甘肃省兰州一中2015_2016学年高二数学上学期期中试题理含解析.doc

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1、2015-2016学年甘肃省兰州一中高二（上）期中数学试卷（理科）一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将答案写在答题卡上）1不等式1的解集为( )A（，0（1，+）B（，0）D（1，+）B（，0）D（1，+）故选：A【点评】本题考查分式不等式的解法，考查计算能力2在等差数列an中，已知a1=2，a2+a3=13，则a4+a5+a6等于( )A40B42C43D45【考点】等差数列的性质【专题】计算题【分析】先根据a1=2，a2+a3=13求得d和a5，进而根据等差中项的性质知a4+a5+a6=3a5求得答案【解答】解：在等差

2、数列an中，已知a1=2，a2+a3=13，得d=3，a5=14，a4+a5+a6=3a5=42故选B【点评】本题主要考查了等差数列的性质属基础题3已知各项均为正数的等比数列an，a1a2a3=5，a7a8a9=10，则a4a5a6=( )AB7C6D【考点】等比数列【分析】由数列an是等比数列，则有a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10【解答】解：a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10，a52=a2a8，故选A【点评】本小题主要考查等比数列的性质、指数幂的运算、根式与指数式的互化等知识，着重考查了转化与化归的数学思想4在ABC中，角A，B，C的对边分别

3、是a，b，c，若a2b2=bc，sinC=2sinB，则A=( )ABCD【考点】余弦定理的应用；正弦定理【专题】应用题；解三角形【分析】根据sinC=2sinB，由正弦定理得，再利用余弦定理可得结论【解答】解：因为sinC=2sinB，所以由正弦定理得，所以，再由余弦定理可得，所以A=故选A【点评】本小题主要考查正弦定理和余弦定理在解三角形中的应用，对学生的推理论证能力和数形结合思想提出一定要求5等差数列an中，a10，S3=S10，则当Sn取最大值时，n的值为( )A6B7C6或7D不存在【考点】等差数列的前n项和【专题】等差数列与等比数列【分析】由等差数列的性质和求和公式易得a7=0，进

4、而可得前6项为正数，第7项为0，从第8项开始为负数，易得答案【解答】解：等差数列an中，a10，S3=S10，S10S3=a4+a5+a10=7a7=0，即a7=0等差数列an中前6项为正数，第7项为0，从第8项开始为负数，当Sn取最大值时，n的值为6或7故选：C【点评】本题考查等差数列的前n项和的最值，从数列项的正负入手是解决问题的关键，属基础题6已知a，b为非零实数，若ab且ab0，则下列不等式成立的是( )Aa2b2BCab2a2bD【考点】不等式的基本性质【专题】不等式的解法及应用【分析】A取a=1，b=2，即可判断出；B取a=1，b=2，即可判断出；C取a=2，b=1，即可判断出；D

5、由于a，b为非零实数，ab，可得，化简即可得出【解答】解：A取a=1，b=2，不成立；B取a=1，b=2，不成立；C取a=2，b=1，不成立；Da，b为非零实数，ab，化为，故选：D【点评】本题考查了不等式的基本性质，属于基础题7下列命题中正确的是( )A的最小值是2B的最小值是2C的最大值是D的最小值是【考点】基本不等式【专题】计算题【分析】根据基本不等式的使用范围：正数判断A不对，利用等号成立的条件判断B不对，根据判断C正确、D不对【解答】解：A、当x=1时，f（1）=2，故A不对；B、=2，当且仅当时取等号，此时无解，故最小值取不到2，故B不对；C、x0，当且仅当时等号成立，故C正确；D

6、、x0，当且仅当时等号成立，则，故D不对；故选D【点评】本题考查了基本不等式的应用，利用基本不等式求函数的最值，注意“一正、二定、三相等”的验证8在ABC中，若b2sin2C+c2sin2B=2bccosBcosC，则ABC是( )A等边三角形B等腰三角形C直角三角形D等腰直角三角形【考点】三角形的形状判断【专题】计算题【分析】利用正弦定理化简已知的等式，根据sinBsinC不为0，在等式两边同时除以sinBsinC，移项后再根据两角和与差的余弦函数公式化简，可得出cos（B+C）=0，根据B和C都为三角形的内角，可得两角之和为直角，从而判断出三角形ABC为直角三角形【解答】解：根据正弦定理=

7、2R，得到a=2RsinA，b=2RsinB，c=2RsinC，代入已知的等式得：（2RsinB）2sin2C+（2RsinC）2sin2B=8R2sinBsinCcosBcosC，即sin2Bsin2C+sin2Csin2B=2sinBsinCcosBcosC，又sinBsinC0，sinBsinC=cosBcosC，cosBcosCsinBsinC=cos（B+C）=0，又B和C都为三角形的内角，B+C=90，则ABC为直角三角形故选C【点评】此题考查了三角形的形状判断，涉及的知识有正弦定理，两角和与差的余弦函数公式，以及特殊角的三角函数值，正弦定理解决了边角的关系，是本题的突破点，学生在

8、化简求值时特别注意角度的范围9如图，位于A处的信息中心获悉：在其正东方向相距40海里的B处有一艘渔船遇险，在原地等待营救信息中心立即把消息告知在其南偏西30、相距20海里的C处的乙船，现乙船朝北偏东的方向即沿直线CB前往B处救援，则cos=( )ABCD【考点】已知三角函数模型的应用问题【专题】综合题；压轴题【分析】利用余弦定理求出BC的数值，正弦定理推出ACB的余弦值，利用cos=cos（ACB+30）展开求出cos的值【解答】解：如图所示，在ABC中，AB=40，AC=20，BAC=120，由余弦定理得BC2=AB2+AC22ABACcos120=2800，所以BC=20由正弦定理得sin

9、ACB=sinBAC=由BAC=120知ACB为锐角，故cosACB=故cos=cos（ACB+30）=cosACBcos30sinACBsin30=故选B【点评】本题是中档题，考查三角函数的化简求值，余弦定理、正弦定理的应用，注意角的变换，方位角的应用，考查计算能力10已知O为直角坐标系原点，P，Q坐标均满足不等式组，则使cosPOQ取最小值时的POQ的大小为( )ABC2D【考点】简单线性规划的应用【专题】计算题；压轴题【分析】画出不等式组式组，对应的平面区域，利用余弦函数在上是减函数，再找到POQ最大时对应的点的坐标，就可求出cosPOQ的最小值【解答】解：作出满足不等式组，因为余弦函数

10、在上是减函数，所以角最大时对应的余弦值最小，由图得，当P与A（7，1）重合，Q与B（4，3）重合时，POQ最大此时kOB=，k0A=7由tanPOQ=1POQ=故选D【点评】本题属于线性规划中的拓展题，对于可行域不要求线性目标函数的最值，而是求可行域内的点与原点（0，0）围成的角的问题，注意夹角公式的应用11在ABC中，角A，B，C所对边长分别为a，b，c，若a2+b2=2c2，则cosC的最小值为( )ABCD【考点】余弦定理【专题】计算题；压轴题【分析】通过余弦定理求出cosC的表达式，利用基本不等式求出cosC的最小值【解答】解：因为a2+b2=2c2，所以由余弦定理可知，c2=2abc

11、osC，cosC=故选C【点评】本题考查三角形中余弦定理的应用，考查基本不等式的应用，考查计算能力12已知F（x）=f（x+）1是R上的奇函数，an=f（0）+f（）+f（）+f（）+f（1）（nN*），则数列an 的通项公式为( )Aan=n1Ban=nCan=n+1Dan=n2【考点】数列与函数的综合【专题】综合题【分析】由F（x）=f（x+）1在R上为奇函数，知f（x）+f（+x）=2，令t=x，则+x=1t，得到f（t）+f（1t）=2由此能够求出数列an 的通项公式【解答】解：F（x）=f（x+）1在R上为奇函数故F（x）=F（x），代入得：f（x）+f（+x）=2，（xR）当x=0

12、时，f（）=1令t=x，则+x=1t，上式即为：f（t）+f（1t）=2当n为偶数时：an=f（0）+f（）+f（）+f（）+f（1）（nN*）=+f（）=n+1当n为奇数时：an=f（0）+f（）+f（）+f（）+f（1）（nN*）=+=2=n+1综上所述，an=n+1故选C【点评】本题首先考查函数的基本性质，借助函数性质处理数列问题问题，十分巧妙，对数学思维的要求比较高，要求学生理解f（t）+f（1t）=2本题有一定的探索性综合性强，难度大，易出错解题时要认真审题，仔细解答二、填空题（每小题4分，共16分，将答案写在答题卡上）13若不等式ax2bx+20的解集为x|x，则a+b=10【考点

13、】一元二次不等式的解法【专题】不等式的解法及应用【分析】由题意和三个二次的关系可得，解方程组可得【解答】解：不等式ax2bx+20的解集为x|x，a0且，解得，a+b=12+2=10故答案为：10【点评】本题考查一元二次不等式的解集，涉及韦达定理，属基础题14如果实数x，y满足约束条件，那么目标函数z=2xy的最小值为5【考点】简单线性规划【专题】计算题；数形结合；函数思想；不等式的解法及应用【分析】先根据约束条件画出可行域，再利用几何意义求最值，z=2xy表示直线在y轴上的截距，只需求出可行域直线在y轴上的截距最值即可【解答】解：变量x，y满足约束条件，目标函数z=2xy画出图形：点A（1，

14、0），B（2，1），C（0，1）z在点B处有最小值：z=2（2）1=5，故答案为：5【点评】本题主要考查了简单的线性规划，将可行域各角点的值一一代入，最后比较，即可得到目标函数的最优解，是常用的一种方法15已知两个等差数列an，bn的前n项的和分别为Sn，Tn，且，则 =【考点】等差数列的性质；等差数列的前n项和【专题】计算题【分析】令n=9，代入已知的等式，求出的值，然后利用等差数列的求和公式分别表示出S9和T9，利用等差数列的性质得到a1+a9=2a5及b1+b9=2b5，化简后即可得到的值【解答】解：令n=9，得到=，又S9=9a5，T9=9b5，=故答案为：【点评】此题考查了等差数列的

15、性质，以及等差数列的前n项和公式，熟练掌握性质及求和公式是解本题的关键16在等比数列an中，若a7+a8+a9+a10=，a8a9=，则+=【考点】等比数列的性质【专题】计算题【分析】先把+进行分组求和，再利用等比中项的性质可知a7a10=a8a9，最后把a7+a8+a9+a10=，a8a9=代入答案可得【解答】解：+=（+）+（+）=+=故答案为【点评】本题主要考查了等比数列的性质特别是等比中项的性质，属基础题三、解答题（本大题共5小题，共48分）17解关于x的不等式x2+xa（a1）0，（aR）【考点】一元二次不等式的解法【专题】不等式的解法及应用【分析】本题可以先对不等式左边进行因式分解

16、，再对相应方程根的大小进行分类讨论，得到本题结论【解答】解：关于x的不等式x2+xa（a1）0，（x+a）（x+1a）0，当aa1，即时，xa1或xa，当a1a，即a时，xa或xa1，当a1=a，即时，x，当时，原不等式的解集为：x|xa1或xa，当a时，原不等式的解集为：x|xa或xa1，当时，原不等式的解集为：x|x，xR【点评】本题考查了一元二次不等式的解法，还考查了分类讨论的数学思想，本题难度不大，属于基础题18（1）若x0，y0，x+y=1，求证：+4（2）设x，y为实数，若4x2+y2+xy=1，求2x+y的最大值【考点】不等式的证明；曲线与方程【专题】转化思想；分析法；不等式的解

17、法及应用【分析】（1）通分后对分母使用基本不等式；（2）将4x2+y2+xy=1移项后得4x2+y2=1xy4xy，从而得出xy将所求式子两边平方可求出最大值【解答】解：（1）x0，y0，x+y=1，xy（）2=+=4（2）4x2+y2+xy=1，4x2+y2=1xy4xy，xy（2x+y）2=4x2+y2+4xy=1+3xy，2x+y2x+y的最大值是【点评】本题考查了基本不等式的应用，是基础题19ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c已知a=3，cosA=，B=A+（）求b的值；（）求ABC的面积【考点】正弦定理【专题】解三角形【分析】（）利用cosA求得sinA，进而利用A和B的

18、关系求得sinB，最后利用正弦定理求得b的值（）利用sinB，求得cosB的值，进而根两角和公式求得sinC的值，最后利用三角形面积公式求得答案【解答】解：（）cosA=，sinA=，B=A+sinB=sin（A+）=cosA=，由正弦定理知=，b=sinB=3（）sinB=，B=A+cosB=，sinC=sin（AB）=sin（A+B）=sinAcosB+cosAsinB=（）+=，S=absinC=33=【点评】本题主要考查了正弦定理的应用解题过程中结合了同角三角函数关系，三角函数恒等变换的应用，注重了基础知识的综合运用20已知单调递增的等比数列an满足：a2+a3+a4=28，且a3+2

19、是a2，a4的等差中项（）求数列an的通项公式；（）设的前n项和Sn【考点】等差数列与等比数列的综合；数列的求和【专题】计算题【分析】（I）根据a3+2是a2，a4的等差中项和a2+a3+a4=28，求出a3、a2+a4的值，进而得出首项和a1，即可求得通项公式；（II）先求出数列bn的通项公式，然后求出Sn（2Sn），即可求得的前n项和Sn【解答】解：（I）设等比数列an的首项为a1，公比为qa3+2是a2，a4的等差中项2（a3+2）=a2+a4代入a2+a3+a4=28，得a3=8a2+a4=20或数列an单调递增an=2n（II）an=2nbn=n2nsn=12+222+n2n 2sn

20、=122+223+（n1）2n+n2n+1 得，sn=2+22+23+2nn2n+1=2n+1n2n+12【点评】本题考查了等比数列的通项公式以及数列的前n项和，对于等差数列与等比数列乘积形式的数列，求前n项和一般采取错位相减的办法21已知数列an满足a1=1，an+1=1，其中nN*（）设bn=，求证：数列bn是等差数列，并求出an的通项公式an；（）设Cn=，数列CnCn+2的前n项和为Tn，是否存在正整数m，使得Tn对于nN*恒成立，若存在，求出m的最小值，若不存在，请说明理由【考点】数列递推式；数列与不等式的综合【专题】等差数列与等比数列【分析】（）利用递推公式即可得出bn+1bn为一个常数，从而证明数列bn是等差数列，再利用等差数列的通项公式即可得到bn，进而得到an；（）利用（）的结论，利用“裂项求和”即可得到Tn，要使得Tn对于nN*恒成立，只要，即，解出即可【解答】（）证明：bn+1bn=2，数列bn是公差为2的等差数列，又=2，bn=2+（n1）2=2n2n=，解得（）解：由（）可得，cncn+2=，数列CnCn+2的前n项和为Tn=+=23要使得Tn对于nN*恒成立，只要，即，解得m3或m4，而m0，故最小值为3【点评】正确理解递推公式的含义，熟练掌握等差数列的通项公式、“裂项求和”、等价转化等方法是解题的关键- 16 -