浙江省杭州高中2014届高三化学下学期第六次月考试题 理（含解析）.doc

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1、2013-2014学年浙江省杭州高中高三（下）第六次月考化学试卷 一、选择题（本题17小题，每小题6分，共102分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，多选、错选或不选的均得0分）1（6分）（2014浙江模拟）下列说法不正确的是（）A贝采里乌斯提出了有机化学概念，维勒打破了无机物和有机物的界限，范特霍夫提出了有机化合物的三维结构B同位素示踪法、红外光谱法都是科学家经常使用的研究化学反应历程的手段之一C分光光度计通过测定溶液颜色分析反应物（或生成物）浓度变化，从而确定化学反应速率D科学家将蛋白质的结构层次分为四级进行研究，蛋白质的二级结构主要依靠肽链中NH上的氢原子与羰基上的氧原子

2、形成氢键而实现的2（6分）（2014春下城区校级月考）下列说法不正确的是（）A容量瓶、量筒和滴定管上都标有使用温度，量筒、容量瓶无“0”刻度，滴定管有“0”刻度；使用时滴定管水洗后还需润洗，但容量瓶水洗后不用润洗B在两支试管中分别加1mL无水乙醇和1.5g苯酚固体，再加等量等体积的钠，比较乙醇、苯酚羟基上氢原子的活泼性C在2mL紫色的CoCl2溶液中加入浓盐酸，可使溶液显蓝色；在测定某些反应的反应速率时，可以用分光光度计对于某些有颜色的反应物或生成物进行比色分析，根据溶液颜色与反应物或生成物浓度的关系换算成反应物或生成物在不同反应时刻的浓度来计算反应速率D制备摩尔盐时，最后在蒸发皿中蒸发浓缩溶

3、液，加热至液体表面出现晶膜为止，不能将溶液全部蒸干3（6分）（2014春下城区校级月考）A、B、C、D四种短周期元素原子序数依次增大，A原子为半径最小的原子，C原子最外层电子数与A、B原子最外层电子数之和相等，D原子和B原子最外层电子数的和为C原子最外层电子数的2倍，D原子的最外层电子数为电子层数的3倍下列说法正确的是（）A原子半径大小顺序为：BCDAB四种元素都属于非金属元素，它们之间只能形成共价化合物CB、C元素位于元素周期表中第二周期，D元素位于元素周期表中第三周期DBA4、CA4+两种微粒都具有正四面体结构，B、C、D三种元素都有属于分子晶体、原子晶体的同素异形体4（6分）（2014春

4、下城区校级月考）绿色电源“二甲醚氧气燃料电池”的工作原理如图，所示下列说法正确的是（）A氧气应从c处通入，电极Y上发生的反应为O2+4e+2H2O4OHB电池在放电过程中，电极X周围溶液的pH增大C二甲醚应从b处加入，电极X上发生的反应为（CH3）2O12e+3H2O=2CO2+12H+D当该电池向外电路提供2mol电子时消耗O2约为22.4L5（6分）（2014春万州区校级月考）下列说法正确的是（）A按系统命名法，有机物可命名为3，7二甲基4乙基辛烷B1 mol最多能与含3 mol NaOH的水溶液完全反应C纤维素和壳聚糖均属于多糖D在一定条件下，1 mol的最多能与含3 mol NaOH的

5、溶液完全反应6（6分）（2013浙江二模）可逆反应A（g）+3B（g）2C（g）；H=QkJ/mol有甲、乙两个容积相同且固定不变的密闭容器，向甲容器中加入1mol A和3mol B，在一定条件下达到平衡时放出热量为Q1 kJ；在相同的条件下，向乙容器中加入2mol C达到平衡后吸收热量为Q2 kJ，已知Q1=2Q2下列叙述正确的是（）A甲中A的转化率为75%BQ1+Q2QC达到平衡后，再向乙中加入mol A、1mol B、mol C，平衡向正反应方向移动D乙中热化学方程式为2C（g）A（g）+3B（g）；H=+Q2 kJ/mol7（6分）（2013浙江二模）体积为1L的某溶液中存在下列离子：

6、Ba2+、Fe2+、Al3+、Fe3+、Mg2+、HCO3、CO32、Cl、NO3、SO42中的五种，浓度均为0.1mol/L，若向原溶液中加入足量的盐酸，有气体生成经分析知：反应后的溶液中的阴离子的种类没有变化则下列说法正确的是（）A原溶液中一定含有HCO3或CO32B原溶液中可能含有Ba2+、Al3+C若向原溶液中加入过量的稀硫酸和KSCN溶液，溶液不显血红色D若向原溶液中加入足量的氢氧化钠溶液，充分反应后将沉淀过滤、洗涤、干燥并灼烧至恒重，得到固体的质量为12g二、解答题（共4小题，满分58分）8（14分）（2014春下城区校级月考）将1.00molL1 NaOH溶液滴入20.00mL

7、1.00molL1的一元酸HA溶液中，测得混合溶液的pH和温度随加入NaOH溶液体积变化曲线如图1所示（1）计算室温时20.00mL 1.00molL1的一元酸HA的电离度=（2）图中B点所示的溶液中所含各离子浓度由大到小的顺序是（3）下列说法正确的是（填相应序号）A由图中可知NaOH和HA反应的H0B图中C点所加NaOH溶液的体积V=20.00mLC图中C点时溶液的KW略大于11014molL1，溶液中c（H+）=1107molL1D图中D点后，溶液温度略下降的主要原因是生成的NaA水解吸热（4）常温下在20mL 0.1molL1 Na2CO3溶液中逐滴加入0.1molL1 HCl溶液40m

8、L，溶液中含碳元素的各种微粒（CO2因逸出未画出）物质的量分数（纵轴）随溶液pH变化的部分情况如图2所示回答下列问题：在同一溶液中，H2CO3、HCO3、CO32（填“能”或“不能”）大量共存；当pH=7时，溶液中含碳元素的主要微粒为，溶液中各种离子的物质的量浓度的大小关系为；已知在25时，CO32水解反应的平衡常数即水解常数Kh=2104molL1，当溶液中c（HCO3）：c（CO32）=2：1时，溶液的pH=9（16分）（2014春下城区校级月考）研究化肥的合成、废水的处理等有现实的重要意义尿素是一种非常重要的高氮化肥，工业上合成尿素的反应如下：2NH3（l）+CO2（g）H2O（l）+H

9、2NCONH2（l）H=103.7kJmol1试回答下列问题：（1）下列措施中有利于提高尿素的产率的是A采用高温 B采用高压 C寻找更高效的催化剂（2）合成尿素的反应在进行时分为如下两步：第一步：2NH3（l）+CO2（g）H2NCOONH4（氨基甲酸铵）（l）H1第二步：H2NCOONH4（l）H2O（l）+H2NCONH2（l）H2某实验小组模拟工业上合成尿素的条件，在一体积为0.5L密闭容器中投入4mol氨和1mol二氧化碳，实验测得反应中各组分随时间的变化如下图所示：已知总反应的快慢由慢的一步决定，则合成尿素总反应的快慢由第步反应决定反应进行到10min时测得CO2的物质的量如图所示，

10、则用CO2表示的第一步反应的速率v（CO2）=第二步反应的平衡常数K随温度的变化如图所示，则H20（填“”“”或“=”）以硫铁矿为原料生产硫酸所得的酸性废水中砷元素含量极高，为控制砷的排放，采用化学沉降法处理含砷废水，相关数据如下表 工厂污染物排放浓度及允许排放标准污染物H2SO4As浓度28.42g/L1.6gL1排放标准pH690.5mgL1几种砷酸盐的Ksp 难溶物KspCa3（AsO4）26.81019AlAsO41.61016FeAsO45.71021回答以下问题：（3）若混合溶液中Al3+、Fe3+的浓度均为1.0104molL1，c（AsO43）最大是molL1（4）工厂排放出的

11、酸性废水中的三价砷（H3AsO3弱酸）不易沉降，可投入MnO2先将其氧化成五价砷（H3AsO4弱酸），写出该反应的离子方程式（5）在处理含砷废水时采用分段式，先向废水中投入生石灰调节pH到2，再投入生石灰将pH调节到8左右使五价砷以Ca3（AsO4）2形式沉降将pH调节到2时废水中有大量沉淀产生，沉淀主要成分的化学式为；Ca3（AsO4）2在pH调节到8左右才开始沉淀的原因为10（12分）（2014春下城区校级月考）乙酰苯胺作为一种常用药，具有解热镇痛的效果实验室制备乙酰苯胺时，可以用苯胺与乙酸酐或与冰醋酸加热来制取，苯胺与乙酸酐的反应速率远大于与冰醋酸反应的速率，已知苯胺微溶于冷水；纯乙酰苯

12、胺是无色片状晶体，熔点114，不溶于冷水，可溶于热水；乙酸酐遇水缓慢反应生成乙酸；现选用苯胺与乙酸酐为原料制取和提纯乙酰苯胺，该放热反应的原理：实验步骤取5.0mL苯胺（密度1.04g/mL），倒入100mL锥形瓶中，加入20mL水，在旋摇下分批加入6.0mL乙酸酐（密度1.08g/mL），搅拌均匀若有结块现象产生，用玻璃棒将块状物研碎，再充分搅拌；反应完全后，及时把反应混合物转移到烧杯中，冷却后，抽滤，洗涤，得粗乙酰苯胺固体；将粗产品转移至150mL烧杯中，加入适量水配制成80的饱和溶液，再加入过量20%的水稍冷后，加半匙活性炭，搅拌下将溶液煮沸35min，过滤，用少量沸水淋洗烧杯和漏斗中的

13、固体，合并滤液，冷却结晶，过滤、洗涤、晾干得乙酰苯胺纯品（1）步骤研碎块状产物的用意在于；反应温度过高会导致苯胺挥发，下列可以控制反应温度，防止反应温度升高过快的操作有；A反应快结束时的充分搅拌 B旋摇下分批加入6.0mL乙酸酐C玻璃棒将块状物研碎 D加20mL水（2）步骤洗涤粗产品时，选用的溶剂是；A热水 B冷水 C1：3的乙醇溶液 D滤液（3）步骤两次用到过滤，其中过滤选择（过滤、趁热过滤或抽滤），过滤操作是为了除去；配制热溶液时，加入过量溶剂的作用是（选出正确选项）；A防止后续过程中，溶剂损失可能产生的产物析出B防止后续过程中，温度降低可能产生的产物析出C除去活性炭未吸附完全的有色杂质（

14、4）步骤冷却滤液时可选择；A冰水浴冷却 B搅拌下水浴冷却C室温下自然冷却 D投入少量碎冰后静置（5）步骤中以下哪些操作不能提高产率；配制成饱和溶液后，加入过量20%的溶剂；趁热过滤近沸溶液；过滤时用少量沸水淋洗烧杯和漏斗中的固体，合并滤液；加活性炭吸附；过滤时的洗涤选用热水代替冷水洗涤固体ABCD（6）步骤最后测得纯乙酰苯胺固体6.75g，已知苯胺、乙酸酐和乙酰苯胺的摩尔质量分别为93g/mol、102g/mol、135g/mol该实验的产率为（保留两位有效数字）11（16分）（2014春下城区校级月考）X是一种抗菌药，用于治疗急、慢性溃疡性结肠炎，其结构简式以有机物A为原料合成X的路线如下：

15、已知：回答下列问题：（1）写出A中含有的官能团的名称（2）写出下列反应的反应类型：；（3）写出E的结构简式（4）写出第步反应的化学方程式（5）在第一步反应中可能会生成一种高聚物的副产物，写出该副产物的结构简式（6）B有多种同分异构体，写出同时符合下列条件B的所有同分异构体结构简式能发生银镜反应；一定条件下与NaOH溶液完全反应，需消耗2mol NaOH；分子结构中不含甲基；苯环上有2种不同化学环境的氢2013-2014学年浙江省杭州高中高三（下）第六次月考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题17小题，每小题6分，共102分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，多选、错选或不

16、选的均得0分）1（6分）（2014浙江模拟）下列说法不正确的是（）A贝采里乌斯提出了有机化学概念，维勒打破了无机物和有机物的界限，范特霍夫提出了有机化合物的三维结构B同位素示踪法、红外光谱法都是科学家经常使用的研究化学反应历程的手段之一C分光光度计通过测定溶液颜色分析反应物（或生成物）浓度变化，从而确定化学反应速率D科学家将蛋白质的结构层次分为四级进行研究，蛋白质的二级结构主要依靠肽链中NH上的氢原子与羰基上的氧原子形成氢键而实现的考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；化学史；探究化学反应机理专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：A、贝采里乌斯被称为“有机化学之父”，提出了有机化学概念，法国

17、化学家维勒由氰酸铵合成了尿素，首次打破了有机物和无机物的界限，荷兰化学家范特霍夫提出了有机化合物的三维结构；B、红外光谱法是对各种吸收红外光的化合物的定量和定性分析的一种方法；C、根据溶液颜色与反应物（或生成物）浓度的关系（即比色分析）来分析；D、羰基上的氧可与NH上的氢形成氢键解答：解：A、贝采里乌斯被称为“有机化学之父”，提出了有机化学概念，法国化学家维勒由氰酸铵合成了尿素，首次打破了有机物和无机物的界限，荷兰化学家范特霍夫提出了有机化合物的三维结构，故A正确；B、红外光谱法是对各种吸收红外光的化合物的定量和定性分析的一种方法，用于研究化学物质的结构，不能用于研究化学反应历程，故B错误；C

18、、由利用溶液颜色与反应物（或生成物）浓度的关系，可以确定该化学反应的速率，给出的仪器中只有分光光度计可进行比色分析，故C正确；D、羰基上的氧可以NH上的氢形成氢键，蛋白质的二级结构主要依靠肽链中NH上的氢原子与羰基上的氧原子形成氢键而实现的，故D正确；故选B点评：本题考查了化学史、化学结构和反应历程等物理探测手段、蛋白质的结构等性质，均属于记忆的知识，题目难度不大，注意基础知识的积累2（6分）（2014春下城区校级月考）下列说法不正确的是（）A容量瓶、量筒和滴定管上都标有使用温度，量筒、容量瓶无“0”刻度，滴定管有“0”刻度；使用时滴定管水洗后还需润洗，但容量瓶水洗后不用润洗B在两支试管中分别

19、加1mL无水乙醇和1.5g苯酚固体，再加等量等体积的钠，比较乙醇、苯酚羟基上氢原子的活泼性C在2mL紫色的CoCl2溶液中加入浓盐酸，可使溶液显蓝色；在测定某些反应的反应速率时，可以用分光光度计对于某些有颜色的反应物或生成物进行比色分析，根据溶液颜色与反应物或生成物浓度的关系换算成反应物或生成物在不同反应时刻的浓度来计算反应速率D制备摩尔盐时，最后在蒸发皿中蒸发浓缩溶液，加热至液体表面出现晶膜为止，不能将溶液全部蒸干考点：化学实验方案的评价专题：实验评价题分析：A滴定管有“0”刻度，位于滴定管上方；B正确的做法是向两只试管中各加入2ml乙醚，再分别加1ml无水乙醇和1.5g苯酚固体，再加等量等

20、体积的钠，比较乙醇、苯酚羟基上氢原子的活泼性；C氯化钴溶液中存在如下平衡 CoCl42（蓝色 ）+6H2OCo（H2O）62+（粉红色 ）+4Cl，当溶液中加入浓盐酸，由于氯离子浓度增大，使平衡向逆反应方向移动，溶液由粉红色变为蓝色；D蒸发皿中蒸发浓缩溶液表面出现结晶薄膜为止，放置冷却，得（NH4）2SO4FeSO46H2O晶体；解答：解：A容量瓶、量筒和滴定管上都标有使用温度，量筒、容量瓶无“0”刻度，滴定管有“0”刻度；使用时滴定管水洗后还需润洗，否则会产生误差，但容量瓶水洗后不用润洗，如果润洗，会导致浓度偏大，故A正确；B应向两只试管中各加入2ml乙醚，向其中一支试管加入1ml无水乙醇，

21、向另一支试管加入1.5g苯酚固体，再加等量等体积的钠，开始钠在液面下，后上浮，都有气泡产生，但苯酚中产生的气泡快，说明苯酚羟基上氢原子的活泼比乙醇活泼，故B错误；C氯化钴溶液中存在如下平衡 CoCl42（蓝色 ）+6H2OCo（H2O）62+（粉红色 ）+4Cl，当溶液中加入浓盐酸，由于氯离子浓度增大，使平衡向逆反应方向移动，溶液由粉红色变为蓝色，在测定某些反应的反应速率时，可以用分光光度计对于某些有颜色的反应物或生成物进行比色分析，根据溶液颜色与反应物或生成物浓度的关系换算成反应物或生成物在不同反应时刻的浓度来计算反应速率，故C正确；D将蒸发皿置于水浴上蒸发、浓缩至表面出现结晶薄膜为止，放置

22、冷却，得（NH4）2SO4FeSO46H2O晶体，不能将溶液全部蒸干，以防得不到（NH4）2SO4FeSO46H2O晶体，故D正确；故选B点评：本题考查了实验方案评价，明确物质的性质、常见仪器特点等知识点即可解答，注意滴定管中“0”刻度位置，滴定管的感量等，都是易错点，知道莫尔盐的制取方法3（6分）（2014春下城区校级月考）A、B、C、D四种短周期元素原子序数依次增大，A原子为半径最小的原子，C原子最外层电子数与A、B原子最外层电子数之和相等，D原子和B原子最外层电子数的和为C原子最外层电子数的2倍，D原子的最外层电子数为电子层数的3倍下列说法正确的是（）A原子半径大小顺序为：BCDAB四种

23、元素都属于非金属元素，它们之间只能形成共价化合物CB、C元素位于元素周期表中第二周期，D元素位于元素周期表中第三周期DBA4、CA4+两种微粒都具有正四面体结构，B、C、D三种元素都有属于分子晶体、原子晶体的同素异形体考点：位置结构性质的相互关系应用专题：元素周期律与元素周期表专题分析：A、B、C、D四种短周期元素原子序数依次增大，A原子为半径最小的原子，则A为H；D原子的最外层电子数为电子层数的3倍，则D只有2个电子层，最外层电子数为6，D为O；C原子最外层电子数与A、B原子最外层电子数之和相等，D原子和B原子最外层电子数的和为C原子最外层电子数的2倍，设C的最外层电子数为x，B的最外层电子

24、数为y，则x=1+y，6+y=2x，解得x=5，y=4，则C为N、B为C，结合元素化合物知识来解答解答：解：A、B、C、D四种短周期元素原子序数依次增大，A原子为半径最小的原子，则A为H；D原子的最外层电子数为电子层数的3倍，则D只有2个电子层，最外层电子数为6，D为O；C原子最外层电子数与A、B原子最外层电子数之和相等，D原子和B原子最外层电子数的和为C原子最外层电子数的2倍，设C的最外层电子数为x，B的最外层电子数为y，则x=1+y，6+y=2x，解得x=5，y=4，则C为N、B为C，A电子层越多，半径越大，同周期原子序数大的半径小，则原子半径大小顺序为：BCDA，故A正确；BA、B、C、

25、D四种元素都属于非金属元素，它们之间只能形成共价化合物，故B错误；CC为N、B为C元素，二者位于第二周期，D为氧元素，位于周期表中第二周期，故C错误；DA为H元素、C为N、B为C元素、D为O元素，BA4、CA4+两种物质分别为甲烷和铵根离子，二者都是正四面体结构；B、C、D三种元素中，C元素组成的金刚石属于原子晶体，而氮元素和氧元素没有属于原子晶体的同素异形体，故D错误；故选A点评：本题考查位置、结构、性质及应用，为高频考点，把握元素的位置、性质及元素化合物知识推断元素为解答的关键，侧重分析与推断能力的综合考查，题目难度中等4（6分）（2014春下城区校级月考）绿色电源“二甲醚氧气燃料电池”的

26、工作原理如图，所示下列说法正确的是（）A氧气应从c处通入，电极Y上发生的反应为O2+4e+2H2O4OHB电池在放电过程中，电极X周围溶液的pH增大C二甲醚应从b处加入，电极X上发生的反应为（CH3）2O12e+3H2O=2CO2+12H+D当该电池向外电路提供2mol电子时消耗O2约为22.4L考点：化学电源新型电池专题：电化学专题分析：根据氢离子移动方向知，Y为原电池正极，X为负极，则c处通入的气体是氧气，根据d处生成物知，正极上发生的反应为O2+4e+4H+2H2O，电解质溶液为酸性溶液，b处通入的物质是二甲醚，X电极反应式为（CH3）2O12e+3H2O=2CO2+12H+，则a处出来

27、的物质是二氧化碳，据此分析解答解答：解：根据氢离子移动方向知，Y为原电池正极，X为负极，则c处通入的气体是氧气，根据d处生成物知，正极上发生的反应为O2+4e+4H+2H2O，电解质溶液为酸性溶液，b处通入的物质是二甲醚，X电极反应式为（CH3）2O12e+3H2O=2CO2+12H+，则a处出来的物质是二氧化碳，A氧气应从c处通入，电极Y上发生的反应为O2+4e+4H+2H2O，故A错误；B电池在放电过程中，电极X发生的电极反应为（CH3）2O12e+3H2O=2CO2+12H+，X电极周围溶液的pH减小，故B错误；C二甲醚应从b处加入，X电极上二甲醚得电子发生还原反应，所以电极X上发生的反

28、应为（CH3）2O12e+3H2O=2CO2+12H+，故C正确；D当该电池向外电路提供2mol电子时消耗O2体积=11.2L，故D错误；故选C点评：本题考查了化学电源新型电池，根据氢离子移动方向确定正负极，再根据d处生成物确定电解质溶液酸碱性，难点是电极反应式书写，题目难度中等5（6分）（2014春万州区校级月考）下列说法正确的是（）A按系统命名法，有机物可命名为3，7二甲基4乙基辛烷B1 mol最多能与含3 mol NaOH的水溶液完全反应C纤维素和壳聚糖均属于多糖D在一定条件下，1 mol的最多能与含3 mol NaOH的溶液完全反应考点：有机物的结构和性质；有机化合物命名专题：有机物的

29、化学性质及推断；有机物分子组成通式的应用规律分析：A中含有3个甲基，主链有8C原子；B水解产物中共含有2个羧基、2个酚羟基，都可与氢氧化钠反应；C根据多糖的定义判断；D水解产物共含有酚羟基、羧基和HCl，都可与氢氧化钠反应解答：解：A中含有3个甲基，主链有8C原子，则命名为2，5，6三甲基辛烷，故A错误；B水解产物中共含有2个羧基、2个酚羟基，都可与氢氧化钠反应，则可与4molNaOH反应，故B错误；C多糖水解可生成单糖，而该有机物水解产物不是单糖，含有氨基，故C错误；D水解产物共含有酚羟基、羧基和HCl，都可与氢氧化钠反应，则最多能与含3 mol NaOH的溶液完全反应，故D正确故选D点评：

30、本题考查较为综合，涉及有机物的命名、结构和性质的考查，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物官能团的性质，本题易错点为C，注意多糖的定义，难度中等6（6分）（2013浙江二模）可逆反应A（g）+3B（g）2C（g）；H=QkJ/mol有甲、乙两个容积相同且固定不变的密闭容器，向甲容器中加入1mol A和3mol B，在一定条件下达到平衡时放出热量为Q1 kJ；在相同的条件下，向乙容器中加入2mol C达到平衡后吸收热量为Q2 kJ，已知Q1=2Q2下列叙述正确的是（）A甲中A的转化率为75%BQ1+Q2QC达到平衡后，再向乙中加入mol A、1mol B、mol C，平衡向

31、正反应方向移动D乙中热化学方程式为2C（g）A（g）+3B（g）；H=+Q2 kJ/mol考点：化学平衡的计算专题：化学平衡专题分析：由Q1=2Q2，可知n甲（A）=2n乙（A），设甲中达到平衡时转化了xmolA，则n乙（A）=mol， 甲 A（g）+3B（g）2C（g）起始（mol）：1 3 0转化（mol）：x 3x 2x平衡（mol）：1x 33x 2x乙 A（g）+3B（g）2C（g）起始（mol）：0 0 2转化（mol）：x x平衡 （mol）：x 2x利用“一边倒法”，可知“1 mol A、3 mol B”与“2 mol C”是等效物料，它们在同温同容的条件下建立的平衡状态完全相

32、同，则1x=，x=，（A）=100%=66.7%，以此解答该题解答：解：由Q1=2Q2，可知n甲（A）=2n乙（A），设甲中达到平衡时转化了xmolA，则n乙（A）=mol， 甲 A（g）+3B（g）2C（g）起始（mol）：1 3 0转化（mol）：x 3x 2x平衡（mol）：1x 33x 2x乙 A（g）+3B（g）2C（g）起始（mol）：0 0 2转化（mol）：x x平衡 （mol）：x 2x利用“一边倒法”，可知“1 mol A、3 mol B”与“2 mol C”是等效物料，它们在同温同容的条件下建立的平衡状态完全相同，则1x=，x=，（A）=100%=66.7%，A、甲中A的

33、转化率为：（A）=100%=66.7%，故A错误；B、若向相同容积的另一密闭容器中通入2molC，相当于1molA和3molB，达到平衡状态，从等效平衡的角度分析，则有Q=Q1+Q2，故B错误；C、利用“一边倒法”，可知再向乙中加入mol A、1mol B、mol C，与再加入“2 mol C”等效，在恒温恒容条件下相当于增大压强，平衡向生成C的方向移动，故C正确；D、乙中反应掉的C为mol，所给热化学方程式中2mol C对应的反应热应为：+3Q2 kJmol1，故D错误；故选C点评：本题考查了化学平衡的计算，题目难度较大，注意等效平衡的应用，解答该题时利用三段式法较为直观，试题综合性强，旨在

34、培养学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力，有利于培养学生的逻辑推理能力和发散思维能力7（6分）（2013浙江二模）体积为1L的某溶液中存在下列离子：Ba2+、Fe2+、Al3+、Fe3+、Mg2+、HCO3、CO32、Cl、NO3、SO42中的五种，浓度均为0.1mol/L，若向原溶液中加入足量的盐酸，有气体生成经分析知：反应后的溶液中的阴离子的种类没有变化则下列说法正确的是（）A原溶液中一定含有HCO3或CO32B原溶液中可能含有Ba2+、Al3+C若向原溶液中加入过量的稀硫酸和KSCN溶液，溶液不显血红色D若向原溶液中加入足量的氢氧化钠溶液，充分反应后将沉淀过滤、洗涤、干燥并灼烧至恒重，

35、得到固体的质量为12g考点：常见离子的检验方法专题：离子反应专题分析：若向原溶液中加入足量的盐酸，有气体生成；经分析知：反应后的溶液中的阴离子的种类没有变化，则原溶液中含有Cl，一定没有HCO3和CO32；有气体生成则含有Fe2+和NO3；一共有五种离子，浓度均为0.1，Fe2+，Cl，NO3正好电荷守恒说明存在的另外两种离子的带电量是一样的，则为Mg2+和SO42，综上可知，溶液中存在的五种离子为：Fe2+、Cl、NO3、Mg2+和SO42；结合选项分析解答：解：若向原溶液中加入足量的盐酸，有气体生成；经分析知：反应后的溶液中的阴离子的种类没有变化，则原溶液中含有Cl，一定没有HCO3和CO

36、32；有气体生成则含有Fe2+和NO3；一共有五种离子，浓度均为0.1，Fe2+，Cl，NO3正好电荷守恒说明存在的另外两种离子的带电量是一样的，则为Mg2+和SO42，综上可知，溶液中存在的五种离子为：Fe2+、Cl、NO3、Mg2+和SO42；A、由以上分析可知，原溶液中一定不含有HCO3和CO32，故A错误；B、由以上分析可知，原溶液中一定不含Ba2+和Al3+，故B错误；C、若向原溶液中加入过量的稀硫酸和KSCN溶液，Fe2+与NO3、H+反应生成Fe3+，溶液显血红色，故C错误；D、若向原溶液中加入足量的氢氧化钠溶液，充分反应后将沉淀过滤、洗涤、干燥并灼烧至恒重，得到固体为MgO和F

37、e2O3，其物质的量分别为0.1mol和0.05mol，则总质量为0.1mol40g/mol+0.05mol160g/mol=12g，故D正确故选D点评：本题考查了离子反应、离子检验方法和离子性质的分析判断，反应现象的判断是解题的依据，注意干扰离子的分析判断，题目难度中等二、解答题（共4小题，满分58分）8（14分）（2014春下城区校级月考）将1.00molL1 NaOH溶液滴入20.00mL 1.00molL1的一元酸HA溶液中，测得混合溶液的pH和温度随加入NaOH溶液体积变化曲线如图1所示（1）计算室温时20.00mL 1.00molL1的一元酸HA的电离度=0.1%（2）图中B点所示

38、的溶液中所含各离子浓度由大到小的顺序是c（A）c（Na+）c（H+）c（OH）（3）下列说法正确的是C（填相应序号）A由图中可知NaOH和HA反应的H0B图中C点所加NaOH溶液的体积V=20.00mLC图中C点时溶液的KW略大于11014molL1，溶液中c（H+）=1107molL1D图中D点后，溶液温度略下降的主要原因是生成的NaA水解吸热（4）常温下在20mL 0.1molL1 Na2CO3溶液中逐滴加入0.1molL1 HCl溶液40mL，溶液中含碳元素的各种微粒（CO2因逸出未画出）物质的量分数（纵轴）随溶液pH变化的部分情况如图2所示回答下列问题：在同一溶液中，H2CO3、HCO

39、3、CO32不能（填“能”或“不能”）大量共存；当pH=7时，溶液中含碳元素的主要微粒为HCO3、H2CO3，溶液中各种离子的物质的量浓度的大小关系为c（Na+）c（Cl）c（HCO3）c（H+）=c（OH）；已知在25时，CO32水解反应的平衡常数即水解常数Kh=2104molL1，当溶液中c（HCO3）：c（CO32）=2：1时，溶液的pH=10考点：酸碱混合时的定性判断及有关ph的计算专题：电离平衡与溶液的pH专题分析：（1）根据电离度的表达式及图象在20.00mL 1.00molL1的pH计算出其电离度；（2）B点时溶质为HA和NaA的混合物，溶液的pH=4，溶液显示酸性，说明HA的电

40、离程度大于A的水解程度，根据电荷守恒写出溶液中各离子浓度大小；（3）A酸碱中和反应为放热反应，焓变小于0；B根据图象可知，C点溶液的pH=7，加入氢氧化钠与HA等浓度等体积时生成强碱弱酸盐，溶液显示碱性，故V20.00mL；C温度升高，水的离子积增大；溶液的pH=7，则氢离子浓度为1107molL1；DD点后，溶液温度略下降的主要原因是溶液中氢离子浓度减小，生成水的物质的量减小；（4）根据图2可知，pH=8时只有碳酸氢根离子，pH大于8时存在碳酸根离子和碳酸氢根离子离子，pH小于8时存在碳酸和碳酸氢根离子，在同一溶液中，H2CO3、HCO3、CO32不能共存；pH=7时，溶液中溶质为碳酸氢钠、

41、氯化钠及碳酸，存在的离子主要为：H2CO3、HCO3，溶液显示中性，c（H+）=c（OH），根据电荷守恒判断溶液中各离子浓度大小关系；水解常数Kh=，当溶c（HCO3）：c（CO32）=2：1时，根据水解常数计算c（OH），由根据水的离子积Kw计算c（H+），根据pH=lgc（H+）计算解答：解：（1）根据图象可知，20.00mL 1.00molL1的pH=3，溶液中HA电离出的氢离子浓度为0.001mol/L，则HA的电离度为：=100%=0.1%，故答案为：0.1%；（2）由图象可知，B点加入10mL等浓度的氢氧化钠溶液，反应后溶质为HA和NaA的混合物，溶液的pH=4，溶液显示酸性，则：

42、c（H+）c（OH），说明HA的电离程度大于A的水解程度，则c（A）c（Na+），所以溶液中离子浓度关系为：c（A）c（Na+）c（H+）c（OH），故答案为：c（A）c（Na+）c（H+）c（OH）；（3）A酸碱中和反应为放热反应，由图中可知NaOH和HA反应为放热反应，H0，故A错误；B根据图象可知，C点时溶液的pH=7，加入氢氧化钠与HA等浓度等体积时生成强碱弱酸盐，溶液显示碱性，故V20.00mL，故B错误；C水的电离为吸热反应，温度升高，水的离子积增大，故C点时溶液的KW略大于11014molL1；溶液的pH=7时，则氢离子浓度为1107molL1，故C正确；DD点后，溶液中氢离子浓

43、度逐渐减小，所以溶液温度略下降的主要原因是溶液中氢离子浓度减小，生成水的物质的量减小，放出的热量减小导致的，故D错误；故答案为：C；（4）结合图象可知，在pH=8时只有碳酸氢根离子存在，当溶液的pH大于8时，存在的离子为：HCO3、CO32，pH小于8时存在的离子为：H2CO3、HCO3，所以在同一溶液中，H2CO3、HCO3、CO32不能共存，故答案为：不能；根据图象可知，当pH=7时，溶液中溶质为碳酸氢钠、氯化钠及碳酸，溶液中含碳元素的主要微粒为HCO3、H2CO3；溶液为中性，则c（H+）=c（OH），根据电荷守恒可知，c（Na+）=c（Cl）+c（HCO3），所以溶液中各离子浓度关系为：c（Na+）c（Cl）c（HCO3）c（H+）=c（OH），故答案为：HCO3、H2CO3；c（