云南省曲靖市会泽县茚旺高级中学2018_2019学年高二物理下学期3月月考试题含解析.doc

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1、云南省曲靖市会泽县茚旺高级中学2018-2019学年高二物理下学期3月月考试题（含解析）一、选择题1.下列有关科学家及他们的贡献描述正确的是（ ）A. 奥斯特发现了电磁感应现象,并建立了法拉第电磁感应定律B. 开普勒通过天文观测、整理数据的基础上,总结出了行星运动的规律,并成功地解释了行星绕太阳运动的原因C. 卡文迪许进行了“月地检验”,将天体间的力和地球上物体的重力统一起来D. 安培由环形电流和条形磁铁磁场的相似性,提出分子电流假说,解释了磁现象的电本质【答案】D【解析】【详解】A奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象。故A错误B开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上，总结出了

2、行星运动的规律，但并未找出了行星按照这些规律运动的原因，故B错误C牛顿进行了“月地检验”，故C错误D安培提出分子电流假说,解释了磁现象的电本质，故D正确2.如图所示,直线a1和曲线b1分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的速度时间(vt)图线,t1时刻两车经过同一位置,由图可知（ ）A. 在t2时刻,a车追上b车B. 在t1到t2这段时间内,b车的平均速度比a车的大C. 在t1到t2这段时间内,b车的平均速度为D. 在t1到t2这段时间内,b车的加速度一直比a车的大【答案】B【解析】【详解】A t1时刻两车经过同一位置，t1到t2这段时间内b车位移大，所以b车在前，故A错误B t1到t2这段时间

3、内b车位移大，时间相同，所以b车平均速度大，故B正确C由于b车不是匀变速直线运动，无法用求平均速度，故C错误D图像斜率表示加速度，可以看出b车的加速度先减小，然后反向增大，并非一直比a车的大，故D错误3. 如图所示，物体B通过动滑轮悬挂在细绳上，整个系统处于静止状态，动滑轮的质量和一切摩擦均不计。如果将绳的左端由Q点缓慢地向左移到P点，整个系统重新平衡后，绳的拉力F和绳子与竖直方向的夹角的变化情况是 ( )A. F变大，变大B. F变小，变小C. F不变，变小D. F不变，变大【答案】A【解析】试题分析：整个系统处于静止状态，设两侧绳子的夹角为，滑轮两侧绳的拉力，左端移动到Q点后，根据几何关系

4、可知，此时两绳的夹角减小，所以两侧绳的拉力变小，由几何知识可知，图中角大小是两绳的夹角大小的一半，由于滑轮两侧绳的夹角减小，所以角减小，故B正确；A、C、D错误考点：共点力作用下的平衡；力的合成【名师点睛】本题主要考查了共点力作用下的平衡和力的合成的应用。属于容易题。解决这类问题主要是求出绳子拉力的表达式，然后根据函数的增减性，判断绳子拉力的变化趋势。还要知道滑轮两侧的细绳的拉力大小相等。4.如图所示为自行车的传动装置示意图,已知链轮的半径r1=10 cm,飞轮的半径r2=5 cm,后轮的半径r3=30 cm,A、B、C(图中未画出)分别为链轮、飞轮和后轮边缘上的点。若脚蹬匀速转动一圈所需要的

5、时间为1 s,则在自行车匀速前进的过程中下列说法正确的是（）A. 链轮、飞轮和后轮的角速度大小之比为211B. A、B、C三点的线速度大小之比为216C. A、B、C三点的向心加速度大小之比为126D. 自行车前进的速度大小约为13.6 km/h【答案】D【解析】【详解】A由于链轮与飞轮用链条传动,故其边缘上点的线速度大小相等,而飞轮与后轮是同轴传动,故其边缘上点的角速度大小相等。由于，链轮与飞轮的角速度之比为而所以：，故A错误B由题意可知,A点与B点的线速度大小相等，由于飞轮与后轮的角速度大小相等：，所以A、B、C三点的线速度大小之比为1:1:6，故B错误C向心加速度大小，故A、B、C三点的

6、向心加速度大小之比为1:2:12，故C错误D脚蹬匀速转一圈，后轮要转两圈，得，故D正确5.图示是某一卫星运行的轨道示意图,卫星先沿椭圆轨道1运行,近地点为M,远地点为N。当卫星经过N时点火加速,使卫星由椭圆轨道1转移到圆轨道2上运行。关于卫星的运行过程,下列说法中正确的是（ ）A. 卫星在轨道1和轨道2上运动时的机械能相等B. 卫星在轨道1上运行经过N点的加速度大于在轨道2上运行经过N点的加速度C. 卫星在轨道1上运行经过N点的加速度小于在轨道2上运行经过N点的加速度D. 卫星在轨道1上运行经过N点的速度小于经过M点的速度【答案】D【解析】【详解】A飞船由轨道1到轨道2，需要在N点加速，所以变

7、轨后的机械能大，故A错误B根据牛顿第二定律得：所以无论轨道1还是轨道2经过N点加速度一样，故B错误C根据选项B的分析，故C错误D从N点到M点引力做正功，所以经过N点的速度小于经过M点的速度，故D正确6.一含有理想变压器的电路如图所示,原线圈与副线圈总匝数之比为101,变压器的副线圈匝数可变,c为滑动端。R为一滑动变阻器,P为滑片。若a、b端输入的正弦交流电的瞬时值表达式为u = 220sin 100t(V),下列说法正确的是（ ）A. 其他条件不变的情况下,c端向上滑动,L1变暗B. 其他条件不变的情况下,P端向下滑动,L2变亮C. 其他条件不变的情况下,P端向上滑动,原线圈中的电流会增大D.

8、 不管c如何滑动,击穿电压为30 V的电容器均可正常工作【答案】C【解析】【详解】A根据电压关系，当c端向上滑动变大，变大，灯泡两端电压变大，灯泡L1变亮。故A错误B其他条件不变，则副线圈两端电压不变，P端向下滑动，该支路电阻变大，根据得:电流变小，L2变暗，故B错误C其他条件不变，则副线圈两端电压不变，P端向上滑动，该支路电阻变小，根据得:电流变大，副线圈电流变大，副线圈消耗功率变大，而原副线圈功率相等，所以原线圈电流变大，故C正确D，所以，当副线圈全接入时：所以电容器会被击穿，故D错误7.边长为a的N匝正方形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线且与线圈在同一平面内的对称轴匀速转动,转速为n,线圈

9、所围面积内的磁通量随时间t变化的规律如图所示,图象中为已知。则下列说法正确的是A. 时刻线圈中感应电动势最大B. 时刻线圈中感应电流为零C. 匀强磁场的磁感应强度大小为D. 线圈中瞬时感应电动势的表达式为【答案】D【解析】【分析】由数学知识可知：磁通量-时间图象斜率等于磁通量的变化率，其大小决定了感应电动势的大小。当线圈的磁通量最大时，线圈经过中性面，电流方向发生改变。【详解】t1时刻通过线圈的磁通量最大，而磁通量的变化率等于零，故感应电动势为零，故A错误；t2时刻磁通量为零，线圈与磁场平行，磁通量变化率最大，线圈中感应电流为最大值，故B错误；磁通量与线圈匝数无关，所以磁感应强度，故C错误；角

10、速度为：=2n，最大感应电动势为：Em=NBS=Na22n=2N0n；所以线圈中瞬时感应电动势的表达式为：e=2N0ncos2nt，故D正确；故选D。【点睛】本题关键抓住感应电动势与磁通量是互余关系，即磁通量最大，感应电动势最小；而磁通量最小，感应电动势最大。8.如图甲所示,PQ和MN为水平、平行放置的两光滑金属导轨,两导轨相距L=1 m,导体棒ab垂直于导轨放在导轨上,导体棒的中点用细绳经滑轮与物体相连,细绳一部分与导轨共面且平行,另一部分与导轨所在平面垂直,物体放在水平面上,匀强磁场的磁感应强度为B=1 T,方向竖直向下,开始时绳子刚好要绷紧,现给导体棒中通入电流,使导体棒向左做加速运动,

11、物体运动的加速度大小与导体棒中通入的电流大小关系如图乙所示,重力加速度大小为g=10 m/s2。则物体和导体棒的质量分别为（ ）A. 0.1 kg 0.9 kgB. 0.9 kg 0.1 kgC. 0.1 kg 1.0 kgD. 1.0 kg 0.1 kg【答案】A【解析】【详解】从图乙可以看出，当电流为1A时，物体开始有加速度：代入数据，算得：；当电流为4A时，加速度为3m/s2，设棒的质量为，绳的拉力为T，有：，联立解得：。9.沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用,其下滑的速度时间图象如图所示。已知斜面的倾角为37,物体的质量为1 kg,物体与斜面之间的动摩擦因数为0.5,

12、取重力加速度g=10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8,则（ ）A. 斜面的长度可能为5 mB. 在05 s内拉力F的大小为1.8 NC. 在510 s内拉力F的大小为10 ND. 在1015 s内拉力F做的功为-5.5 J【答案】BD【解析】【详解】A因为速度-时间图像面积代表位移，所以，故A错误B根据牛顿第二定律得05 s内：，求得：，故B正确C在510 s内匀速：，解得，故C错误D在1015 s内解得：，做功，故D正确10.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为41，电压表、电流表为理想电表。L1、L2、L3、L4为四只规格均为“220V，60W”的相同灯泡。如果

13、副线圈电压按图乙所示规律变化，灯泡电阻不变，则下列说法正确的是：( )A. 电压表的示数为660 VB. 电流表的示数为0.82AC. ab两点的电压是1045VD. ab两点的电压是1100V【答案】BC【解析】【详解】A：由图乙得，副线圈两端电压的有效值，据可得，原线圈两端电压的有效值，电压表的示数为880 V。故A项错误。B：副线圈两端电压的有效值，三灯均正常发光，则副线圈中电流，电流表的示数为0.82A。故B项正确。CD：原副线圈中电流关系，解得：原线圈中电流；灯泡L1两端电压；ab两点的电压。故C项正确，D项错误。11.有一种测量人体重的电子秤，其原理如图中虚线内所示，它主要由三部分

14、构成：踏板、压力传感器R(是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器)、显示体重的仪表G(实质是理想电流表)。设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3 A，电源电动势为12 V，内阻为2 ，电阻R随压力变化的函数式为R300.02F(F和R的单位分别是N和)。下列说法正确的是()A. 该秤能测量的最大体重是1400 NB. 该秤能测量的最大体重是1300 NC. 该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)应标在电流表G刻度盘0.375 A处D. 该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)应标在电流表G刻度盘0.400 A处【答案】AC【解析】【详解】AB当电路中电流I=3A时，电子秤测量的体重最大.由欧

15、姆定律得到，代入R=30-0.02F得到F=1400N；故A正确，B错误.CD踏板空载时F=0，代入R=30-0.02F得到电阻R=30，由欧姆定律得，所以该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表G刻度盘0.375A处；故C正确，D错误；故选AC.12.如图甲所示,一轻弹簧下端固定在倾角为的粗糙斜面的D处,上端连接一质量为2 kg的滑块(可视为质点),斜面固定在水平面上,弹簧与斜面平行且原长为AD。现将滑块从A处由静止释放,滑块第一次返回并到达最高点的过程中,其加速度a随弹簧被压缩的长度x的变化规律如图乙所示。取g=10 m/s2,sin=0.6,cos=0.8,则下列说法正确的是（

16、）A. 滑块与斜面间的动摩擦因数为0.2B. 弹簧的劲度系数为100 N/mC. 滑块第一次运动到最低点时弹簧的弹性势能为12 JD. 滑块释放后第一次返回并运动到最高点的过程中因摩擦产生的热量为0.64 J【答案】BD【解析】【详解】A刚释放时：带数据算得：故A错误B当时：代入数据得：，故B正确C滑块第一次到最低点后，摩擦力变成沿斜面向下，此时加速度为，解得，根据能量守恒：，故C错误D当时，滑块第一次返回到最高点，有：，得：，产热：，故D正确二、实验题： 13.在“探究合力与分力的关系”实验中,需要两次拉伸橡皮条:一次是用两个弹簧测力计通过细绳互成角度地拉橡皮条,另一次是用一个弹簧测力计通过

17、细绳拉橡皮条.(1)关于这两次拉伸,下列说法正确的是_A.只要求将橡皮条拉到相同的长度B.要求两个弹簧测力计的拉力方向与橡皮条的夹角相同C.将弹簧测力计拉到相同的刻度D.将橡皮条和细绳的结点拉到相同的位置(2)用两个弹簧测力计分别钩住细绳套,互成一定角度地拉橡皮条,使结点到达某一位置O静止.此时必须记录的是_(填选项前的字母).A.橡皮条的原长 B.橡皮条的伸长长度 C.橡皮条固定端位置D.O点的位置 E.橡皮条伸长的方向 F.两条细绳间的夹角G.两条细绳的方向 H.两个弹簧测力计的读数(3)某同学的实验结果如图所示.图中_是力F1与F2的合力的实验值.通过对F和F进行比较来验证平行四边形定则

18、.【答案】 (1). D (2). DGH (3). 【解析】【详解】（1）A本实验要求用等效替代法探究力的合成，所以两次拉伸要有相同的效果。橡皮条长度相同，力的效果不一定相同，A错误B本实验要求用等效法研究力的合成，两个弹簧测力计的拉力方向与橡皮条的夹角并没有严格要求，只要两次效果相同即可，故B错误C根据选项A的分析，弹簧测力计刻度相同，力的大小相同，作用效果不一定相同，C错误D橡皮条和细绳的结点拉到相同的位置，力的作用效果相同，所以D正确（2）表示力，需标明力的三要素：大小、方向、作用点，所以需要记录：O点位置、细绳方向、弹簧测力计读书，所以选DGH（3）实验值是通过实验得到的，理论值是通

19、过平行四边形定则得出的值，实验值一定与橡皮条共线,所以是实验值14.家庭安装空调需要用优质的铜导线,鉴别导线是否优质的方法之一就是测量其电阻率。小明将家里标称长度为100 m的铜导线带到实验室,测量其电阻率,实验室提供的器材有:A.多用电表 B.螺旋测微器 C.直流电源(电动势为3 V,内阻不计)D.电压表V(量程为15 V,内阻约为1 k)E.电流表A1(量程为100 mA,内阻r1为3 )F.电流表A2(量程为1.5 A,内阻r2约为0.2 )G.定值电阻R0=2 H.电阻箱R(099 ) I.滑动变阻器R1(最大阻值为10 )J.滑动变阻器R2(最大阻值为100 ) K.开关、导线若干(

20、1)小明用螺旋测微器测量该铜导线的直径,测量结果如图甲所示,则该铜导线的直径为_mm。(2)小明用多用电表欧姆挡测量该铜导线的电阻,发现用“1”挡时多用电表指针没有变化,于是他将定值电阻R0与铜导线串联后重新用“1”挡测量,多用电表指针位置如图乙所示,其读数为_。(3)为了进一步精确测量该铜导线的电阻,小明选择滑动变阻器_(填“R1”或“R2”)。(4)选完所有器材后,需画电路图,请帮小明在方框中画出最合理的实验电路图,铜导线用电阻符号表示_。(5)小明通过实验测量铜导线的电阻的表达式为Rx=_(A1的示数用I1表示,A2的示数用I2表示,电阻箱阻值用R表示)。【答案】 (1). 2.328

21、(2). (3). R1 (4). (5). 【解析】【详解】（1）螺旋测微器读数：（2）阻值为示数乘以倍率，所以欧姆表的阻值为（3）被测电阻较小，为了调节方便，选择R1（4）电压表量程过大，应将已知内阻的电流表与电阻箱串联，改装成量程为3V的电压表，滑动变阻器阻值大于被测量铜导线和定值电阻串联后的总阻值，且为节约电能，故采用限流接法（5）由伏安法测电阻可知，铜导线电阻表达式三、计算题15.某跳伞运动员做低空跳伞表演.他离开飞机后先做自由落体运动，直到距离地面125m处打开降落伞.伞张开后，他以14.3m/s2的加速度做匀减速运动，到达地面时速度为5m/s.求：(1)伞张开时运动员的速度；(2

22、)运动员离开飞机时离地面的高度；【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）设伞张开时运动员的速度为，对运动员减速过程：得：，所以伞张开时运动员的速度为（2）从运动员离开飞机到打开降落伞运动员做自由落体运动，下落的高度为，由得：所以，运动员离开飞机时离地面的高度：16.一台发电机最大输出功率为4000kW,电压为4000V，经变压器T1升压后向远方输电。输电线路总电阻R=1k到目的地经变压器T2降压，使额定电压为220V的用电器正常工作。若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，T1和T2为理想变压器，发电机处于满负荷工作状态，试求： (1) 输电线上的功率损失和电压损失。(2) T1和

23、T2 原、副线圈匝数比各为多少？【答案】(1)400kw；V；(2) ；【解析】试题分析：(1)输电线上的功率损失P损为：P损=10%P=10%4000kw=400kw由P损=联立解得=20A设输电线上电压损失为：V(2) 变压器T1的副线圈的电压由理想变压器的变压比与匝数成正比，则T1原、副线圈匝数比各为变压器T2的原线圈两端的电压则T2原、副线圈匝数比各为考点：输电线上的功率 理想变压器的变压比 远距离输电17.如图所示,平面直角坐标系xOy的第一、四象限内存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小不同的匀强磁场(未画出),第一象限内匀强磁场的磁感应强度大小为B,一质量为m、电荷量为q的带负电粒

24、子从y轴上的A点沿平行于x轴的方向射入第一象限,经x轴上的C点进入第四象限。已知A点坐标为(0,a),C点坐标为(a,0),不计粒子的重力。(1)求粒子从A点射出时的速度大小;(2)若粒子刚好不能进入第三象限,求粒子在第四象限内运动的时间。【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）运动轨迹如图：设在一象限内圆周运动的半径为R1，由几何关系得：解得：，又因为：代入数据解得：（2）刚好不进入第三象限，轨迹如图：根据几何关系：，有：又因为：根据几何关系：粒子在磁场中转过角度为，所以粒子运动时间为，且联立求解得：18.一足够长的薄木板C静止在水平地面上,薄木板右端有一可视为质点的滑块B,与B大小相同的

25、滑块A以初速度v0从木板左端冲上木板,已知A、B和C三者的质量均为m,A与C之间的动摩擦因数为6,B与C之间的动摩擦因数为,已知重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。(1)若A冲上木板后,B和C恰能够保持相对静止,求C与地面之间的动摩擦因数1。(2)若C与地面之间的动摩擦因数为,为使在运动过程中A和B不发生碰撞,求A和B之间的距离l的范围【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）A冲上木板后，B和C恰能够保持相对静止，对B、C整体受力分析：对B分析：联立解得：（2）根据题意结合（1）分析，此时B、C会发生相对滑动：，因为C的加速度比B的大，所以A、C先共速，设A滑上到A、C共速时间为则：得：，假设A、C相对静止，整体分析得：，解得：假设成立。设再过时间三者共速：解得：，之后一起匀减速停止。A运动总位移：B的总位移：代入解得：15