学年新教材高中数学第六章平面向量及其应用章末演练轻松闯关新人教A版必修第二册.doc

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1、第六章 平面向量及其应用A基础达标1将3化成最简式为()AabB4a5bC.ab D4a5b解析：选B.原式3ab34a5b.2设x，yR，向量a(x，1)，b(1，y)，c(2，4)，且ac，bc，则|ab|()A. B.C2 D10解析：选B.由题意可知解得故ab(3，1)，|ab|.3在ABC中，B45，C60，c1，则最短边长为()A. B.C. D.解析：选B.A180(6045)75，故最短边为b，由正弦定理可得，即b，故选B.4在锐角ABC中，角A，B所对的边分别为a，b.若2asin Bb，则角A等于()A. B.C. D.解析：选D.由已知及正弦定理得2sin Asin Bs

2、in B，因为sin B0，所以sin A.又A，所以A.5在ABC中，已知sin2Asin2Bsin2C，且sin A2sin Bcos C，则ABC的形状是()A等腰三角形 B等边三角形C直角三角形 D等腰直角三角形解析：选D.由sin2Asin2Bsin2C及正弦定理可知a2b2c2A为直角；而由sin A2sin Bcos C，可得sin(BC)2sin Bcos C, 整理得sin Bcos Ccos Bsin C，即sin(BC)0，故BC.综合上述，BC，A.即ABC为等腰直角三角形6已知非零向量a(t，0)，b(1，)，若a2b与a的夹角等于a2b与b的夹角，则t_解析：由题设

3、得，所以|b|(|a|22ba)|a|(ab2|b|2)，将a(t，0)，b(1，)代入整理得2t2t|t|8|t|4t，当t0时，3t212t，所以t4；当t0时，t24t，所以t4.综上，t的值为4或4.答案：4或47在锐角三角形ABC中，a，b，c分别为角A，B，C所对的边若2asin Bb，bc5，bc6，则a_解析：因为2asin Bb，所以2sin Asin Bsin B.所以sin A，因为ABC为锐角三角形，所以cos A，因为bc6，bc5，所以b2，c3或b3，c2.所以a2b2c22bccos A2232267，所以a.答案：8(2019湖南株洲市检测)在平行四边形ABC

4、D中，AD1，BAD60，E为CD的中点若2，则的模为_解析：因为在平行四边形ABCD中，又，所以，所以2|cos 60|2|12，所以|12.答案：129已知向量e1，e2，且|e1|e2|1，e1，e2.(1)求证：(2e1e2)e2；(2)若me1e2，n3e12e2，且|m|n|，求的值解：(1)证明：因为|e1|e2|1，e1，e2，所以(2e1e2)e22e1e2e2|e1|e2|cos|e2|2211120，所以(2e1e2)e2.(2)由|m|n|得(e1e2)2(3e12e2)2，即(29)e(212)e1e23e0.因为|e1|e2|1，e1，e2，所以ee1，e1e211

5、cos，所以(29)1(212)310，即260.所以2或3.10已知ABC的三个内角A，B，C的对边分别为a，b，c.若B，且(abc)(abc)bc.(1)求cos C的值；(2)若a5，求ABC的面积解：(1)由(abc)(abc)bc，得a2(bc)2bc，即a2b2c2bc，由余弦定理，得cos A，所以sin A.又因为B，所以cos Ccos(AB)cos Acos Bsin Asin B.(2)由(1)得sin C.在ABC中，由正弦定理，得.所以c8，所以Sacsin B58sin10.B能力提升11飞机沿水平方向飞行，在A处测得正前下方地面目标C的俯角为30，向前飞行10

6、000米，到达B处，此时测得目标C的俯角为75，这时飞机与地面目标C的距离为()A5 000米 B5 000米C4 000米 D4 000米解析：选B.如图，在ABC中，AB10 000米，A30，C753045.根据正弦定理得，BC5 000(米)12在ABC中，点D满足BDBC，当E点在线段AD上移动时，若，则t(1)22的最小值是()A. B.C. D.解析：选C.如图所示，存在实数m使得m(0m1)，()，所以m，所以所以t(1)22m21，所以当m时，t(1)22取得最小值.13在ABC中，BCa，ACb，a，b是方程x22x20的两个根，且2cos(AB)1.则C_，AB_解析：因

7、为cos Ccos(AB)cos(AB)，所以C120.由题设，得所以AB2AC2BC22ACBCcos Ca2b22abcos 120a2b2ab(ab)2ab(2)2210.所以AB.答案：12014在ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且满足(2ab)cos Cccos B，ABC的面积S10，c7.(1)求角C；(2)求a，b的值解：(1)因为(2ab)cos Cccos B，所以(2sin Asin B)cos Csin Ccos B，2sin Acos Csin Bcos Csin Ccos B，即2sin Acos Csin(BC)所以2sin Acos Csin A.

8、因为A(0，)，所以sin A0.所以cos C.所以C.(2)由Sabsin C10，C，得ab40.由余弦定理得c2a2b22abcos C，即c2(ab)22ab，所以72(ab)2240.所以ab13.由得a8，b5或a5，b8.C拓展探究15某单位有A，B，C三个工作点，需要建立一个公共无线网络发射点O，使得发射点到三个工作点的距离相等已知这三个工作点之间的距离分别为AB80 m，BC70 m，CA50 m假定A，B，C，O四点在同一平面内(1)求BAC的大小；(2)求点O到直线BC的距离解：(1)在ABC中，因为AB80 m，BC70 m，CA50 m，由余弦定理得cosBAC.因为BAC为ABC的内角，所以BAC.(2)法一：因为发射点O到A，B，C三个工作点的距离相等，所以点O为ABC外接圆的圆心设外接圆的半径为R，则在ABC中，2R.由(1)知A，所以sin A.所以2R.即R.如图，连接OB，OC，过点O作边BC的垂线，垂足为D.在OBD中，OBR，BD35，所以OD.即点O到直线BC的距离为 m.法二：因为发射点O到A，B，C三个工作点的距离相等，所以点O为ABC外接圆的圆心连接OB，OC，过点O作边BC的垂线，垂足为D.由(1)知BAC，所以BOC，所以BOD.在RtBOD中，BD35 ，所以OD.即点O到直线BC的距离为 m.- 6 -