高考物理备考一轮总复习——牛顿运动定律的应用专题综合复习卷.docx

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1、高中物理高考备考一轮总复习牛顿运动定律的应用专题综合复习卷一、单选题（共7题）1如图所示，圆柱体的仓库内有三块长度不同的滑板aO、bO、cO，其下端都固定于底部圆心O，而上端则搁在仓库侧壁，三块滑板与水平面的夹角依次为30、45、60。若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑（忽略阻力），则（）Aa处小孩最先到O点Bb处小孩最先到O点Cc处小孩最先到O点D无法判断谁先到O点2如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.3当载重车厢沿索道向上加速运动时，质量为m的重物与车厢仍然保持相对静止状态，重物对车厢水平地板的正压力为其重力的1.15倍

2、，sin37=0.6，cos37=0.8，那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小和方向为（）A0.3mg，水平向右B0.3mg，水平向左C0.2mg，水平向右D0.2mg，水平向左3如图所示，质量为M的斜劈形物体放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿劈的粗糙斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，而物体M始终保持静止，则在物块m上、下滑动的整个过程中，下列说法错误的是（）A地面对物体M的摩擦力先向左后向右B地面对物体M的摩擦力方向没有改变C地面对物体M的支持力总小于D地面对物体M的摩擦力大小不同4如图所示，带支架的平板小车沿水平面向右做直线运动，质量为m的小球A用轻质细线悬挂于支架，小车右端

3、质量为M的物块B始终相对于小车静止。物块B与小车平板间的动摩擦因数为。若某段时间内观察到轻质细线与竖直方向夹角为，且保持不变，则在这段时间内（）A小车一定正在做加速运动B轻质细线对小球A的拉力大小为C物块B所受摩擦力大小为mg，方向水平向右D小车对物块B的作用力大小为，方向为斜向左上方5静止在水平地面上的物块，受到水平推力的作用，F与时间t的关系如图甲所示。物块的加速度a和时间t的关系如图乙所示。取g=10m/s2，认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力，可知以下判断正确的是（）A地面对物块的最大静摩擦力为1NB物块的质量为2kgC物块与地面间的动摩擦因数为0.2D0.5s时物块受到的摩擦力为06如图

4、所示为儿童乐园里一项游乐活动的示意图，金属导轨倾斜固定，倾角为，导轨上开有一狭槽，内置于一小球，球可沿槽无摩擦滑动，绳子一端与球相连，另一端连接一抱枕，小孩可抱住抱枕与之一起下滑，绳与竖直方向夹角为，且保持不变。假设抱枕质量为，小孩质量为，小球、绳的质量及空气阻力忽略不计，则下列说法正确的是（）A小孩与抱枕一起做匀速直线运动B分析可知C小孩对抱枕的作用力平行导轨方向向下D绳子拉力与抱枕对小孩的作用力之比为7如图甲所示，一个质量不计的弹簧测力计，劲度系数为30N/m，下面悬挂一个物块A，此时弹簧测力计示数为4N。现将一个质量为0.5kg的木板B放在A下面，在外力作用下托住木板B使物块A向上运动一

5、段距离，如图乙所示，当系统静止后，如果突然撤去木板B的瞬间物块A向下的加速度为。若不撤去木板B用外力控制木板B使二者一起以加速度向下做匀加速直线运动至二者分离，弹簧测力计始终未超量程，重力加速度，以下说法正确的是（）A撤去木板B的瞬间弹簧测力计的示数为3.75NB匀加速运动阶段起始时刻外力大小为8.1NC匀加速运动阶段二者分离时外力的大小4.5ND分离时弹簧测力计示数为零二、多选题（共5题）8用两根细线系住一小球悬挂于小车顶部，小车在水平面上做直线运动，球相对车静止。细线与水平方向的夹角分别为和（），设左边细线对小球的拉力大小为T1，右边细线对小球的拉力大小为T2，重力加速度为g，下列说法正确

6、的是（）A若，则小车可能在向右加速运动B若，则小车可能在向左减速运动C若，则小车加速度大小为D若，则小车加速度大小为9如图所示，水平面上O点左侧光滑，O点右侧粗糙。有8个质量均为m的完全相同的小滑块（可视为质点），用轻质细杆相连，相邻小滑块间的距离为L，滑块1恰好位于O点左侧，滑块2、3依次沿直线水平向左排开。现将水平恒力F作用于滑块1上，当第3个小滑块完全进入粗糙地带后到第4个小滑块进入粗糙地带前，小滑块做匀速直线运动，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）A当第1个小滑块刚进入粗糙地带时，第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小为B当第2个小滑块刚进入粗糙地带时，第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小

7、为C当第3个小滑块刚进入粗糙地带时，第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小为D当第4个小滑块刚进入粗糙地带时，第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小为10某同学在列车车厢顶部，用细绳悬挂一个小球。在列车运动的过程中，观察到细绳偏过一定角度，并相对车厢保持静止。已知列车的加速度方向向右，下列说法正确的是（）A小球的加速度方向向右B列车速度变化量的方向无法确定C列车一定向右运动D列车的速度可能变大也可能变小11如图为汽车运送大型圆柱形物体的示意图。忽略圆柱体与左侧竖直挡板和右侧斜面间的摩擦。当汽车向右运动的加速度增大时，则（）A竖直挡板对圆柱体的推力增大B竖直挡板对圆柱体的推力不变C斜面对圆柱体的支持力减少D

8、斜面对圆柱体的支持力不变12如图所示，物体A恰好能静止在斜面上，现用一个力F作用在物体A上，力F方向沿斜面向上，斜面B始终静止在地面上，则下列说法正确的是（）A物体A一定受到沿斜面方向的摩擦力B施加F之前地面对斜面B一定没有摩擦力C施加F之后地面对斜面B一定有水平向左的摩擦力D无论物体A被拉力拉动沿斜面匀速上升还是加速上升，斜面B受地面的摩擦力都相同三、解答题（共4题）13我国自主研制的首艘075型两栖攻击舰“海南号”，是中国海军排在航母之后的第二大战舰类型。在某次试航过程中，“海南号”由静止开始经时间t行驶距离为s，若将“海南号”的运动视为匀加速直线运动，其总质量为m。求“海南号”此次试航过

9、程中（1）t时刻速度v的大小；（2）受到合力F的大小。14质量为M=2.5kg的一只长方体形铁箱在水平拉力F作用下沿水平面向右匀加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数为1=0.50。这时铁箱内一个质量为m=0.5kg的木块恰好能静止在后壁上（如图所示），木块与铁箱内壁间的动摩擦因数为2=0.25。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2。求：（1）木块对铁箱的压力； （2）水平拉力F的大小。（3）减小拉力F，经过一段时间，木块落底后不反弹，某时刻当箱的速度为v=6m/s时撤去拉力，经1s时间木块从左侧到达右侧，则铁箱长度是多少？15随着社会的发展，外卖配送也正踏入“无人+”领域。某天工作

10、人员正在通过无人机将质量m=1kg的医疗物品送至用户家中，如图所示，在无人机的作用下，物品在水平地面上由静止开始竖直向上做匀加速直线运动，经过t1=2s后变成匀速直线运动，已知匀速直线运动时间t2=5s，然后再经匀减速t3=4s后到达用户窗台，此时物品恰好静止，离地高度h=40m。若在匀速运动阶段无人机对物品的作用力大小为F=15N，整个运动过程中物品可看成质点，物品所受空气阻力恒定，求：（1）物品运动过程中的最大速率；（2）匀减速阶段物品的加速度大小和位移大小；（3）匀加速阶段无人机对物品的作用力大小。16如图所示，传送带的倾角，从A到长度为，传送带以的速度逆时针转动。在传送带上端无初速度地

11、放一个质量为的黑色煤块，它与传送带之间的动摩擦因数为。煤块在传送带上经过会留下黑色划痕，已知，取，不计空气阻力，求：（1）煤块到点时速度的大小；（2）煤块从A到的过程中传送带上留下划痕的长度。参考答案1B【详解】设仓底半径为r，滑板倾角为，有又可知当=45有t最小值。故B正确ACD错误。故选B。2C【详解】对重物竖直方向解得a=2.5m/s2水平方向方向向右。故选C。3A【详解】AB物体m先减速上升，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，将物体m的加速度分解为沿水平和竖直两个方向，如图根据牛顿第二定律，对于m，M对m的作用力的方向始终没变化 ，则m对M的作用力的方向也没有发生变化，即地面对斜面体的

12、静摩擦力方向没有变，A错误B正确；C对M与m整体受力分析，受到重力，地面支持力FN，和地面摩擦力，竖直方向地面对物体M的支持力总小于，C正确；D根据牛顿第二定律，对于m，受到的M对m的作用力其中为斜面倾角，由上滑的加速度大于下滑的加速度，则M对m的作用力大小不同，m对M的作用力也不同，所以地面对物体M的摩擦力大小不同，D正确。故选A。4D【详解】A对A受力分析，由牛顿第二定律得解得方向水平向左，则小车向右做减速运动，故A错误；B细绳的拉力为故B错误；C由题意可知，A与小车相对静止，则小车与A具有相同的加速度，即小车的加速度大小为，方向水平向左，此刻物块B的加速度与小车相同，根据牛顿第二定律可知

13、方向水平向左，小车对物体B的作用力为方向为斜向左上方，故C错误，D正确。故选D。5B【详解】A由甲乙两图可知，当时，物体才开始具有加速度，可知地面对物体的最大静摩擦力故A错误；BC由甲图知根据牛顿第二定律得，加速度为由乙图可知，图线的斜率解得则动摩擦因数为故B正确，C错误；D根据共点力的平衡可知，时物块受到的摩擦力为1N，故D错误。故选B。6B【详解】AB由于球沿斜槽无摩擦滑动，系统具有相同的加速度，则解得做匀加速直线运动隔离对小孩和抱枕分析，加速度解得可得A错误B正确；C对抱枕分析，受重力、拉力、小孩对抱枕的作用力，因为沿绳子方向合力为零，平行导轨方向的合力为可知小孩对抱枕的作用力与绳子在同

14、一条直线上，C错误；D对人和抱枕整体分析，根据平行四边形定则知，绳子的拉力抱枕对小孩的作用力方向沿绳子方向向上，大小为 ，则绳子拉力与抱枕对小孩的作用力之比为 ，D错误。故选A。7C【详解】A对A：初始时刻时弹簧测力计示数为4N，有突然撤去木板B的瞬间物块A向下的加速度为，则有联立代入数值解得选项A错误；B若不撤去木板B用外力控制木板B使二者一起以加速度向下做匀加速直线运动，对AB整体分析有解得选项B错误；CD分离时，根据牛顿第二定律对B：对A：解得选项C正确，D错误。故选C。8AD【详解】AC若T1=0，小车具有向右的加速度，根据牛顿第二定律可得则小车可能在向右加速运动，也可能向左减速运动，

15、故A正确，C错误；BD若T2=0，小车具有向左的加速度，根据牛顿第二定律可得则小车可能在向左加速运动，也可能向右减速运动，故B错误，D正确。故选AD。9BD【详解】A设每个滑块进入粗糙地段时所受的摩擦力为f，则当第3个小滑块完全进入粗糙地带后到第4个小滑块进入粗糙地带前，小滑块做匀速直线运动，可知F=3f当第1个小滑块刚进入粗糙地带时，整体的加速度第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小为选项A错误；B当第2个小滑块刚进入粗糙地带时，整体的加速度第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小为选项B正确；C当第3个小滑块刚进入粗糙地带时，整体加速度为零，则第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小为零，选项C错误；D当第4个

16、小滑块刚进入粗糙地带时，整体的加速度第7、8小滑块之间轻杆的弹力大小为负号表示与速度方向相反，选项D正确；故选BD。10AD【详解】A小球的加速度与列车的加速度相同，A正确；B列车的加速度方向向右，速度变化量的方向向右，B错误；CD列车可能向右加速，也可能向左减速，C错误，D正确。故选AD。11AD【详解】CD以圆柱体为研究对象，分析受力情况，如图重力mg、竖直挡板对圆柱体的弹力F2和斜面的弹力F1。设斜面的加速度大小为a，根据牛顿第二定律得，竖直方向水平方向当汽车的加速度增大，因为圆柱体在竖直方向上合力为零，则斜面对圆柱体的支持力在竖直方向上的分力等于重力，则斜面对圆柱体的支持力不变，故D正

17、确，C错误；AB由可知，当汽车向右运动的加速度增大时，竖直挡板对圆柱体的推力增大，故A正确，B错误。故选AD。12BCD【详解】A物体A可能在拉力、重力及支持力的作用下平衡，此时不受摩擦力。A错误；B施加F之前，将A和B看作一个整体，水平方向无外力，所以系统没有运动的趋势，所以不受摩擦力。B正确；C施加F之后如果A静止，将A和B看作一个整体，系统有向右运动的趋势，所以地面对斜面B有水平向左的摩擦力，如果A加速，则A给B的摩擦力沿斜面向上，所以A对B的作用力向右下，即B有向右运动的趋势，所以地面对斜面B有水平向左的摩擦力。总之，施加F之后地面对斜面B一定有水平向左的摩擦力。C正确；D无论物体A被

18、拉力拉动沿斜面匀速上升还是加速上升，A对B的作用力不变，所以斜面B受地面的摩擦力不变。D正确。故选BCD。13(1)；(2)【详解】(1)根据匀变速直线运动位移与平均速度关系，有解得(2)根据匀变速直线运动速度与时间关系，有由牛顿第二定律，可得联立，可得14（1）20N，方向水平向左；（2）135N；（3）1.5m【详解】解：（1）对木块：在竖直方向：由相对静止得mg=Ff=2FNFN=N=20N由牛顿第三定律得：木块对铁箱的压力FN=-FN=-20N，方向水平向左（2）对木块：在水平方向FN=maa=40m/s2对铁箱和木块整体F-1（M+m）g=（M+m）a故水平拉力F=（M+m）（a+1

19、g）=135N（3）撤去拉力F时，箱和木块的速度均为v=6m/s，因12，以后木块相对箱滑动。木块加速度a2=2g=2.5m/s2又铁箱加速度a1=5.5m/s2铁箱减速时间为t0=1.1s1s故木块到达箱右端时，箱未能停止。则经t=1s木块比铁箱向右多移动距离L即铁箱长。即有L=（vt-a2t2）-（vt-a1t2）=（a1-a2）t2解得L=1.5m15（1）5m/s；（2）1.25m/s2，10m；（3）17.5N【详解】（1）由题意可知解得vm=5m/s（2）匀减速阶段物品的加速度大小解得a2=1.25m/s2位移大小解得x=10m（3）由牛顿第二定律有F-F阻-mg=ma1又解得F=17.5N16（1）；（2）【详解】（1）开始阶段由牛顿第二定律得代入数据解得物体加速至与传送带速度相等时需要的时间为，则发生的位移由于所以物体加速到时仍未到达B点，此时摩擦力方向改变。第二阶段有解得设第二阶段物体滑动到的时间为，则解得（舍去）；煤块在点的速度为（2）第一阶段煤块的速度小于传送带速度，煤块相对传送带向上移动，煤块的位移为传送带的位移为煤块相对传送带上移第二阶段煤块的速度大于传送带速度，煤块相对传送带向下移动，煤块的位移为传送带的位移为煤块相对传送带下移由于，故传送带表面留下黑色划痕的长度为