】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，根据物理量来确定测量的仪器即可。【解答】解：长度、时间、质量是三个力学基本物理量，刻度尺是测量长度的仪器，天平是测量质量的仪器，计时器是测量时间的仪器，弹簧秤是测量力的仪器，力不是基本物理量，本题选测量的不是国际单位制中的基本量的，故选：A。【点评】解决本题的关键知道力学的三个基本物理量以及对应的基本单位，同时注意明确各自对应的测量工具。7（3分）如图所示，用水平力F把一个物体紧压在竖直墙壁上，物体保持静止，下列说法中正确的是（）A水平力F与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力B物体的重力与墙壁对物体的静摩擦力是一对作用力

19、与反作用力C水平力F与物体对墙壁的压力是一对作用力与反作用力D物体对墙壁的压力与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力【考点】35：作用力和反作用力【分析】一对作用力与反作用力作用在两个不同的物体上，一对平衡力作用在同一个物体上。【解答】解：A、水平力F与墙壁对物体的压力是一对平衡力。故A错误。B、物体的重力与墙壁对物体的静摩擦力是一对平衡力。故B错误。C、水平力F与物体对墙壁的压力是同一个力。故C错误。D、物体对墙壁的压力与墙壁对物体的压力是一对作用力与反作用力。故D正确。故选：D。【点评】本题考查了作用力和反作用力、平衡力等知识点。区别一对作用力与反作用力和一对平衡力是解决本题的关键。8（

20、3分）两个分别带有电荷量2Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）AFBFC12FDF【考点】A4：库仑定律【分析】两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分。根据库仑定律的内容，分别求出接触前和接触后库仑力的表达式，从而进行分析比较【解答】解：相距为r时，根据库仑定律得：F；接触后，各自带电量变为Q，则此时F两式联立得FF，故D正确，ABC错误，故选：D。【点评】解决该题的关键是熟记点电荷之间的库仑力的求解公式，正确分析两个小球接触后所带的电荷量的多少；9（3分）仔细观察下列各图，属于防

21、范静电的是（）A避雷针B静电喷涂C静电复印D静电除尘【考点】AI：静电现象的解释【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案。【解答】解：A避雷针是为了把产生的静电导走，属于静电的防止，符合题意；B喷枪喷出的油漆微粒带正电，因相互排斥而散开，形成雾状，被喷涂的物体带负电，对雾状油漆产生引力，把油漆吸到表面，属于静电应用，不符合题意；C静电复印是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上，属于静电应用，不符合题意；D静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用，不符合题意。本题选择防范静电的，故选：A。【点评】本题考查是关

22、于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例。10（3分）如图所示是通有恒定电流的某段导体。在5s内有10C的负电荷向右通过横截面A，则导体内电流的大小和方向分别是（）A2A、向右B2A、向左C50A、向右D50A、向左【考点】B1：电流、电压概念【分析】根据电流的定义式I即可求出电流的大小，再根据电流方向的规定确定电流方向。【解答】解：据根据电流的定义式I得电流的大小为：IA2A电流方向规定为正电荷定向移动的方向，因移动的是负电荷，电流方向与定向移动的方向相反，故电流向左。故B正确ACD错误。故选：B。【点评】本题考查电流的计算，明确电流的定义式I采用了比值定义法，电流I

23、与q、t无关。注意电流的方向规定为与正电荷定向移动的方向相反。11（3分）饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R2是饮水机加热管的电阻，R1是与加热管串联的电阻。该饮水机的额定电压是220v，加热功率550w，保温时整机耗电量0.48kw/24h（不考虑R1、R2的阻值受温度影响）。当开关S闭合时，饮水机处于何种工作状态及R2的阻值为（）A加热220B加热88C保温88D保温220【考点】BJ：串联电路和并联电路【分析】由电功率公式P知，当电源电压不变时电阻越小功率越大。根据总电阻的大小

24、确定饮水机处于加热状态还是保温状态。根据R求出加热电阻的阻值。【解答】解：根据电功率公式P知，当电源电压不变时电阻越小功率越大。电源电压不变，当S断开时，R1与R2串联；当S闭合时，只有R2接入在电源上，电路中的电阻变小，总功率变大，因而开关S闭合时是加热状态。则R288故B正确，A、C、D错误。故选：B。【点评】本题考查了电功率的计算公式和串联电阻的特点。要注意电功率计算公式的选择。12（3分）机器人的使用开拓了我们的视野，延伸了我们的肢体，增强了我们的力量，提高了我们的工作效率，将人们从繁重的生产劳动中解放出来，一款微型机器人的直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在

25、电源电动机恰能正常工作，下列说法中错误的是（）A电动机消耗的总功率为UIB电动机消耗的热功率为I2RC电动机的输出功率小于UID若此时将电动机卡住，电动机的电流人仍为I【考点】BG：电功、电功率【分析】电动机的总功率为P总UI；热功率为P热I2R；当电动机的转子被卡住会产堵转，电流会增加。堵转电流是正常运行额定电流的48倍。【解答】解：A、根据电功率公式PUI知，电动机消耗的总功率为UI，故A正确。B、根据热功率公式PI2R知，电动机消耗的热功率为I2R，故B正确。C、电动机的输出功率为机器人的机械功率，大小为：P出UII2RUI，故C正确。D、电动机正常工作时，属于非纯电阻电路，电流比较小；

26、电动机卡住，电路变成了纯电阻电路，电流会变大，故D错误。本题选错误的，故选：D。【点评】本题考查了电功、电功率等公式。易错点：在非纯电阻电路中，用PUI计算消耗的电功率，用焦耳定律P热I2R计算热功率。要求灵活选用公式。13（3分）如图所示，A、B是环形通电导线内外两侧的两点，这两点磁感应强度的方向（）AA点垂直纸面向外，B点垂直纸面向里BA点垂直纸面向里，B点垂直纸面向外C均垂直纸面向外D均垂直纸面向里【考点】C3：磁感应强度【分析】利用安培定则直接判断通电环形导线周围磁场方向，注意环形导线周围磁场的分布，能根据安培定则明确对应的纸面上的平面图。【解答】解：利用安培定则可以判断出通电环形导线

27、周围的磁场线分布情况，如题目图中电流方向逆时针，则环导线内部的磁场垂直纸面向外，外部的磁场方向垂直纸面向里，即A点垂直纸面向外，B点垂直于纸面向里，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考察电流的磁场方向、磁场的方法的定义等方面的知识，灵活应用安培定则、磁场方向的定义等内容即可求得。14（3分）一个小电珠上标有“6V 0.3A”，它在正常发光时的电阻是（）A20B1.8C0.05D6.3【考点】B2：欧姆定律【分析】小电珠正常发光时其电压为额定电压，电流为额定电流，由欧姆定律求解其电阻【解答】解：由题意知小电珠正常发光时电压为 U6V，电流为 I0.3A则在正常发光时的电阻是 R20故选

28、：A。【点评】本题要明确电珠正常发光的条件，由其铭牌读出额定电压和额定电流，能熟练运用欧姆定律变形求电阻15（3分）把一根电阻为1的粗细均匀的金属丝截成等长的2段。再把这2段金属丝并联起来，这样并联后的总电阻是（）A0.05B0.25C4D1【考点】B7：电阻定律【分析】把一条电阻为1的均匀电阻丝截成等长的2段后，每段电阻为0.5，并联后，根据并联电路的特点求出并联电阻。【解答】解：把粗细均匀的金属丝截成等长的2段后，每段电阻都是0.5，根据并联电路的电阻特点有：，可得：0.25故B正确，A、C、D错误。故选：B。【点评】解决本题的关键掌握并联电路的特点，。16（3分）如图各图中，能正确表示一

29、对等量异种电荷电场线分布的是（）ABCD【考点】A7：电场线【分析】电场线从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止。根据电场线的分布情况分析即可。【解答】解：根据电场线的特点：电场线从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止。可知C图能正确表示一对等量异种电荷电场线分布，故ABD错误，C正确。故选：C。【点评】本题的关键要掌握电场线的分布情况，知道电场线方向特点：电场线从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止。17（3分）中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图所示。结合上述

30、材料，下列说法正确的是（）A地理南、北极与地磁场的南、北极完全重合B地球内部不存在磁场，地磁南极在地理北极附近C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用【考点】C5：地磁场【分析】地磁场的北极在地理南极附近，地磁场的南极在地理北极附近，且地球内部也存在磁场，由于赤道附近有磁场存在，所以对运动电荷有力作用。【解答】解：AB、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场的南极在地理北极附近，且地球内部也存在磁场，由地磁场的南极指向地磁场的北极，故AB错误；C、只有在赤道表面，地磁场方向才与地面平行，故C错误，D、赤道表面处的地磁场与表面平行，射向地球赤道的带

31、电宇宙射线粒子受到磁场力，故D正确故选：D。【点评】本题考查了地磁场的性质，要注意借助地磁场的磁场分布来分析地磁场对应的性质。18（3分）如图所示，矩形线圈abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向成a53角，已知sin530.8，cos530.6，回路面积S，磁感应强度为B，则通过线框的磁通量为（）ABSB0.8BSC0.6BSD0.75BS【考点】D7：磁通量【分析】线圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，穿过线圈的磁通量BS，B是磁感应强度，S是线圈的面积。当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈的磁通量0当存在一定夹角时，则将磁感应强度沿垂直平面方向与平行平面方向分解，从而求出磁通量

32、。【解答】解：矩形线圈abcd水平放置，匀强磁场方向与水平方向成角向上，因此可将磁感应强度沿水平方向与竖直方向分解，所以BBsin0.8B，则穿过矩形线圈的磁通量是BS0.8BS，因此ACD错误；B正确；故选：B。【点评】对于匀强磁场中磁通量的求解，可以根据一般的计算公式BSsin（是线圈平面与磁场方向的夹角）来分析线圈平面与磁场方向垂直、平行两个特殊情况。19（3分）【考点】C6：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】由右手螺旋定则，结合小磁针静止时北极指向即为磁场的方向，可知通电直导线与螺线管的磁场方向，从而即可求解。【解答】解：A、通电直导线电流从左向右，根据右手螺旋定则，则有小磁针

33、所处的位置磁场方向垂直纸面向里，所以小磁针静止时北极背离读者，故A错误；B、如图所示，根据右手螺旋定则，磁场的方向逆时针（从上向下看），因此小磁针静止时北极背离读者，故B错误；C、环形导线的电流方向如图所示，根据右手螺旋定则，则有小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针静止时北极指向读者，故C正确；D、根据右手螺旋定则，结合电流的方向，则通电螺线管的内部磁场方向，由右向左，则小磁针的静止时北极指向左，故D错误；故选：C。【点评】本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向，注意小磁针静止时的N极指向即为磁场的方向，同时通电螺线管的内部磁场方向

34、由S极到N极。20（3分）下列关于运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向正确的是（）ABCD【考点】CF：洛伦兹力【分析】根据左手定则判断洛伦兹力的方向，即磁感线垂直穿过左手手心，四指指向正电荷的运动方向，大拇指的方向就是洛伦兹力方向；【解答】解：AB根据左手定则判断得出正电荷的洛伦兹力方向向上，故A正确，B错误；CD根据左手定则判断可知，负电荷的洛伦兹力方向向上，故C、D错误；故选：A。【点评】明确知道洛伦兹力的方向的判断方法，知道四指应指向负电荷的运动方向的反方向；二、填空题2121一根长为02m的直导线，通有10A的电流，把它放在磁感应强度为04T的匀强磁场中，并与磁场方向垂直，则导线受到的

35、安培力为 0.08 N若将导线中的电流强度减小为05A，则该磁场的磁感应强度为 0.4 T，此时导线受到的安培力为0.04 NF=BIL=0.08N B=0.4T F=0.04N22如图10所示,把一个面积为2.010m2的单匝线圈放在磁感应强度为3.102T的匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向平行时，穿过线圈平面的磁通量为 0 Wb；当线圈绕0 0轴转动至与磁场方向垂直时，穿过线圈平面的磁通量为6.0 104 Wb在此转动过程中，穿过线圈平面的磁通量 不变 (填“变大”、“变小”或“不变”)三、实验题23（6分）某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验，将橡皮条一端固定在A点，另一端系上两根细

36、绳及绳套，用两个弹簧测力计通过细绳套互成角度的拉动橡皮条，将结点拉到O点，如图甲所示。（1）如果没有操作失误，图乙中F是用一个弹簧测力计拉细绳套时，在白纸上根据实验结果画出的图示，则图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是F。（2）本实验采用的科学方法是B。A理想实验法 B等效替代法C控制变量法 D建立物理模型法（3）在同一对比实验的两次操作中，O点位置不可以变动。（选填“可以”或“不可以”）【考点】M3：验证力的平行四边形定则【分析】明确实验原理，了解实验误差的存在，知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别；明确实验中采用的方法为等效替代法。【解答】解：（1）F 是通过实验方法得出的，其

37、方向一定与AO方向相同。（2）合力与分力的作用效果相同，所以本实验的科学方法是等效替代法，故B正确，ACD错误。故选：B。（3）在同一对比实验的两次操作中，为了保证合力与分力的作用效果相同，O点位置不可以变动。故答案为：（1）F （2）B （3）不可以【点评】本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别。24（6分）某同学在“验证牛顿运动定律”的实验中打出了一条纸带如图1所示。计时器打点的时间间隔为0.02s。从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离。则小车在计数点1的速度v10.360m/s，

38、则该小车的加速度a1.58m/s2（ 结果保留三位有效数字）。如图2为该同学使用的装置，为了减少实验误差，该同学进行了平衡摩擦的操作：取下重物，把小车不带滑轮的一端垫高，轻推（填“释放”或“轻推”）小车，不断调整木板的倾角，直到小车能在木板上做匀速直线运动为止。【考点】M6：验证牛顿第二运动定律【分析】根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解小车在计数点1的速度，根据xaT2求加速度；平衡摩擦力时轻推小车，若小车能够做匀速直线运动，则摩擦力得到平衡。当打点计时器打出的点间隔均匀时，恰好平衡摩擦力。【解答】解：由于每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T0.1s，设0到1之间的距离为x

39、1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据一段时间内的平均速度等于瞬时速度求解小车在计数点1的速度，得：m/s0.360m/s；根据匀变速直线运动的推论公式xaT2可以求出加速度的大小，得：x4x13a1T2x5x23a2T2 x6x33a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a解得：a1.58m/s2。平衡摩擦力时轻推小车，若小车能够做匀速直线运动，则摩擦力得到平衡。取下重物，把小车不带滑轮的一端垫高，轻推小车，不断调整木板的倾角，直到小车能在木板上做匀速直线运动为止。故答案为：0.360；1.58；轻推；

40、匀速直线。【点评】解决本题的关键掌握平衡摩擦力的方法，纸带的处理。要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。四、计算题25（8分）放在水平地面上一质量为m2kg的质点，在水平恒定外力作用下由静止开始沿直线运动，4s内通过12m的距离，此后抛去外力，质点又运动了2s停止，质点运动过程中所受阻力大小不变，求：（1）撤去水平恒定外力时质点的速度大小；（2）质点运动过程中所受到的阻力大小；（3）质点所受水平恒定外力的大小。【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；37：牛顿第二定律【分析】（1）由运动学可以求的撤去外力后的速度；（2）减速阶段由

41、牛顿第二定律可以求阻力；（3）加速过程中由牛顿第二定律求恒定外力。【解答】解：（1）质点开始做匀加速直线运动：x0a1t12，解得：a11.5m/s2，根据速度时间关系可得：v0a1t1。解得v06 m/s。（2）质点减速过程加速度大小为a23m/s2由牛顿第二定律有：fma2解得f6N；（3）开始加速过程中加速度为a1，由牛顿第二定律有：Ffma1解得Ff+ma19 N。答：（1）撤去水平恒定外力时质点的速度大小为6m/s（2）质点运动过程中所受到的阻力大小6N（3）质点所受水平恒定外力的大小9N。【点评】对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律

42、或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。26（8分）如图所示，一质量m2.0102kg、电荷量绝对值q1.0106C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，电场足够大，静止时悬线与竖直方向夹角37若小球的电荷量始终保持不变，重力加速度g10m/s2，sin370.6，cos370.8。（1）求电场强度的大小E。（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度大小v及方向。【考点】37：牛顿第二定律；AK：带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）对小球受力分析，根据平衡条件可得小球受到的电场力方向向左并可求出电场强度的值；（2）剪断

43、细线后，由于小球受到的重力与电场力都为恒力，所以小球将做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式，即可求解。【解答】解：（1）根据平衡条件可知小球所受电场力为：Fmgtan根据电场强度的定义式有：联立解得：E1.5105 N/C。（2）细线剪断后，小球受到的合力为：小球的加速度为：12.5 m/s2所以1s末小球的速度大小vat12.5 m/s，速度方向与竖直方向成37角，斜向左下。答：（1）电场强度的大小E为1.5105 N/C；（2）若在某时刻将细线突然剪断，经过1s时小球的速度大小v为12.5m/s，方向与竖直方向成37角，斜向左下。【点评】本题考查带电粒子在电场中的运动，解决动力学问题的关键是正确受力分析和运动过程分析，然后选择相应规律列式求解即可。- 23 -