江苏省盐城市射阳县外国语学校2016届九年级物理上学期期中试题含解析新人教版.doc

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1、2015-2016学年江苏省盐城市射阳县外国语学校九年级（上）期中物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确1如图所示的工具中属于费力杠杆的一组是( )ABCD2在登楼梯比赛中，小明同学从一楼匀速登上五楼，共用了12s，则他登楼时克服重力所做功的功率最接近于( )A5WB50WC500WD5000W3如图所示，为一可绕O点转动的杠杆，在A端通过绳作用一竖直向下的拉力F使杠杆平衡，此时AB部分水平，保持重物静止不动，而使绳绕A点从如图所示的位置沿图中的虚线CD转动，则( )A逆时针转，F先变小后变大B顺时针转，F先变小后变大C顺时针转，F先变

2、大后变小D逆时针转，F先变大后变小4关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确的是( )A温度高的物体，内能一定大B物体温度升高，一定吸收了热量C物体吸收了热量，温度一定升高D物体温度升高，内能一定增加5下列现象中，改变物体内能的方式跟其他几个不同的是( )A自行车轮胎放气时，气门嘴处温度降低B放进冰箱冷冻室的水变成冰块C在汽油机的压缩冲程中，气缸内气体的温度升高D用手来回弯折铁丝，弯折处铁丝温度升高6如图所示，为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统当乘客坐在座椅上时，座椅上的开关S1闭合；若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄

3、灭，下列设计比较合理的是( )ABCD7在如图所示的电路中，闭合开关后，只有一盏灯亮，且电路中只有一处故障，故障只发生在灯上，则判断正确的是( )A若电压表、电流表均无示数，则Ll断路B若电压表无示数，电流表有示数，则灯Ll短路C若电压表、电流表均有示数，则灯L2断路D若电压表有示数，电流表无示数，则L2短路8如图所示的电路中，AB为粗细均匀的长为L的电阻导体，以AB上各点对A点的电压U为纵坐标，各点离A点的距离x为横坐标，则U随x变化的图线应为( )ABCD9标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示若把它与一只阻值为8的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率

4、为( )A3WB3.3WC3.6WD5W10将标有“6V 3W”和“6V 2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是( )A两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比乙灯亮B两只小灯泡都能正常发光C通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮D两只小灯泡的总功率小2W11如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S1和S2，灯L正常发光；则断开开关S2时( )A电流表示数变小，灯L仍然正常发光B电流表示数变大，灯L变亮C电压表示数变大，灯L的实际功率变小D电压表示数不变，电路的总功率变大12某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程

5、“03V”，滑动变阻器规格“20 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是 ( )A电路中电流变化的范围是0.18A0.5AB滑动变阻器阻值变化的范围是2.510C灯泡的最小功率是0.162WD该电路的最大功率是2.25W二、填空题（本题共9小题，每空1分，共24分）13如图慢慢将一根电线杆竖起；（1）若力的方向总是竖直向上，在电线杆竖直抬起的过程中，力的大小将_；（2）若力的方向始终与杆垂直，则提起的过程中，力的大小将_14升国旗用的旗杆顶上安装滑轮是为了_；如图所示的塔吊中使用滑轮组主要是为了_借助图中的塔吊，用1104

6、N的拉力F在20s内就可将重为1.8104N的重物匀速竖直提升10m，拉力F的功率是_W15“嫦娥一号”卫星在绕月飞行的1年时间里，可能会遭遇两次月食，月食期间没有太阳光照射，卫星表面的温度会急剧下降，内能_（选填“增大”、“减小”或“不变”），这是通过_的方式改变物体的内能16如图是某种物体熔化时温度随加热时间变化的图象（假设在加热过程中物质的质量不变，单位时间内吸收的热量相同）（1）这种物质的固体属于_（选填“晶体”或“非晶体”）BC段物质的内能_（变大、变小、不变）（2）该物质在AB 段和CD段的比热容分别为c1、c2，则c1：c2=_17如图甲所示，当开关S从点2转到1时，电流表和电压

7、表对应的示数如图乙所示，由图甲和图乙中的信息可知，电源电压是_V，电阻R2的阻值是_，电阻R2的IU图象是丙图中的_（填“a”或“b”）18某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路（如图甲所示），R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变，当有害尾气浓度变大时，电压表的示数将_，电压表与电流表示数之比将_（均选填“变大”、“变小”或“不变”）19一台电动机正常工作时，两端的电压为220V，通过线圈的电流为10A，若此线圈的电阻为2，那么它的电功率是_W，这台电动机1min内产生的热量是_J，这台电动机的效率是_（最后一空保留三位有效数字）20电

8、能表是用来测量_的仪表荣荣家的电能表的表盘如图所示她想知道电能表是否准确，于是将一只标有“220V 60W”的白炽灯单独接入电路，此时灯泡正常发光，检测中发现2min电能表的转盘转了7转白炽灯实际消耗的电能是_kWh，由此判断转盘转速_（偏快、偏慢、准确）21如图1所示电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为6V闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的IU关系图象如图2所示则小灯泡的额定功率_W；电源电压_V；滑动变阻器的最大阻值_三、解答题（本题8小题，共52分）22按照题目要求作图：（1）如图1所示，为用核桃钳夹核桃时的情景，此时核桃钳可视为两根杠杆请在图中画出作用在上面的动

9、力F的力臂l和阻力F2的示意图（2）如图2所示，试在甲、乙两个“”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使两灯组成并联电路（3）请将图3中所示元件，连接成符合安全用电要求的家庭电路23利用太阳能电池在太阳光照射下发电叫光伏发电安阳市启动了“光伏工程”示范项目，在某中学的教学楼顶安装了总功率为20kW的光伏发电系统（1）光伏发电系统发电时，_能转化为_能（2）一天的有效光照时间按8h计算，该光伏发电系统一天共发电多少千瓦时？（3）该光伏发电系统一天的发电量，如果由热电转换效率为30%的热电厂来完成，需要燃烧多少千克煤？（煤的热值q煤=3.0107J/kg ）（4）请写出一条光伏发电的优点24光敏电

10、阻的特点是有光照射它时阻值变小如图1所示是某小区门口利用光敏电阻设计的行人监控装置，光源射出的远红外激光束穿过通道照射到光敏电阻RT上，当有人通过时，人体将阻挡激光光线的射入电源电压恒定为12V，RT为光敏电阻，定值电阻R0=10，若在012s的时间内有两人分别经过通道，每次通过时间为1s，电压表的示数变化规律如图Ut求：（1）当有人通过（光敏电阻在无激光照射）时，光敏电阻的阻值RT0；（2）当无人通过时，光敏电阻的功率；（3）在012s的时间内电路消耗的电能25小明猜想重力势能的大小可能与物体的质量及被举的高度有关为了验证自己的猜想，小明进行了如下实验，让锥子自由下落扎到旧书上，书上被扎出孔

11、，如图所示（1）比较甲和乙是通过控制_来探究重力势能的大小与_的关系；（2）要验证重力势能的大小与高度有关，应选择图中的_和_进行对比实验（3）小明设想了以下两种方案来判断物体重力势能的大小，你认为最佳的是（_）A看出书上扎出孔的深度；B数出被扎出孔的纸的页数26小明在学习“物质的比热容”时，取相同质量的水和沙子，用相同的酒精灯加热，测得它们升高的温度如表，并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线加热时间/min246810升高的温度/水318334858沙子106585165210（1）用温度计测量水的初温如图甲所示，其读数为_（2）实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和沙子

12、_相同（3）请利用表中数据在图乙中作出表示沙子升高的温度随时间变化规律的图线（4）仔细观察记录数据并分析；一开始的2分钟，水和沙子升温都很慢，其主要原因是_；4分钟6分钟时，水温上升正常而沙子升温突然变慢，其主要原因是_；最后8分钟到10分钟，水和沙子升温都逐渐减慢主要原因是_；（5）小明再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度t为横坐标，分别画出50g水和100g水的Qt图象它们都是过原点的直线，即Q=kt进一步分析，发现这两条直线的k值与对应水的_之比相等27小海利用如图甲所示的电路探究“电压一定时，通过导体的电流跟电阻的关系”，已知电源电压为6V恒定，实验用到的

13、电阻分别为5、10、15、20、25（1）根据电路图甲，将乙图中实物电路连接完整（导线不允许交叉）（2）实验中多次改变R的阻值，调节变阻器的滑片，使电压表示数保待不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象某次实验中，小海用5的电阻做好实验后，接下来：断开开关，将滑动变阻器的滑片P移到_端（选填“A”或“B”），然后将10的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P，保持电压表的示数为_V，读出电流表的示数（3）为了能够完成整个实验，滑动变阻器的最大阻位应不小于_28在探究“影响电流热效应的因素”实验中：（1）为了探究电流通过电阻产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内

14、安装一根电阻丝，并插入一支温度计，该实验通过比较_，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少下面的探究实例中，也是采用这种研究方法的是_A力是看不见的，可以通过力的作用效果认识它B探究电流与电压、电阻的关系C用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻实验中烧瓶内液体小明选择了煤油而不是水，这样选择的理由是_（2）小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的升高量填入表中；然后移动滑动变阻器滑片改变电流大小，重复上述操作，获得第二组数据（见表）实验次数电流/A通电时间/s电阻/温度升高量/10.330101.520.630106.0由此得出：同一导体，在通电时间

15、相等时，电流_，其产生的热量_（3）若要探究电流通过电阻产生热量与电阻的关系，可选择乙图中_（选填“A”或“B”）烧瓶中的电阻与甲图中的烧瓶电阻_（选填“串联”或“并联”）（4）小明提议利用上述实验装置该做“比较水和煤油比热容的大小”的实验，则他应选择乙图中_（选填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶并联，并将其中一烧瓶中的液体换成_水和煤油吸热的多少是通过_来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）29阅读短文，回答问题：热动式断路器当电路发生短路或过载时，电路中电流就会超过额定电流，可能会引起安全事故为防止这类事故的发生，电路中通常装有熔断器、空气开关等保护装置当发生事故时，保护装置会自动

16、切断电路热动式断路器是最简单的一种断路器热动式断路器构造如图1所示，向右推动复位手柄，脱扣器将手柄锁定在合闸位置，若电路中电流小于或等于额定电流，则断路器不会动作当电路过载时，通过断路器的电流就会超过额定电流，此时双金属片发热并向右弯曲（如图1中虚线所示），带动脱扣器工作，于是复位手柄在弹簧拉力作用下跳向断开位置，触点分开，从而断开电源热动式断路器适用于过载保护，一旦线路中的电流超过额定电流，断路器需经过一段时间后动作，图2为某型号的断路器在室温为20时的动作时间与流经电流的关系图象（1）热动式断路器应_（串联/并联）在电路中；热动式断路器中的复位手柄属于_（省力/费力/等臂）杠杆；（2）关于

17、热动式断路器下列说法正确的是_A属于电路中的用电器B双金属片中电流大于出线电流C正常工作时电流入线与电流出线间电压是220VD脱扣器将手柄锁定在合闸位置时弹簧的弹性势能最大（3）双金属片是由铜片和铁片组成，受热时铜片膨胀得比铁片大在图3中，铜片和铁片的位置符合要求的双金属片是_2015-2016学年江苏省盐城市射阳县外国语学校九年级（上）期中物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确1如图所示的工具中属于费力杠杆的一组是( )ABCD【考点】杠杆的分类 【专题】简单机械【分析】判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系

18、，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆【解答】解：核桃夹、手推车在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；船桨、碗夹在使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆所以属于费力杠杆的一组是故选A【点评】准确分析题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键2在登楼梯比赛中，小明同学从一楼匀速登上五楼，共用了12s，则他登楼时克服重力所做功的功率最接近于( )A5WB50WC500WD5000W【考点】功率的测量实验 【专题】功、功率、机械效率【分析】先估算出该同学上楼所做的功，然后由功率公式求出他上楼的功率【解答】解：该同学

19、的质量约为50kg，每层楼的高度约为3m，上楼时要克服重力做功，上5楼所做的功约为：W=Gh=mgh=50kg10N/kg43m=6000J，功率约为P=500W；故选C【点评】本题是一道估算题，根据对实际情况的掌握求出上楼所做的功，然后再求出功率3如图所示，为一可绕O点转动的杠杆，在A端通过绳作用一竖直向下的拉力F使杠杆平衡，此时AB部分水平，保持重物静止不动，而使绳绕A点从如图所示的位置沿图中的虚线CD转动，则( )A逆时针转，F先变小后变大B顺时针转，F先变小后变大C顺时针转，F先变大后变小D逆时针转，F先变大后变小【考点】杠杆的平衡分析法及其应用；杠杆中最小力的问题 【专题】动态预测题

20、【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂根据杠杆平衡条件动力动力力臂=阻力阻力力臂，分析力臂的变化可知力的变化【解答】解：如右图；连接OA，此时OA是最长动力臂；已知阻力（物重）不变，阻力臂不变；由杠杆的平衡条件：F动L动=F阻L阻，知：在F阻L阻不变的情况下，动力臂越长越省力；因此以OA为动力臂时，动力F最小；由图可知：当绳从图示位置沿顺时针方向旋转时，力F先变小后变大沿逆时针方向旋转时，力F变大故选B【点评】此题中，抓住动力臂最大、动力F最小时绳所处的位置，是解题的关键所在4关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确的是( )A温度高的物体，内能一定大B物体温度升高，一定吸收

21、了热量C物体吸收了热量，温度一定升高D物体温度升高，内能一定增加【考点】温度、热量与内能的关系 【分析】要解答本题需掌握温度、内能与热量三者之间的关系以及晶体在熔化过程中，虽然吸热，但温度保持不变【解答】解：A、温度是影响内能大小的一个因素，但不是唯一因素，所以温度高的物体内能不一定大故A不正确；B、改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，且二者是等效的，所以物体温度升高不一定是吸收了热量故B不正确；C、物体吸收热量内能增加，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变故C不正确；D、物体温度升高，分子运动加剧，分子动能增加，分子动能和分子势能总和为物体内能故D正确故选：D

22、【点评】本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中考的热点5下列现象中，改变物体内能的方式跟其他几个不同的是( )A自行车轮胎放气时，气门嘴处温度降低B放进冰箱冷冻室的水变成冰块C在汽油机的压缩冲程中，气缸内气体的温度升高D用手来回弯折铁丝，弯折处铁丝温度升高【考点】物体内能的改变 【专题】分子热运动、内能【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程【解答】解：A、自行车轮胎放气时，气体对外做功，内能减小，温度减小，因此该现象是通过做功改变物体内能的；B、冰箱内的温度很低，水变成冰时，需

23、要放出热量，因此是通过热传递来改变物体内能的；C、在汽油机的压缩冲程中，活塞对气体做功，内能增加，温度升高，将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变物体内能的；D、用手来回弯折铁丝时，机械能转化为铁丝的内能，内能增大温度升高，是通过做功改变了物体的内能故选B【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目6如图所示，为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统当乘客坐在座椅上时，座椅上的开关S1闭合；若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，下列设计比较合理的是( )ABCD【考点】串、并联电路的设计 【

24、专题】电流和电路【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被短路了【解答】解：A、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意；B、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意；C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意；D、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，不符合题意故选C【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路

25、的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路7在如图所示的电路中，闭合开关后，只有一盏灯亮，且电路中只有一处故障，故障只发生在灯上，则判断正确的是( )A若电压表、电流表均无示数，则Ll断路B若电压表无示数，电流表有示数，则灯Ll短路C若电压表、电流表均有示数，则灯L2断路D若电压表有示数，电流表无示数，则L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用 【分析】由图知，两个灯泡并联，电压表测量并联电路两端的电压，电流表测量Ll中的电流；闭合开关后，只有一盏灯亮，并且只有一个灯泡出现了故障，根据两表的情况，可知故障所在；注意电流表有示数表明电路为通路；如果电流表无示数，表明电路为断路【解

26、答】解：A、电流表均无示数，说明灯Ll断路；则L2完好，那么电压表应该有示数；故A错误BC、电流表有示数，说明灯Ll完好；则灯L2断路，电压表测量L1两端电压，故应该有示数；故B错误，C正确D、电流表均无示数，说明灯Ll断路；则L2完好，那么电压表应该有示数；故D错误故选C【点评】此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合图形和两表特点进行分析8如图所示的电路中，AB为粗细均匀的长为L的电阻导体，以AB上各点对A点的电压U为纵坐标，各点离A点的距离x为横坐标，则U随x变化的图线应为( )ABCD【考点】电路的动态分析 【专题】电路变化分析综合题【分析】导体的电阻与长度成正比，导体越长

27、，电阻越大，串联电路中的电压U与电阻成正比，电阻越大，电压越大【解答】解：各点离A点的距离x越大，导体的电阻越大，AB上的各点对A点的电压U就越大，所以U与x成正比，故为图象B故选B【点评】解决此类问题要结合影响电阻大小的因素和串联电路的电压规律及图象规律进行分析求解9标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示若把它与一只阻值为8的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率为( )A3WB3.3WC3.6WD5W【考点】电功率的计算；并联电路的电流规律 【专题】计算题；压轴题；信息给予题【分析】从图象上可以看出当电源电压为4V时，通过灯泡的电流为I1=0.4A，根据

28、公式I=可求通过电阻的电流，进一步求出总电流，根据公式P=UI可求整个电路消耗的功率【解答】解：读图可知，当电源电压为4V时，通过灯泡的电流为I1=0.4A，通过电阻的电流I2=0.5A，电路总电流I=I1+I2=0.4A+0.5A=0.9A，则整个电路消耗的功率为P=UI=4V0.9A=3.6W故选C【点评】本题考查并联电流和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是并联电路电流的规律，还要学会从题目所给信息中找到有用的数据10将标有“6V 3W”和“6V 2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端，接通电路后，以下说法正确的是( )A两只小灯泡都不能正常工作，甲灯比

29、乙灯亮B两只小灯泡都能正常发光C通过乙灯的电流较大，所以乙灯较亮D两只小灯泡的总功率小2W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用 【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；（2）根据串联电路的电流特点比较通过两灯泡的电流关系，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与两灯泡的额定电流相比较判断两灯泡是否正常工作，根据P=I2R比较两灯泡的实际功率关系判断亮暗关系，根据P=UI求出电路消耗的总功率【解答】解：（1）由P=UI可得，两灯泡的额定电流：I甲=0.5A，I乙=A，由I=可

30、得，两灯泡的电阻：R甲=12，R乙=18；（2）甲、乙两只小灯泡串联起来，接在电压为6V的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流相等，故C不正确；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.2A，因II乙I甲，所以，两灯泡均不能正常发光，故B不正确；由P=I2R可知，乙灯泡的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故A不正确；电路的总功率：P=UI=6V0.2A=1.2W2W，故D正确故选D【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，灯泡是否正常发光可以比较电流与额定电流之间的关系，可以比较两端的电压和额定电压之间的关系11如图所示，电源

31、电压保持不变，闭合开关S1和S2，灯L正常发光；则断开开关S2时( )A电流表示数变小，灯L仍然正常发光B电流表示数变大，灯L变亮C电压表示数变大，灯L的实际功率变小D电压表示数不变，电路的总功率变大【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；电功率的计算 【专题】压轴题【分析】由电路分析可得，开关全闭合时，R与L并联，电压表测量灯泡及电阻上的电压，电流表测干路电流；当开关S2断开时，由欧姆定律可得电流、电压的变化及灯泡上的亮度变化【解答】解：当断开S2时，只有灯泡L接入电路，因L并联在电路两端，故电压不变，所以灯泡的功率不变即亮度不变；因开关S2断开时R断路，故干路中的电流减小，故A正确，B错误；

32、因电源电压不变，故电压表示数不变，故C错误；因电路中R断开，灯泡的功率不变，故电路中总功率变小；故D错误；故选A【点评】本题中应掌握并联电路的特点，注意当用电器并联在电路两端时，电压保持不变12某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V”，滑动变阻器规格“20 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是 ( )A电路中电流变化的范围是0.18A0.5AB滑动变阻器阻值变化的范围是2.510C灯泡的最小功率是0.162WD该电路的最大功率是2.25W【考点】电功率的计算；串联电

33、路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联 【专题】计算题；压轴题；动态预测题；电路变化分析综合题【分析】从图中可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表与滑动变阻器并联，为了不损坏电路元件，根据串联电路电流的特点，应该选取通过灯泡L与通过滑动变阻器额定电流相比较，得出电路中的最大电流，通过灯泡L的电流可利用公式IL=计算，并且此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，可利用公式R总=计算总电阻，再利用公式RL=计算灯泡的电阻，最后利用公式R小=R总RL计算滑动变阻器接入电路中的最小阻值；为了不把电压表损坏，电压表的最大示数为3V，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，利

34、用公式UL=UU大计算电压，再利用公式I小=计算电流，最后利用公式R大=计算电阻，灯泡的最小功率可利用公式P小L=I小2RL计算；电路中的最大功率可利用公式P总大=UI大计算【解答】解：UL=2.5V，PL=1.25WIL=0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，根据串联电路电流的特点，所以电路中的最大电流I大=I=IL=0.5A，由于此时电流最大，所以滑动变阻器接入电路中的电阻最小， R总=9，RL=5，R小=R总RL=95=4；当电压表的示数最大为U大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电流最小，UL=UU大=4.5V3V=1.5V，再利用公式I小=0.3A，最后利用公式R大=

35、10；所以电路中电流的变化范围是0.3A0.5A，滑动变阻器阻值的变化范围是410；灯泡的最小功率为P小L=I小2RL=（0.3A）25=0.45W；电路中的最大功率为P总大=UI大=4.5V0.5A=2.25W故选D【点评】本题综合性较强，考查的内容较多，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串联电路的电压规律，电流规律，电阻规律，要用到电功率的一个变形公式：P=I2R求解，需要注意的是：P=I2R和P=这两个公式在电功率计算题里要经常用到二、填空题（本题共9小题，每空1分，共24分）13如图慢慢将一根电线杆竖起；（1）若力的方向总是竖直向上，在电线杆竖直抬起的过程中，力的大小将不变；（

36、2）若力的方向始终与杆垂直，则提起的过程中，力的大小将变小【考点】杠杆的平衡分析法及其应用 【分析】（1）如果力总是竖直向上，则由力F的力臂与重力的力臂的关系可以得出力的变化；（2）若力的方向始终与杆垂直，则可得出力F的力臂不变，由重力力臂的变化可求得力F的变化【解答】解：（1）若力总是竖直向上，则由几何知识可得力F的力臂始终为重力力臂的2倍，由力矩平衡得，力F将始终为重力的一半，故力F保持不变（2）若力与杆垂直，则力F的力臂不变，而重力的力臂逐渐减小，则由力矩平衡得力F将变小故答案为：不变，变小【点评】（1）中的力F的力臂为重力力臂的2倍可由相似三角形得出14升国旗用的旗杆顶上安装滑轮是为了

37、改变力的方向；如图所示的塔吊中使用滑轮组主要是为了省力借助图中的塔吊，用1104N的拉力F在20s内就可将重为1.8104N的重物匀速竖直提升10m，拉力F的功率是1.5104W【考点】功率的计算；定滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点 【专题】简单机械；功、功率、机械效率【分析】（1）定滑轮的优点是能改变力的方向；使用滑轮组既可以省力又可以改变力的方向；（2）先根据W=Fs求出拉力做的功，再根据功率公式P=，即可求出功率【解答】解：（1）升国旗用的旗杆顶上安装滑轮是为了改变力的方向；塔吊中使用滑轮组主要是为了省力；（2）重物由3段绳子承担，故拉力F提升绳子通过的距离为s=3h=310m=30

38、m；拉力F做功为W=Fs=1104N30m=3105J；拉力F的功率为P=1.5104W故答案为：改变力的方向；省力；1.5104【点评】深入理解定滑轮、滑轮组的特点，熟练运用功和功率的计算公式，是解答此题的关键15“嫦娥一号”卫星在绕月飞行的1年时间里，可能会遭遇两次月食，月食期间没有太阳光照射，卫星表面的温度会急剧下降，内能减小（选填“增大”、“减小”或“不变”），这是通过热传递的方式改变物体的内能【考点】热传递改变物体内能 【分析】要解答本题需掌握：热传递改变物体内能的特点【解答】解：发生月食的时候，太阳光被挡住，所以卫星表面温度急剧下降，内能减小，是能量的转移，属于热传递改变物体内能故

39、本题答案为：减小，热传递【点评】本题主要考查学生对：热传递的理解和掌握16如图是某种物体熔化时温度随加热时间变化的图象（假设在加热过程中物质的质量不变，单位时间内吸收的热量相同）（1）这种物质的固体属于晶体（选填“晶体”或“非晶体”）BC段物质的内能变大（变大、变小、不变）（2）该物质在AB 段和CD段的比热容分别为c1、c2，则c1：c2=1：2【考点】熔化和凝固的温度时间图象；晶体和非晶体的区别；比热容的概念 【专题】图析法；温度计、熔化和凝固；比热容、热机、热值【分析】（1）要解决此题，需要掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升晶体

40、在熔化过程中，继续吸热，温度不变，但内能增加（2）晶体熔化过程中质量不变，吸收热量的多少与加热时间成正比，根据Q=cmt可判断比热容的比值【解答】解：（1）由图知，该物质在熔化过程中，温度保持0不变，所以该物质为晶体并且熔点为0晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，但内能增加，所以物质在B点的内能小于在C点时的内能，即BC段物质的内能增大；（2）根据图中坐标信息可知，该物质在AB段温度升高10，被加热5min；在CD段温度升高10，被加热10min；则该物质在AB段吸热与CD段吸热之比为1：2，根据Q=cmt可得，=故答案为：（1）晶体；变大；（2）1：2【点评】此题主要考查了晶体的熔化图象要

41、学会从图象中找出与晶体有关的信息关键是掌握晶体的熔化特点：吸热但温度保持不变17如图甲所示，当开关S从点2转到1时，电流表和电压表对应的示数如图乙所示，由图甲和图乙中的信息可知，电源电压是6V，电阻R2的阻值是20，电阻R2的IU图象是丙图中的a（填“a”或“b”）【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律 【专题】计算题；压轴题；信息给予题【分析】当开关在2时，两电阻串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量总电流，当开关在1时，电路中只有电阻R1，电压表测量电源电压，此时示数最大，从乙图可以看出，【解答】解：从乙图可以看出电源电压为6V，当两电阻串联时，电阻R1两端

42、的电压为2V，电流为0.2A，所以电阻R2两端的电压为U2=UU1=6V2V=4V，所以电阻R2的阻值是R2=20，从图丙上可以看出，当电压为4V时，a对应的电流为0.2A，b对应的电流为0.4A，所以电阻R2的IU图象是丙图中的a故答案为：6；20；a【点评】本题考查电压、电阻的计算，关键是从图象上读出数据，难点是会分析开关在不同位置时电路的连接情况以及明白电流表和电压表分别测量哪一部分的电流和电压，要知道串联电路电流和电压的规律18某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路（如图甲所示），R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度变化的曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变，当有害尾气

43、浓度变大时，电压表的示数将变大，电压表与电流表示数之比将不变（均选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】欧姆定律的应用 【专题】推理法；欧姆定律【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压；根据乙图得出当有害尾气浓度变大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压；由图乙可知，当有害尾气浓度变大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小；根据I=可知，电路中的电流变大；根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大由于电压表与电流表示数之比为R0的阻值，而R0为定值电阻，所以电压表与电流表示数之比不变故答案为：变大；不变【点评】本题考查了电阻的串联特点和欧姆定