甘肃省武威市第二中学2020届高三化学上学期10月月考试题含解析.doc

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1、甘肃省武威市第二中学2020届高三化学上学期10月月考试题（含解析）第I卷（选择题)一、单选题（每空2分，共50分)1.化学在生产和生活中有着重要的作用。下列有关说法不正确的是( )A. 焊接金属时常用溶液做除锈剂B. 嫦娥系列卫星中使用的碳纤维，是一种新型无机非金属材料C. 只要符合限量，“食用色素”、“亚硝酸盐”可以作为某些食品的添加剂D. PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，是发生雾霾天气的主要原因，这些颗粒物扩散在空气中都会形成胶体【答案】D【解析】【详解】A.NH4Cl水解使溶液显酸性，该酸性溶液可以与金属氧化物反应，因此NH4Cl溶液常用作金属焊接时的除锈剂，A正

2、确；B.嫦娥系列卫星中使用的碳纤维是碳元素的单质，因此该碳纤维是一种新型无机非金属材料，B正确；C.食用色素可作为着色剂，亚硝酸盐可作为防腐剂，正确使用食品添加剂可以延长食品保质期，增加食品的营养价值，因此对人体健康有益，C正确；D.PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，而胶体粒子直径在1nm100nm之间，所以PM2.5的颗粒物直径较大，扩散在空气中不会形成胶体，D错误；故合理选项是D。2.下面的“诗”情“化”意，分析正确的是（ ）A. “粉身碎骨浑不怕，要留清白在人间”只发生了物理变化B. “日照澄洲江雾开”中伴有丁达尔效应C. “试玉要烧三日满，辨材须待七年期”中“玉”的

3、成分是硅酸盐，该句诗表明玉的硬度很大D. “绿蚁新醅酒，红泥小火炉”，“新醅酒”即新酿的酒，在酿酒过程中，葡萄糖发生了水解反应【答案】B【解析】【分析】A.有新物质生成的变化是化学变化；B.雾属于胶体，胶体能产生丁达尔效应；C.“玉”的成分是硅酸盐，熔点很高；D.葡萄糖是单糖不能发生水解反应。【详解】A.“粉身碎骨浑不怕，要留清白在人间”是碳酸钙的分解反应，反应中有新物质生成，是化学变化，故A错误；B.“日照澄州江雾开”中，雾属于胶体，胶体能产生丁达尔效应，故B正确；C.“玉”的成分是硅酸盐，熔点很高，试玉要烧三日满与硬度无关，故C错误；D.葡萄糖是单糖不能发生水解反应，在酿酒过程中葡萄糖转化

4、为酒精不是水解反应，故D错误。故选B。3. 我们常用“往伤口上撒盐”来比喻某些人乘人之危的行为，其实从化学的角度来说，“往伤口上撒盐”的做法并无不妥，甚至可以说并不是害人而是救人。那么，这种做法的化学原理是A. 胶体的电泳B. 血液的氧化还原反应C. 血液中发生复分解反应D. 胶体的聚沉【答案】D【解析】食盐的主要成分NaCl是电解质，血液是胶体，其胶体粒子带电荷，往伤口上撒盐会使血液发生聚沉而止血。4.下列有关物质的分类或归类正确的是（ ）A. 混合物：水玻璃、碱石灰、铝热剂B. 酸性氧化物：SO2、CO2、NO2C. 强电解质：明矾、硫酸钡、硫酸溶液D. 同素异形体：H2、D2、T2【答案

5、】A【解析】【详解】A水玻璃是硅酸钠水溶液、碱石灰主要是由氧化钙和氢氧化钠组成、铝热剂是铝粉和某些金属氧化物组成的，都是混合物，故A正确；BSO2、CO2是酸性氧化物，NO2不是酸性氧化物，故B错误；C硫酸溶液是混合物，不是电解质，故C错误；DH2、D2、T2是不同原子构成的同种单质，都表示氢气分子，故D错误；答案选A。5.在前一个分散系中慢慢地滴入后一种分散系所观察到的现象不是先沉淀后变澄清的是()A. 氢氧化铁胶体中滴加硫酸B. 偏铝酸钠溶液中滴加盐酸C. 氯化铝溶液中滴加烧碱溶液D. 氯化铝溶液中滴加氨水【答案】D【解析】【详解】A.向氢氧化铁胶体中滴加硫酸，硫酸为电解质，胶体遇到电解质

6、先聚沉生成沉淀，后氢氧化铁与硫酸反应生成硫酸铁溶液，与题意不符，A错误；B.向偏铝酸钠溶液中滴加盐酸，首先发生AlO2-+H+H2O=Al(OH)3，盐酸过量时，再发生Al(OH)3+3H+=Al3+3H2O，与题意不符，B错误；C.氯化铝溶液中滴加烧碱溶液，首先发生Al3+3OH-=Al(OH)3，NaOH过量时发生Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O，与题意不符，C错误；D.氯化铝溶液中滴加氨水，发生Al3+3NH3H2O=Al(OH)3+3NH4+，沉淀不溶解，D正确；答案为D。【点睛】氢氧化铝可溶于酸与强碱，不溶于氨水。6.下列实验及检验方法合理的是 选项实验检验方法A向NaO

7、H溶液中滴加饱和FeCl3溶液制备胶体用可见光束照射B确认铜与浓硫酸反应生成CuSO4将水加入到反应后溶液中C区分AgNO3溶液和Al2(SO4)3溶液分别取少量溶液，滴加BaCl2溶液D证明氯水中起漂白作用的不是Cl2用CCl4充分萃取，将红纸条分别浸入分层后的溶液中A. AB. BC. CD. D【答案】D【解析】【详解】A向NaOH溶液中滴加饱和FeCl3溶液，生成氢氧化铁沉淀，不能制备氢氧化铁胶体，故A错误；B反应后的混合物中含有浓度较大的硫酸，不能直接向其中加水，应该将混合物倒入水中，故B错误；C滴加BaCl2溶液后 BaCl2分别和AgNO3和Al2(SO4)3反应生成氯化银和硫酸

8、钡沉淀，现象基本相同，不能鉴别，故C错误；D经四氯化碳萃取后的氯水中不含有氯气，但仍能使干燥的红布条褪色，可证明起漂白作用的不是氯气，故D正确；答案选D。【点睛】制备氢氧化铁胶体的方式：将饱和FeCl3溶液加入到沸水中加热至溶液呈红褐色，停止加热。注意加碱会生成沉淀而不是胶体。7.下列有关物质的性质与应用均正确的是A. Na2O2是碱性氧化物，具有强氧化性可用于杀菌消毒B. 胶体与溶液的本质区别是能否出现丁达尔现象C. 蔗糖溶液、硫酸钡和水分别属于非电解质、强电解质和弱电解质D. 煤炭经气化、液化和干馏等过程，可获得清洁能源和重要的化工原料【答案】D【解析】【详解】A.Na2O2是过氧化物，具

9、有强氧化性可用于杀菌消毒，A错误；B.胶体与溶液的本质区别是分散质的直径不同，不是能否出现丁达尔现象，B错误；C.蔗糖溶液为混合物不属于非电解质，硫酸钡和水分别为强电解质和弱电解质，C错误；D.煤炭经气化、液化和干馏等过程，可获得清洁能源和重要的化工原料，D正确；答案为D；【点睛】胶体与溶液的本质区别是分散质的直径不同，可通过丁达尔现象区别溶液与胶体。8.将体积相等、质量分数也相等的氨水和硫酸分别用等体积的水稀释，所得溶液的质量分数分别为a%和b%，则a与b的关系为()A. a=bB. abD. 无法确定【答案】B【解析】（1）.设浓氨水的体积为V，质量分数为x%，密度为（浓氨水），稀释后密度

10、为（稀氨水），稀释前后溶液中溶质的质量不变，则：稀释后质量分数=（浓氨水）Vx%2V（稀氨水），氨水的密度小于水的密度，浓度越大密度越小，所以（浓氨水）p(Ne)p(O2)。答案选D。【点睛】考查阿伏加德罗定律及推论，注意在温度和密度都相同条件下，压强与摩尔质量呈反比。15.下列离子方程式，书写正确的是A. 硫化亚铁与盐酸反应：S2-+2H+=H2SB. 硫化氢气体通入氯水中：H2S+Cl2=2H+2Cl-+SC. 硫酸和氢氧化钡溶液混合：H+OH-+Ba2+SO42-=BaSO4+H2OD. 铁与稀硫酸反应：2Fe+6H+=2Fe3+3H2【答案】B【解析】【详解】A.硫化亚铁是难溶性物质，

11、在离子方程式里不能写成离子形式，故A不选；B.硫化氢有还原性，氯气有氧化性，两者会发生氧化还原反应，生成硫和盐酸，故B选；C.1mol硫酸电离出2mol H+和1mol SO42-，1mol氢氧化钡电离出1mol Ba2+和2mol OH-，所以离子方程式中H+、OH-和水的系数均为2，即离子方程式为：2H+2OH-+Ba2+SO42+=BaSO4+2H2O，故C不选；D.稀硫酸的氧化性是H+体现出来的，H+的氧化性比较弱，不能把铁氧化成Fe3+，只能氧化成Fe2+，故D不选；故选B。16.下列离子方程式中，正确的是（ ）A. 小苏打溶液与少量澄清石灰水混合：Ca2OHHCO3-=CaCO3H

12、2OB. AlCl3溶液中加入足量的氨水：Al34OH=AlO2-2H2OC. 将氯气通入水中：Cl2H2O=ClClO2HD. 向Fe(NO3)2溶液中加入稀盐酸：3Fe24HNO3-=3Fe3NO2H2O【答案】D【解析】【详解】A、澄清石灰水为少量，反应的离子方程式为Ca22OH2HCO3=CaCO32H2OCO32，故A错误；B、NH3H2O为弱碱，AlCl3与NH3H2O反应的离子方程式为Al33NH3H2O=Al(OH)33NH4，故B错误；C、HClO为弱酸，因此氯气通入水中：Cl2H2O HClHClO，故C错误；D、NO3在酸性条件下，具有强氧化性，能将Fe2氧化成Fe3，即

13、离子反应方程式为3Fe24HNO3=3Fe3NO2H2O，故D正确；答案选D。【点睛】涉及“量”的离子方程式是学生的难点，往往以少量为基准进行分析，即少量的系数为1，澄清石灰水少量，Ca(OH)2的系数为1，1molCa(OH)2能够电离出1molCa2和2molOH，2molOH需要消耗2molHCO3，产生2molH2O和2molCO32，其中1molCO32与Ca2结合成CaCO3沉淀，正确的离子方程式为Ca22OH2HCO3=CaCO32H2OCO32，类似的还有Ba(OH)2与NaHCO3的反应，Ba(OH)2与NaHSO4的反应等。17.常温下，下列各组离子在指定溶液中能大量共存的

14、是A. 加入KSCN溶液显红色的溶液：K+、NH4+、Cl、IB. 常温下，pH=7的溶液中 Fe3+、NH4+、SO42、NO3C. 滴入紫色石蕊试液显红色的溶液：Mg2+、Al3+、Br、SO42D. 能溶解Al2O3的溶液：Na+、Ca2+、HCO3、NO3【答案】C【解析】【详解】A. 加入KSCN溶液显红色的溶液中存在大量三价铁离子，铁离子具有氧化性，I具有还原性，二者能发生氧化还原反应，不能大量共存，A不符合题意；B. Fe3+在pH约为4时即沉淀完全，故在pH=7的溶液中 Fe3+无法大量共存，B不符合题意；C. 滴入紫色石蕊试液显红色的溶液显酸性，Mg2+、Al3+、Br、SO

15、42可以大量共存，C符合题意；D. 能溶解Al2O3的溶液可能为强酸溶液或强碱溶液，在酸性溶液和碱性溶液中HCO3均不能大量存在，D不符合题意；故答案选C。18.工业生产钠和烧碱的原理如下：电解熔融氯化钠制钠：2NaCl(熔融) 2NaCl2，电解饱和食盐水制烧碱：2NaCl2H2O 2NaOHH2Cl2，下列有关说法正确的是（）A. 在反应和中，氯化钠均既是氧化剂，又是还原剂B. 在反应中氯气是还原产物，在反应中氢气是还原产物C. 若标准状况下生成等体积的气体，则反应和中转移电子总数相等D. 若消耗等质量的氯化钠，则反应和中转移电子总数相等【答案】D【解析】【详解】电解熔融氯化钠制钠：2Na

16、Cl(熔融)2Na+Cl2，Na元素的化合价降低，Cl元素的化合价升高，所以氯化钠既是氧化剂，又是还原剂；电解饱和食盐水制烧碱：2NaCl+2H2O2NaOH+H2+Cl2 ，H元素的化合价降低，Cl元素的化合价升高，所以水是氧化剂，氯化钠是还原剂；A由分析可知，反应中氯化钠是还原剂，不是氧化剂，故A错误；B在反应中氯气是氧化产物，在反应中氢气是还原产物，故B错误；C2NaCl(熔融)2Na+Cl2中生成1mol气体转移2mol电子，2NaCl+2H2O2NaOH+H2+Cl2 中生成2mol气体转移2mol电子，故C错误；D若消耗1mol氯化钠，则反应和中转移电子均为2mol，所以消耗等质量

17、的氯化钠，则反应和中转移电子总数相等，故D正确；故选D。【点睛】把握反应中的元素化合价变化为解答的关键。本题的易错点为B，要注意氧化剂被还原得到还原产物，还原剂被氧化生成氧化产物。19.已知：向KMnO4晶体滴加浓盐酸，产生黄绿色气体；向FeCl2溶液中通入少量实验产生的气体，溶液变黄色；取实验生成的溶液滴在淀粉KI试纸上，试纸变蓝色。下列判断正确的是（）A. 上述实验证明氧化性：MnO4Cl2Fe3I2B. 上述实验中，共有两个氧化还原反应C. 实验生成的气体不能使湿润的淀粉KI试纸变蓝D. 实验证明Fe2既有氧化性又有还原性【答案】A【解析】【详解】向KMnO4晶体滴加浓盐酸，产生黄绿色气

18、体，该反应中Mn元素化合价由+7价变为+2价、Cl元素化合价由-1价变为0价，高锰酸钾是氧化剂、浓盐酸是还原剂，氧化性：MnO4-Cl2；向FeCl2溶液中通入少量实验产生的气体，溶液变黄色，铁元素化合价由+2价变为+3价、Cl元素化合价由0价变为-1价，氯化亚铁是还原剂、氯气是氧化剂，氧化性：Cl2Fe3+；取实验生成的溶液滴在淀粉KI试纸上，试纸变蓝色，铁离子和碘离子发生氧化还原反应生成碘和亚铁离子，I元素化合价由-1价变为0价、铁元素化合价由+3价变为+2价，所以碘离子作还原剂、铁离子为氧化剂，氧化性：Fe3+I2。A通过以上分析知，上述实验证明氧化性：MnO4-Cl2Fe3+I2，故A

19、正确；B通过以上分析知，有3个氧化还原反应，故B错误；C实验生成的气体是氯气，氯气能氧化碘离子生成碘单质，所以实验生成的气体能使湿润的淀粉KI试纸变蓝，故C错误；D实验证明Fe2+有还原性，故D错误；故选A。20.安全气囊逐渐成为汽车的标配，因为汽车发生剧烈碰撞时，安全气囊中迅速发生反应：10NaN3+2KNO3=K2O+5Na2O+16N2，产生大量的气体使气囊迅速弹出，保障驾乘车人员安全。下列关于该反应的说法正确的是A. 该反应中NaN3是氧化剂，KNO3是还原剂B. 氧化产物与还原产物的物质的量之比为115C. 若有50.5 g KNO3参加反应，则有0.5mol N原子被还原D. 每转

20、移1 mol e，可生成标准状况下N2的体积为2.24 L【答案】C【解析】【详解】A. NaN3中N元素化合价升高，NaN3是还原剂，KNO3中N元素化合价降低，KNO3是氧化剂，故A错误；B. 氮气既是氧化产物又是还原产物，氧化产物与还原产物的物质的量之比为151，故B错误；C. 50.5 g KNO3物质的量是 ，若有50.5 g KNO3参加反应，则有0.5mol N原子被还原，7.5mol N原子被氧化，故C正确；D. 根据方程式，转移10 mol e生成16molN2，所以每转移1 mol e，可生成标准状况下N2的体积为35.84 L，故D错误。21.下列有关钠及其化合物的叙述错

21、误的是()A. Na2O2吸收CO2产生O2，可用作呼吸面具供氧剂B. 高压钠灯发出的黄光透雾能力强，可用于道路和广场照明C. 氢氧化钠具有强碱性，可用于制胃酸中和剂D. 钠长期暴露在空气中的产物是Na2CO3，原因是钠与氧气生成的Na2O与水和CO2反应【答案】C【解析】【详解】ANa2O2吸收CO2产生O2，所以Na2O2可用作呼吸面具供氧剂，故A正确；B钠的焰色反应为黄色，则可用作透雾能力强的高压钠灯，故B正确；C氢氧化钠具有腐蚀性，不能用于中和胃酸，一般用氢氧化铝、碳酸镁、碳酸氢钠等，故C错误；D钠与氧气反应生成氧化钠，氧化钠与水反应生成氢氧化钠，氢氧化钠潮解，氢氧化钠溶液吸收二氧化碳

22、生成碳酸钠晶体，碳酸钠晶体风化得到碳酸钠，故D正确；故选C。22.化学与生产、生活息息相关。下列说法不正确的是（ ）A. 活性炭可用于杀菌和除异味B. 镁可用于制造信号弹和焰火C. 氯化钠可用于配制生理盐水D. 碘酸钾可用作加碘食盐的添加剂【答案】A【解析】【详解】A.活性炭具有吸附性，能除异味，但不能杀菌消毒，A项错误；B.因为镁燃烧发出耀眼的白光，所以可以制造信号弹和烟火，B项正确；C.生理盐水的成分就是氯化钠，所以可以用氯化钠配制，C项正确；D.食盐中的碘元素主要是碘酸钾，所以碘酸钾可以作为加碘食盐的添加剂，D项正确；答案选A。23.将1.0 mol/L盐酸逐滴滴入到100 mL含有Na

23、OH、NaAlO2和Na2CO3的混合溶液中，反应过程如图所示。下列有关说法不正确的是 A. 混合液中NaOH的物质的量浓度为0.1 mol/LB. x0.01C. BC段的反应过程离子方程式为：COH+ =HCOD. V110【答案】C【解析】【分析】将1.0 mol/L盐酸逐滴滴入到100 mL含有NaOH、NaAlO2和Na2CO3的混合溶液中，OA段发生的反应为HOH=H2O，AB段开始产生沉淀，发生的反应为HAlO2H2O=Al(OH)3，BC段无沉淀产生，发生的反应为CO32H=HCO3和HHCO3=H2OCO2，CD段沉淀溶解，发生的反应为Al(OH)33H=Al33H2O。【详

24、解】A. 混合液中NaOH的物质的量浓度为，故A正确；B. AB段消耗氢离子的物质的量为1.0mol/L0.01L=0.01mol，根据方程式HAlO2H2O=Al(OH)3，生成沉淀的物质的量为0.01mol，故B正确；C. BC段的反应过程离子方程式为：CO32H=HCO3和HHCO3=H2OCO2，故C错误；D. 根据B已知沉淀的物质的量为0.01mol，则根据方程式Al(OH)33H=Al33H2O，可知消耗氢离子的体积为=0.03L=30mL，则V=80+30=110，故D正确。故答案选C。【点睛】由于偏铝酸的酸性比碳酸氢根的酸性弱，所以本题中，会先生成氢氧化铝，后发生碳酸根和氢离子

25、的反应。24.向一定量的Mg2+、NH4+、Al3+混合溶液中加入Na2O2的量与生成沉淀和气体的量(纵坐标)的关系如图所示，则溶液中Mg2+、NH4+、Al3+三种离子的物质的量之比为( )A. 112B. 221C. 122D. 924【答案】C【解析】【分析】根据图象分析，A点时沉淀的量最大，沉淀是氢氧化铝和氢氧化镁，从A点到B点，沉淀的质量减少，减少的量是氢氧化铝，氢氧化铝的物质的量为0.2mol，不溶解的沉淀是氢氧化镁，其物质的量是0.1mol，根据原子守恒确定镁离子、铝离子的物质的量；根据A点过氧化钠物质的量计算生成氧气的物质的量，根据气体总的物质的量计算生成氨气的物质的量，根据氮

26、原子守恒从而计算铵根离子的物质的量。【详解】由图知，沉淀中含0.1mol Mg(OH)2和0.2molAl(OH)3，即原溶液中含Mg2+0.1mol，含Al3+0.2mol，根据Mg2+2OH-=Mg(OH)2、Al3+3OH-=Al(OH)3，沉淀2种金属阳离子共需NaOH的物质的量为0.1mol2+0.2mol3=0.8mol。由图中横坐标知与3种阳离子恰好完全反应时需Na2O20.5mol，而0.5molNa2O2与水反应生成1molNaOH和0.25molO2，由NH4+OH-NH3+H2O，所以由NH4+消耗NaOH的量（1mol-0.8mol=0.2mol）或生成NH3的物质的量

27、（0.45mol-0.25mol=0.2mol）均可求得原溶液中含0.2molNH4+，所以Mg2+、NH4+、Al3+物质的量之比=0.1mol：0.2mol：0.2mol=1：2：2；故合理选项是C。【点睛】本题考查了镁离子、铝离子与过氧化钠反应的有关计算，能正确分析图像中各阶段发生的反应是解本题的关键，综合考查了元素及化合物的知识。25.下列根据实验操作和现象所得出的结论不正确的是选项实验操作实验现象结论A向某溶液中加入盐酸酸化的BaCl2溶液生成白色沉淀该溶液中不一定含有SO42B向FeCl2溶液中滴加KSCN溶液后再滴加氯水滴加KSCN溶液无明显变化；再滴加氯水后溶液变红氧化性：Cl

28、2Fe3+C取久置的Na2O2粉末，向其中滴加过量的盐酸产生无色气体Na2O2没有变质D将一片铝箔置于酒精灯外焰上灼烧铝箔熔化但不滴落铝箔表面有致密Al2O3薄膜，且Al2O3熔点高于AlA. AB. BC. CD. D【答案】C【解析】【详解】A. 白色沉淀可能为AgCl或硫酸钡，则该溶液中不一定含有SO42，A项正确；B. 滴加KSCN溶液，无明显变化，可知不含铁离子，滴加氯水后，溶液变红，可知亚铁离子被氧化为铁离子，则氧化性：Cl2Fe3+，B项正确；C. 碳酸钠与盐酸反应生成二氧化碳，且Na2O2与水反应生成氧气，则无论是否变质，均生成气体，C项错误；D. 氧化铝的熔点高，包裹在Al的

29、外面，则铝箔熔化但不滴落，D项正确；答案选C.【点睛】A项是易错点，硫酸根离子检验方法是加入稀盐酸，无明显现象，再加氯化钡，若产生白色沉淀，则证明溶液中有硫酸根离子。学生做题时一定要注意排除溶液中其他离子的干扰。第II卷（非选择题共50分)二、填空题26.（1）湿法制备高铁酸钾（K2FeO4）的反应体系中有六种粒子：Fe(OH)3、ClO、OH、FeO42-、Cl、H2O。湿法制备高铁酸钾反应体系中的氧化剂为：_（填化学符号）。写出并配平湿法制高铁酸钾反应的离子方程式：_。每生成1 mol FeO42转移_ mol电子，若反应过程中转移了0.3 mol电子，则还原产物的物质的量为_ mol。（

30、2）工业上从海水中提取单质溴可采用如下方法：向海水中通入Cl2将海水中溴化物氧化，其离子方程式为：_ 。向上述混合液中吹入热空气，将生成的溴吹出，用纯碱溶液吸收，其化学方程式为_。将所得溶液用H2SO4酸化，使NaBr、NaBrO3中的溴转化为单质溴，再用有机溶剂提取溴后，还可得到副产品Na2SO4。这一过程可用化学方程式表示为：_。（3）Cl2、H2O2、ClO2(还原产物为Cl-)、O3(1mol O3转化为1mol O2和1mol H2O)等物质常被用作消毒剂。等物质的量的上述物质消毒效率最高的是_(填序号)。ACl2 BH2O2 CClO2 DO3（4）“84”消毒液(主要成分是NaC

31、lO)和洁厕剂(主要成分是浓盐酸)不能混用，原因是_(用离子方程式表示)。【答案】 (1). ClO (2). 2Fe(OH)33ClO4OH=2FeO42-3Cl5H2O (3). 3 (4). 0.15 (5). Cl22Br=Br22Cl (6). 3Na2CO33Br2=5NaBrNaBrO33CO2(或6Na2CO33Br23H2O=5NaBrNaBrO36NaHCO3) (7). 5NaBrNaBrO33H2SO4=3Br23Na2SO43H2O (8). C (9). ClO-+Cl-+2H+=Cl2+H2O【解析】【分析】湿法制备高铁酸钾（K2FeO4），则FeO42-为产物，

32、Fe(OH)3为反应物，化合价从+3变为+6，升高总共3价，Fe(OH)3为还原剂，FeO42-为氧化产物；由电子转移守恒可知，ClO为反应物，Cl为生成物，化合价从+1变为-1，降低共2价，ClO为氧化剂，Cl为还原产物；化合价升降最小公倍数为6，故Fe(OH)3的系数为2，FeO42-的系数为2，ClO的系数为3，Cl的系数为3，根据电荷守恒可知，OH为反应物，系数为4，由元素守恒可知H2O为生成物，其系数为5，离子方程式为2Fe(OH)33ClO4OH=2FeO42-3Cl5H2O；【详解】（1）根据上述分析，湿法制备高铁酸钾反应体系中的氧化剂为：ClO。答案为：ClO；根据上述分析，湿法制高铁酸钾反应的离子方程式2Fe(OH)33ClO4OH=2FeO42-3Cl5H2O。根据反应方程式，每生成2mol FeO42-转移6mol电子，因此每生成1 mol FeO42-转移3mol电子；Cl为还原产物，根据反应方程式，每生成3mol Cl转移6mol电子，若反应过程中转移了0.3 mol电子，则还原产物的物质的量为0.15mol。答案为：2Fe(OH)33ClO4OH=2FeO42-3Cl5H2O；3；0.15；（2）工业上从海水中提取单质溴可采用如下方法：通入氯气后，氯气与溴离子反应生成单质溴