贵州省贵阳市第一中学2015届高考理综适应性月考卷试卷（五）（扫描版）.doc

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1、贵州省贵阳市第一中学2015届高考理综适应性月考卷试卷（五）（扫描版）贵阳第一中学2015届高考适应性月考卷（五）理科综合参考答案第卷（选择题，共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分。题号12345678910111213答案ACCDDABABBCDA二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1418题只有一个选项正确；1921题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。题号1415161718192021答案BDDCAACBCDAD【解析】 1ATP由腺苷（腺嘌呤+核糖）和3个磷酸基因组成，所以肯定含有糖类；神经细胞的树

2、突可扩大细胞接受刺激的表面积，但是与提高细胞的代谢速率无关；胰岛素的含量变化不能对下丘脑和垂体分泌相关激素进行反馈调节；核仁与核糖体的形成有关但不是细胞器。所以正确的叙述是A项。2图中是氨基酸脱水缩合过程，发生于核糖体中，水中的H来自于NH2和COOH；是有氧呼吸中H与O2生成水的过程；是葡萄糖分解成丙酮酸的过程，发生于细胞质基质中，有氧和缺氧都能发生并产生少量的H和能量；是无氧呼吸的过程，发生于细胞质基质中。所以只有C项叙述正确。3细胞相对表面积越大，细胞对物质的运输效率越高，而不是运输速率；细胞衰老细胞核体积会变大；癌细胞的细胞膜上糖蛋白减少，黏着性降低；基因重组一般发生在减数分裂过程中，

3、有丝分裂有可能发生基因突变和染色体变异。所以C项叙述正确。4鲁宾和卡门采用同位素标记法证明光合作用释放的O2来自水，用3H标记亮氨酸，研究分泌蛋白的合成和分泌过程；花生子叶装片的制作过程中用苏丹染色后，用50%的酒精洗去浮色，低温诱导染色体加倍的实验中，用盐酸和酒精的混合液做解离液；用甲基绿和吡罗红染液染色观察DNA和RNA在细胞中的分布，用斐林试剂鉴定生物组织中的还原糖；观察线粒体需要健那绿染液染色，而健那绿是活性染料，所以需要活体，观察叶绿体则是直接在显微镜下观察活细胞，观察根尖分生区细胞有丝分裂，制作装片的第一步需要解离，在解离时细胞已经死亡，所以D项叙述有误。5静息电位状态时，电位差表

4、现为外正内负，膜内的K+通过协助运输作用外流；静息电位是K+的平衡电位，组织液中Na+浓度增大，不影响静息电位，但使神经元的动作电位增大；突触间隙中的神经递质是通过与突触后膜上的受体结合而传递兴奋，作用后就失去活性，不穿过突触后膜；在神经系统中，兴奋是以电信号的形式沿神经纤维进行传导的，故D项的叙述正确。6一个次级精母细胞在减数第二次分裂后期有一对姐妹染色单体移向一极，导致这个次级精母细胞形成的2个精细胞都不正常（一个多一条染色体，一个少一条染色体），而另一个次级精母细胞正常分裂，形成的2个精细胞都正常，所以这个初级精母细胞产生正常精子细胞和异常精子细胞的比例是11；精巢中精原细胞的自我增殖方

5、式是有丝分裂。所以A项叙述正确。7在验证FeCl3对H2O2分解有催化作用时应控制变量，不应该将其放在热水中加热，故A项错误；除去CO2气体中混有的SO2，使用的应该是饱和NaHCO3溶液，而不是饱和Na2CO3溶液，故C项错误；由于浓盐酸具有挥发性，挥发出的HCl能与Na2SiO3反应生成的H2SiO3沉淀，故D项错误。820g重水（D2O）的物质的量是1mol，D2O分子中含有10个电子，含有的电子数为10NA，正确；0.5mol Fe2+与足量的H2O2溶液反应，转移0.5NA个电子，正确；2mol NO和1mol O2混合后生成了2mol二氧化氮，错误；由于1mol二氧化硅含有4mol

6、共价键，0.4mol SiO2所含的共价键数目为1.6NA，正确；不知道碳酸钠溶液的体积，无法计算钠离子的物质的量，错误；1mol氯气溶解在水中，部分和水反应，新制氯水中氢离子的数目小于NA，错误；不一定是标准状况下，无法计算氮气的物质的量，错误。正确的有：。9联二苯有3种一氯代物；菲有5种一氯代物；蒽有3种一氯代物；联三苯有4种一氯代物。10A项碱性环境下甲烷燃料电池的负极反应应为CH4+10OH8e=CO+7H2O；C项用铜作电极电解Na2SO4溶液的阳极反应应为Cu2e=Cu2+；D项用惰性电极电解H2SO4溶液的阳极反应2H2O4e=O2+4H+。11NaHSO4溶液与Ba(OH)2溶

7、液混合后溶液呈中性应为2H+SO+Ba2+2OH= BaSO4+ 2H2O，A项错误；Na2O2既是氧化剂又是还原剂，水没有参与氧化还原反应，18O应该在氢氧化钠中，B项错误；通入的4.48L氯气（标况下）为0.2mol，其中0.1mol先氧化0.2mol Fe2+，剩余0.1mol再氧化0.2mol Br，C项正确；用惰性电极电解饱和氯化钠溶液离子方程式应为2Cl+2H2O2OH+H2+Cl2，D项错误。12错误，Cl2单质既不属于电解质也不属于非电解质；错误，0.2mol/L与0.1mol/L醋酸溶液中c(H+)之比小于21，浓度越大其电离程度越低；正确，0.2mol/L的弱酸HA溶液与0

8、.1mol/L NaOH等体积混合后溶液溶质可视为等量的NaA和HA，呈酸性则说明HA电离程度大于A水解程度，则有离子浓度大小关系c(A )c(Na+) c(H+)c(OH) ；正确错误，条件对H的值无影响；错误，HF、HCl、HBr、HI的热稳定性依次减弱，还原性依次增强。13铜粉加入到100mL某浓度的稀硝酸中，充分反应后，容器中剩有m1 g铜粉，生成Cu(NO3)2和NO气体，NO的物质的量为=0.02mol，根据电子转移守恒可知，参加反应的铜的物质的量为=0.03mol，根据铜元素守恒可知：溶液中nCu(NO3)2=0.03mol，溶液中n(NO)=0.06mol。再向溶液中加足量稀硫

9、酸至不再反应为止，Cu(NO3)2中NO发生反应3Cu+8H+2NO=3Cu2+2NO+4H2O，容器剩有铜粉m2 g，m1m2为与溶液中NO反应的铜的质量，所以再次反应的铜的质量为0.09mol64g/mol=5.76g，即m1m2=5.76g。14伽利略的斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故A、C、D项错误，B项正确。15飞船运动过程中由于有空气阻力做负功，所以飞船的机械能减小，飞船离地球越来越近，万有引力做正功，重力势能减小，由可知飞船的速度随半径r的减小而增大，飞船动能增大。所以选D。图1图216受力分析如图1所示，易知绳OA

10、的拉力，绳OB的拉力，而绳子能承受的最大拉力满足，由此可知，当=5N时绳子OA中的拉力没有达到所能承受的最大值，而OB达到了最大值，所以D项正确。17如图2所示，由图示几何关系可得：，即，所以，结合得：，由左手定则易知粒子带负电。所以C项正确。18合力做的功等于动能的变化量，所以A项正确。钢索拉力所做的功应该等于电梯与电梯内物体机械能的增加量，不是电梯机械能的增加量，所以B项错。地板对物体的支持力做的功等于物体机械能的增加量，不只是动能增加量，也不只是重力势能的增加量，所以C、D项均错。故选A。19金属框匀速穿越磁场，在进入磁场和离开磁场的过程中都有大小不变的感应电流，有电流的时间是金属框进入

11、的时间和离开过程的时间，都是一个单位，没有电流的时间是金属框运动过程所经历的时间，即2个单位；再考虑方向，进入磁场和离开磁场感应电流的方向相反，故A项正确、B项错误。进入磁场的过程cd切割磁感线产生的电动势为E，则ab两点间的电压为；离开磁场时，ab切割磁感线产生的电动势也为E，则ab两点间的电压为，金属框全部在磁场中运动时，ab、cd都切割磁感线，但电路中没有感应电流，ab、cd两端的电压都等于电动势E，故C项正确而D项错误。故选AC。20甲电荷所受Q的电场力指向Q，所以甲与Q为异种电荷。乙所受Q的电场力背离Q，所以乙与Q为同种电荷。即甲、乙应该是异种电荷，A项错误。从a到c的过程中，甲电荷

12、所受电场力做正功，动能增大而电势能减小，c到b的过程中电场力做负功，动能减小而电势能增大。乙电荷与甲电荷所经历的过程相反。所以B、C项正确。在选无限远处电势为零的条件下，甲与Q为异种电荷，由它们所构成的系统电势能是负值，则乙与Q为同种电荷，它们所构成的系统电势能是正值，所以甲与Q组成的系统的电势能小于乙与Q组成的系统的电势能，D项正确。所以选BCD。21在车厢内的观察者来看，每个油滴都是从静止开始运动的，都有相对于车向左的加速度a，都受重力的作用有竖直向下的重力加速度g，即油滴相对车的加速度是斜向左下方的，而且大小不变。所以油滴的运动是初速度为零的匀变速运动，即匀变速直线运动，所以D项正确。由

13、于车内观察者所观察到的每个油滴的运动都相同，所以A项也正确。故选AD。第卷（非选择题，共174分）三、非选择题（一）必考题：共11题，共129分。22（共5分）10.90（3分） 2.970（2分）23（每空2分，共10分）（1）左 A（2）150（3）2（4）=【解析】（1）在AB之间接入电阻后，流过电流表的电流方向是从左向右，电流表左端为“+”。电流从A端流入电表，A端为红表笔。（2）当AB短接时，式中分别为滑动变阻器的接入电阻、电源内电阻、电流表内电阻，代入数据可知，当电流表的示数为时，由得。（3）同理。（4）由上述计算可知，电池内阻变化不会影响，所以测量值相同。24.（14分）解：（1

14、）释放瞬间，感应电流为0，没有安培力的作用，设绳中拉力为F，对M： 对金属棒： 解得 （2）金属棒匀速运动时，受力平衡，所以 又 所以 从释放到金属棒运动距离x=2m的过程中 解得 评分标准：本题共14分。正确得出、式各给1分，正确得出式给3分，其余各给2分。25.（18分）解：（1）设木板与小铁块相对静止，则 设木板与小铁块之间的静摩擦力大小为f，则： 解得 木板与小铁块之间的最大静摩擦力大小为 说明两者之间没有相对运动，则 由 得t=0.5s （2）设木板与挡板第1次碰撞前木板与物块的共同速度为v1，则 碰撞后，木板M向左做匀减速运动，加速度大小为 减速到0所经历的时间为 之后，木板M向右

15、做匀加速运动对铁块， 解得 即小铁块向右做匀加速运动木板向右匀加速到速度等于v1时仍然比小铁块速度小，木板和小铁块的受力情况都不会变化，上述运动特征不会变化由于木板向左减速和向右加速的加速度相同，向右匀加速到速度等于v1时木板正好与挡板发生第2次碰撞。显然，向左与向右运动的时间相同，以后重复这一运动过程从第1次碰撞到第3次碰撞所经历时间为 木板第3次与挡板碰撞时小铁块的速度是 解得 评分标准：本题共18分。正确得出式给3分，其余各给1分。26（每空2分，共14分）（1）第三周期第A族 （2）分子 （3）SiO2 + 2C = Si + 2CO （4）Al2S3+ 6H2O=2Al(OH)3+3

16、H2S （5）3NF3+5H2O=2NO+HNO3+9HF 2.4081023【解析】（1）铝元素的原子序数是13，在周期表中的位置是第三周期第A族。S与Cl可形成原子个数比为12的化合物为SCl2，每个氯原子形成1个共用电子对、硫原子形成2个共用电子对，所以其电子式为。（3）工业上冶炼单质硅是用碳高温下还原硅石，即SiO2 + 2C= Si + 2CO。（4）S和Al形成的化合物是Al2S3，遇水剧烈双水解反应生成Al(OH)3沉淀和H2S气体。（5）NF3在潮湿的环境中能与水发生反应生成无色气体，遇空气变为红棕色，说明生成NO，同时还生成硝酸和氢氟酸，该反应的化学方程式为3NF3+5H2O

17、= 2NO+HNO3+9HF，根据NF3与转移电子之间的关系式得，转移电子数=1(53)NA/mol=2.4081023。27（每空2分，共14分）（1）2Al+2H2O+2OH=2AlO+3H2 b2Al6e+3H2O=Al2O3+6H Al3+ + 3HCO=Al(OH)3 + 3CO2（2）保证电解液中Cu2浓度不变（3）N 牺牲阳极的阴极保护法（牺牲阳极保护法）【解析】（1）铝能与强碱反应产生氢气，2Al+2H2O+2OH=2AlO+3H2，碱洗槽液中有AlO，故应通入CO2来回收Al(OH)3，发生反应2AlO+3H2O+CO2=2Al(OH)3+CO或CO2+2H2O+AlO=HC

18、O+Al(OH)3；若加HNO3，生成的沉淀还会继续溶解，故答案为b。铝为阳极，会发生氧化反应，表面形成氧化膜，必须有水参加，所以电极反应式为：2Al+3H2O6e=Al2O3+6H+；加入NaHCO3溶液后产生气泡和白色沉淀，是由于HCO与H+反应使H+浓度减小，产生Al(OH)3沉淀。（2）电镀铜时用铜作阳极，阳极上铜被氧化，电解质溶液浓度不变，用铜作电极可及时补充电镀液中消耗的Cu2+，保持其浓度恒定，采用石墨无法补充Cu2+，故答案为：阳极Cu可以发生氧化反应生成Cu2+，补充溶液中消耗的Cu2+，保持溶液中Cu2+浓度恒定。（3）金属的防护有牺牲阳极的阴极保护法和外加电源的阴极保护法

19、，若X为碳棒，为减缓铁的腐蚀，K置于N处，必须让被保护的金属接电源负极作阴极；若开关K置于M处，形成原电池，锌作负极，为牺牲阳极保护法（或牺牲阳极的阴极保护法）。28（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）2H2SO4(浓)+CuCuSO4+SO2+2H2O试管A中气体压强减小，空气从D导管进入试管A中从D管口向A中大量鼓气（2）坩埚（1分） 蒸发浓缩（加热蒸发）（1分） 冷却结晶（1分） CuSO45H2O失去部分结晶水（1分）（3）4Fe2+O2+4H+=4Fe3+2H2O（4）H2（1分） 0.75mol【解析】（1）铜与热的浓硫酸反应生成硫酸铜、二氧化硫和水，方程式为2H2SO4(浓

20、)+CuCuSO4+SO2+2H2O。由于导管D与外界相通，故在试管中压强过大时，可做安全管；平衡气压；防倒吸；若连B的导气管堵塞时，可防止装置爆炸；拆除装置前，从D管口向A中鼓气使SO2被全部吸收。（2）灼烧物质一般在坩埚中进行，将铜粉全部转化为CuO，再将氧化铜与稀硫酸反应，生成硫酸铜和水，不会产生二氧化硫，再将溶液经过蒸发浓缩，冷却结晶可得到CuSO45H2O晶体。干燥需要控制温度小于100，若温度过高，则会导致CuSO45H2O失去部分结晶水。（3）从第二步反应有Fe3+参加反应可知，第一步反应应该是Fe2+被氧化，O2被还原，则反应的离子方程式为4Fe2+O2+4H+=4Fe3+2H

21、2O。（4）CuH中的氢为1价，与盐酸（HCl）中氢为+1价，反应时生成H2，反应方程式为2CuH+ 2HCl=CuCl2+2H2+Cu，则2H23e，故收集标况下的H2 11.2L，转移的电子数目为0.5mol=0.75mol。29（除特殊标注外，每空1分，共10分）（1）微量有机物 拮抗作用和协同作用（2分） （2） 不是 抑制剂与运输IAA的载体结合（2分） （3）不是（4）甲、丙（2分）【解析】（1）植物激素指的是由植物体产生，能从产生部位运送到作用部位，对植物生长、发育有显著影响的微量有机物。植物激素间的相互关系有拮抗和协同两种。（2）对照图示，A为形态学上端，B为形态学下端，IAA

22、在幼嫩的植物组织中发生极性运输，即只能由形态学上端向下端运输，因此比的放射性强；琼脂块和中均出现了较强放射性，说明脱落酸不进行极性运输；IAA的极性运输属于主动运输，用某种抑制剂处理茎尖后，琼脂块的放射性强度相近说明不能再进行极性运输了，考虑题目已知不破坏IAA、不影响细胞呼吸供能，那么很可能是该抑制剂与运输IAA的载体结合抑制了IAA与之结合。（3）IAA在幼嫩的植物组织中进行极性运输，在成熟植物组织中（如韧皮部）进行非极性运输。（4）根据实验的目的是“验证生长素对脱落酸的功能有抑制作用”，遵循单一变量原则，对照组放不含生长素的琼脂块，实验组放含生长素的琼脂块，两组都要放含脱落酸的琼脂块。3

23、0（每空1分，共9分）（1）无水乙醇或丙酮 蓝绿色（2）分生区 解离、漂洗、染色、制片 使组织中的细胞相互分离开来 相同（3）原生质层的伸缩性大于细胞壁的伸缩性 蔗糖溶液 细胞失水过多（或质壁分离时间过长）【解析】提取叶绿体色素时需加入无水乙醇或丙酮溶解色素，叶绿体色素经纸层析后在滤纸条上从上到下第3条带为叶绿素a，颜色为蓝绿色；洋葱根尖的分生区能进行有丝分裂，可作为观察有丝分裂的部位，制作装片的步骤包括：解离、漂洗、染色、制片，解离液的作用是使组织中的细胞相互分离开来，“低温诱导植物染色体数目的变化”实验中制作装片的具体操作方法与实验“观察植物细胞的有丝分裂”相同；发生质壁分离的内因是原生质

24、层的伸缩性大于细胞壁的伸缩性，图中处是细胞膜与细胞壁间的空隙，充满蔗糖溶液，如果细胞失水过多或质壁分离时间过长会导致细胞死亡。31（除特殊标注外，每空1分，共11分）（1）成年人发病风险显著增加（2）染色体异常 大多数染色体异常遗传病是致死的，患病胎儿在出生前就死亡了 （3）父亲 XBY （4）显 常图3如图34分，标明世代1分，图解3分（每代1分）【解析】（1）由图可知，成年发育阶段时，多基因遗传病发病个体数量急剧增加。（2）由于染色体变异可以引起遗传物质较大的改变，因此染色体异常遗传病往往造成较严重的后果，甚至在胚胎期就引起自然流产。根据图可看出，染色体异常遗传病的发病风险在出生后就大幅度

25、下降，原因可能是在胚胎期就死亡了。（3）XXY型的个体从染色体角度分析，多出的一条染色体可能来自父方，也可能来自母方，母亲减数分裂只能形成Xb型卵细胞；父亲减数第一次分裂时，X、Y染色体未正常分离，形成XBY型精子，二者结合形成XBXbY型的受精卵。（4）父母均患病，生育正常的女儿，可以判断出此病为常染色体上的显性遗传病。32（除特殊标注外，每空1分，共9分）（1）初级消费者（或消费者） 第二营养级、，、（2分，写对一组给1分）（2）能调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定（3）CO2 将有机碳转变为无机碳（或将有机物分解为无机物）（4）次生演替 a/100a/25【解析】（1）生态系统成分

26、包括非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者，据图分析，A是生产者、D和C都是消费者，分别为初级消费者和次级消费者，B为分解者。从营养结构上看，D为第二营养级。、和均表示呼吸作用，和均表示消化、吸收过程。（2）食物链上的相邻物种之间由于个体行为与种群特征为对方提供了大量的有用信息，体现了信息能够调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定。（3）生态系统中，碳元素在无机环境和生物群落间循环主要以CO2的形式进行。B为分解者，能够将动植物遗体和动物的排遗物分解成无机物。（4）弃耕的农田原有的土壤条件基本保留，弃耕后发生的群落演替属于次生演替。图中最高营养级所获得的能量应该在所能获得的最多能量和最少

27、能量之间，能获得的最多能量为：a20%20%= a/25，至少能获得：a10%10%= a/100。（二）选考题：共45分。33.（15分）（1）（5分）ACE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）【解析】直接可以判断。在分间距离小于平衡位置间距离r0时，分子力表现为斥力，距离增大的过程中分子力做正功，大于r0后分子力表现为引力，距离增大的过程中分子力做负功，所以B项错误。悬浮微粒越大，同一时刻与它碰撞的分子数越多，作用越容易达到平衡，布朗运动越不明显，D项错误。所以选ACE。（2）（10分）解：撤去外力后左侧向下的压强为： 右侧向下的压强： 故活

28、塞均下降，且左侧活塞降至水平管口 设右侧降至高为x处，此时封闭气体压强变为p=1.5p0 对封闭气体，由玻意耳定律可得p0(4hS1+hS2)=1.5p0(3hS1+xS2) 解得x=0.5h 评分标准：本题共10分。正确得出、式各给2分，正确得出式给3分，其余各给1分。34（15分）（1）（5分）10（2分） 0.4（3分）【解析】据题意可知：，根据A的振动情况可知：1=0.7s，所以。（2）（10分）解：i根据全反射定律可知，光线在AB面上的P点的入射角等于临界角C由折射定律得： 代入数据得： 设光线在BC面上的折射角为r，由几何关系得：r=30 图4 联立得： ii如图4所示，在OPB中

29、，根据正弦定理得 设所用时间为t，光线在介质中的速度为v，得： 联立得 评分标准：本题共10分。正确得出式给2分，其余各给1分。35（15分）（1）（5分）正电子（2分） 56天（3分）【解析】核反应方程式为：，由质量数守恒知X的质量数为0，由电荷数守恒知X的质子数为1，所以X为正电子；由图象知半衰期大约为14天，由公式知天。（2）（10分）解：i当小球上升到滑块上端时，小球与滑块水平方向速度相同，设为v1根据水平方向动量守恒有： 因系统机械能守恒，所以根据机械能守恒定律有 解得 ii小球到达最高点以后又滑回，滑块又做加速运动，当小球离开滑块后滑块速度最大，研究小球开始冲上滑块一直到离开滑块的

30、过程根据动量守恒和动能守恒有： 解得 评分标准：本题共10分。正确得出、式各给1分，其余各给2分。36（除特殊标注外，每空2分，共15分） （1）永久（1分） （2）石灰 纯碱 过量的钙离子可通过纯碱使之沉淀下来 （3）H+（1分） NaCl（1分） （4）B 2Cl2e=Cl2 电极上产生无色气体，溶液中出现少量白色沉淀【解析】（1）因水的硬度是由钙和镁的硫酸盐或氯化物等引起的，这种硬度叫做永久硬度。（2）因除杂时不能引入新的杂质，过量的钙离子通过纯碱来除去，故先加石灰，后加纯碱。（3）根据阳离子交换树脂可以实现阳离子之间的交换，阳离子交换树脂交换出氢离子，若使用NaR作为阳离子交换树脂失效

31、后可放入5%8%饱和食盐水离子交换树脂再生。（4）阴离子交换膜只允许阴离子自由通过，阳离子交换膜只允许阳离子自由通过，隔膜B和阴极相连，阴极是阳离子放电，所以隔膜B是阳离子交换膜。根据阳极是氯离子放电：2Cl2e=Cl2，阴极区是氢离子得到电子生成氢气，氢氧根离子浓度增大，和镁离子、部分钙离子形成沉淀。37（除特殊标注外，每空2分，共15分） （1） （2）1s22s22p63s23p63d5（或Ar3d5） （3）硅烷的相对分子质量越大，分子间范德华力越强 （4）sp2、sp3 4， 5（或者5，4） 2 ADE（3分）【解析】（1）同周期从左到右第一电离能逐渐增大，A和A族则反常。所以铝的

32、第一电离能小于硅的。（2）基态Mn2+的核外电子排布式为Ar3d5。（3）硅烷是分子晶体，结构相似，相对分子质量越大，分子间的范德华力越大，沸点越高。（4）1，3，5，6代表氧原子，2，4代表B原子，2号B形成3个键，则B原子为sp2杂化，4号B形成4个键，则B原子为sp3杂化； B一般是形成3个键，4号B形成4个键，其中1个键很可能就是配位键，配位键存在4号与5号之间。观察模型，可知Xm是(H4B4O9)m，依据化合价H为+1，B为+3，O为2，可得m=2。 钠离子与Xm形成离子键，结晶水分子间存在氢键和范德华力。题目是问钠离子、Xm、水分子之间的作用力，而不是硼砂晶体中的作用力，可能会多选

33、B。 38（除特殊标注外，每空1分，共15分）（1）乙二醇 醛基 （2分）（2）4 （3）NaOH醇溶液、加热（4）氧化反应 消去反应（5）（2分）OHCCHO + 4Ag(NH3)2OHH4NOOCCOONH4 + 4Ag+ 6NH3 +2H2O（2分）（6）（3分）【解析】根据题中信息结合已学知识可知流程图中的各步反应为： 39（除特殊标注外，每空2分，共15分）（2）高压蒸汽 水、碳源、氮源和无机盐 平板划线法和稀释涂布平板法显微镜（1分）细菌大量繁殖 等量生理盐水 低吞噬细胞、浆细胞【解析】培养基应用高压蒸汽法进行灭菌；培养基一般含有水、碳源、氮源和无机盐等成分；微生物常用的接种方法是

34、平板划线法和稀释涂布平板法；微生物个体小，肉眼观察不到，必须借助显微镜才能观察；在液体培养基中，细菌大量繁殖会导致培养液变浑浊；该实验中实验变量为是否加入噬菌体，所以对照组除不加噬菌体外，其他处理都应该和实验组一致；噬菌体可以破坏细菌细胞，从而使培养液变清；在特异性免疫过程中，吞噬细胞参与了对抗原的处理与呈递，浆细胞是直接产生抗体的细胞。40（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）供体公牛和母牛 桑椹胚或囊胚 胚胎分割（2）TaqDNA聚合酶（或热稳定性DNA聚合酶）（3）冲卵（1分） 早期胚胎未与母体子宫建立组织上的联系，处于游离状态（4）体细胞核移植 内细胞团【解析】移植的胚胎是由受精卵发育而来，所以其遗传物质来自供体公牛和母牛；移植前可选择发育良好、形态正常的桑椹胚或囊胚进行胚胎分割；用PCR扩增基因时，需要的条件主要有扩增缓冲液、模板DNA、4种脱氧核苷酸、特定引物和TaqDNA聚合酶（或热稳定性DNA聚合酶）；从供体母牛子宫内收集胚胎的方法叫冲卵，其生理学基础是早期胚胎未与母体子宫建立组织上的联系，处于游离状态；用体细胞核移植技术获得胚胎干细胞，再诱导分化成相应的组织、器官，然后进行移植可以避免发生免疫排斥；胚胎干细胞可来源于囊胚的内细胞团。- 31 -