全国高考数学试题及答案-全国1卷.pdf

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1、2 2 0 0 1 1 6 6 年年 全全 国国 高高 考考 数数 学学(理理 科科)试试 题题及及 答答 案案-全全 国国 1 1 卷卷(解解 析析 版版)(总总2 2 1 1 页页)-本页仅作为文档封面，使用时请直接删除即可-内页可以根据需求调整合适字体及大小-绝密 启用前20162016 年普通高等学校招生全国统一考试（全国年普通高等学校招生全国统一考试（全国 1 1 卷）卷）数学（理科）数学（理科）注意事项：1.本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分.第卷 1 至 3 页,第卷 3 至 5 页.2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置.3.全部答案在答题

2、卡上完成,答在本试题上无效.4.考试结束后,将本试题和答题卡一并交回.第卷第卷一一.选择题：本大题共选择题：本大题共 1212 小题小题,每小题每小题 5 5 分分,在每小题给出的四个选项中在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目只有一项是符合题目要求的要求的.（1）设集合A x x 4x3 0 ,x 2x3 0,则A（A）3,2B 333 33,1,（B）（C）（D）,32222【答案】D考点：集合的交集运算【名师点睛】集合是每年高考中的必考题,一般以基础题形式出现,属得分题.解决此类问题一般要把参与运算的集合化为最简形式再进行运算,如果是不等式解集、函数定义域及值域有关数集之间的运算,

3、常借助数轴进行运算.（2）设(1i)x 1 yi,其中x,y实数,则x yi=-2-2-（A）1（B）2（C）3（D）2【答案】B【解析】试题分析：因为x(1i)=1+yi,所以x xi=1+yi,x=1,y x 1,|x yi|=|1+i|2,故选B.考点：复数运算【名师点睛】复数题也是每年高考必考内容,一般以客观题形式出现,属得分题.高考中复数考查频率较高的内容有：复数相等,复数的几何意义,共轭复数,复数的模2及复数的乘除运算,这类问题一般难度不大,但容易出现运算错误,特别是i 1中的负号易忽略,所以做复数题要注意运算的准确性.（3）已知等差数列an前 9 项的和为 27,a108,则a1

4、00（A）100（B）99（C）98（D）97【答案】C【解析】9a136d 27,所以a1 1,d 1,a100 a199d 199 98,试题分析：由已知,a19d 8故选 C.考点：等差数列及其运算【名师点睛】我们知道,等差、等比数列各有五个基本量,两组基本公式,而这两组公式可看作多元方程,利用这些方程可将等差、等比数列中的运算问题转化解关于基本量的方程（组）,因此可以说数列中的绝大部分运算题可看作方程应用题,所以用方程思想解决数列问题是一种行之有效的方法.-3-3-（4）某公司的班车在 7:00,8:00,8:30 发车,小明在 7:50 至 8:30 之间到达发车站乘坐班车,且到达发

5、车站的时刻是随机的,则他等车时间不超过 10 分钟的概率是1123（A）（B）（C）（D）3234【答案】B考点：几何概型【名师点睛】这是全国卷首次考查几何概型,求解几何概型问题的关键是确定“测度”,常见的测度由：长度、面积、体积等.x2y221表示双曲线,且该双曲线两焦点间的距离为 4,则（5）已知方程2m n3m nn的取值范围是（A）1,3（B）1,3（C）0,3（D）0,3【答案】A考点：双曲线的性质-4-4-【名师点睛】双曲线知识一般作为客观题学生出现,主要考查双曲线几何性质,属于基础题.注意双曲线的焦距是 2c 不是 c,这一点易出错.（6）如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆

6、及每个圆中两条相互垂直的半径.若该几何体的体积是28,则它的表面积是3（A）17（B）18（C）20（D）28【答案】A【解析】试题分析：该几何体直观图如图所示：74281是一个球被切掉左上角的,设球的半径为R,则V R3,解得R 2,所8833以它的表面积是的球面面积和三个扇形面积之和7871S=422+322=17故选 A84考点：三视图及球的表面积与体积【名师点睛】由于三视图能有效的考查学生的空间想象能力,所以以三视图为载体的立体几何题基本上是高考每年必考内容,高考试题中三视图一般常与几何体的表面积与体积交汇.由三视图还原出原几何体,是解决此类问题的关键.-5-5-（7）函数y 2x2e

7、x在2,2的图像大致为（A）（B）（C）（D）【答案】D考点：函数图像与性质【名师点睛】函数中的识图题多次出现在高考试题中,也可以说是高考的热点问题,这类题目一般比较灵活,对解题能力要求较高,故也是高考中的难点,解决这类问题的方法一般是利用间接法,即由函数性质排除不符合条件的选项.（8）若a b 10，c1,则（A）ac bc（B）abc bac（C）alogbc blogac（D）logac logbc【答案】C【解析】-6-6-1试题分析：用特殊值法,令a 3,b 2,c 得32 22,选项 A 错误,322 232,选21111项 B 错误,3log2111 2log32,选项 C 正确

8、,log3 log2,选项 D 错误,故选 C222考点：指数函数与对数函数的性质【名师点睛】比较幂或对数值的大小,若幂的底数相同或对数的底数相同,通常利用指数函数或对数函数单调性进行比较,若底数不同,可考虑利用中间量进行比较.（9）执行右面的程序框图,如果输入的x 0，y 1，n 1,则输出x,y的值满足（A）y 2x（B）y 3x（C）y 4x（D）y 5x开始输入x,y,nn-1，y=ny2n=n+1x=x+x2+y2 36？输出x,y结束【答案】C考点：程序框图与算法案例【名师点睛】程序框图基本是高考每年必考知识点,一般以客观题形式出现,难度不大,求解此类问题一般是把人看作计算机,按照

9、程序逐步列出运行结果.-7-7-(10)以抛物线C的顶点为圆心的圆交C于A、B两点,交C的准线于D、E两点.已知|AB|=4 2,|DE|=2 5,则C的焦点到准线的距离为(A)2 (B)4 (C)6 (D)8【答案】B考点：抛物线的性质.【名师点睛】本题主要考查抛物线的性质及运算,注意解析几何问题中最容易出现运算错误,所以解题时一定要注意运算的准确性与技巧性,基础题失分过多是相当一部分学生数学考不好的主要原因.(11)平面过正方体ABCD-A1B1C1D1的顶点A,3231CB1D12233ABCD mCB1D1ABB1A1n/CB1D1m/m,n/nm,nm,n长AD,过D1作D1E/B1

10、C,连接CE,B1D1,则CE为m,同理-8-8-B1F1为n,而BD/CE,B1F1/A1B,则m,n所成的角即为A1B,BD所成的角,即为60,故m,n所成角的正弦值为3,选 A.2考点：平面的截面问题,面面平行的性质定理,异面直线所成的角.【名师点睛】求解本题的关键是作出异面直线所成角,求异面直线所成角的步骤是：平移定角、连线成形,解形求角、得钝求补.（12）.已知函数f(x)sin(x+)(0，2),x 4为f(x)的零点,x 4为5y f(x)图像的对称轴,且f(x)在，单调,则的最大值为18 36（A）11?（B）9?（C）7?（D）5【答案】B考点：三角函数的性质-9-9-【名师

11、点睛】本题将三角函数单调性与对称性结合在一起进行考查,叙述方式新颖,是一道考查能力的好题.注意本题解法中用到的两个结论:fx AsinxA 0,0的单调区间长度是半个周期;若x x0fx AsinxA 0,0fx0 A第 II II 卷.的图像关于直线对称,则fx0 A或本卷包括必考题和选考题两部分本卷包括必考题和选考题两部分.第第(13)(13)题题 第第(21)(21)题为必考题题为必考题,每个试题考生都必每个试题考生都必须作答须作答.第第(22)(22)题题 第第(24)(24)题为选考题题为选考题,考生根据要求作答考生根据要求作答.二、填空题：本大题共二、填空题：本大题共 3 3 小题

12、小题,每小题每小题 5 5 分分(13)设向量a a=(m,1),b b=(1,2),且|a a+b b|2=|a a|2+|b b|2,则m=.【答案】2【解析】试题分析：由|a a b b|2|a a|2|b b|2,得a a b b,所以m1120,解得m 2.考点：向量的数量积及坐标运算【名师点睛】全国卷中向量大多以客观题形式出现,属于基础题.解决此类问题既要准确记忆公式,又要注意运算的准确性.本题所用到的主要公式是：若a a x1,y1,b b x2,y2,则a ab b x1y1 x2y2.(14)(2xx)5的展开式中,x3的系数是 .（用数字填写答案）【答案】10-10-10-

13、考点:二项式定理【名师点睛】确定二项展开式指定项的系数通常是先写出通项从而确定指定项系数.（15）设等比数列an满足a1+a3=10,a2+a4=5,则a1a2an的最大值为【答案】64【解析】a182a1a310a1(1q)10试题分析：设等比数列的公比为q,由得,解得1.2q a2a45a1q(1q)52Tr1,再确定 r 的值,所以a1a2an a qn12(n1)117 n2 n1n(n21)228()2,于是当n3或4时,a1a22nan取得最大值26 64.考点：等比数列及其应用高考中数列客观题大多具有小、巧、活的特点,在解答时要注意方程思想及数列相关性质的应用,尽量避免小题大做.

14、（16）某高科技企业生产产品 A 和产品 B 需要甲、乙两种新型材料生产一件产品 A 需要甲材料,乙材料 1kg,用 5 个工时；生产一件产品 B 需要甲材料,乙材料,用3 个工时生产一件产品 A 的利润为 2100 元,生产一件产品 B 的利润为 900元该企业现有甲材料 150kg,乙材料 90kg,则在不超过 600 个工时的条件下,生产产品 A、产品 B 的利润之和的最大值为元-11-11-【答案】216000作出二元一次不等式组表示的平面区域（如图）,即可行域.-12-12-考点：线性规划的应用【名师点睛】线性规划也是高考中常考的知识点,一般以客观题形式出现,基本题型是给出约束条件求

15、目标函数的最值,常见的结合方式有：纵截距、斜率、两点间的距离、点到直线的距离,解决此类问题常利用数形结合.本题运算量较大,失分的一个主要原因是运算失误.三.解答题：解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.（17）（本小题满分为 12 分）ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知2cos C(acosB+b cos A)c.（I）求C；（II）若c 7,ABC的面积为【答案】（I）C【解析】试题分析：（I）先利用正弦定理进行边角代换化简得得cosC 1,故C；233 3,求ABC的周长23（II）5713 3（II）根据absinC 及C 得ab6再利用余弦定理得223ab2 25再根

16、据c 7可得C的周长为57-13-13-考点：正弦定理、余弦定理及三角形面积公式【名师点睛】三角形中的三角变换常用到诱导公式,sinABsinC,cosAB cosC,tanAB tanC,就是常用的结论,另外利用正弦定理或余弦定理处理条件中含有边或角的等式,常考虑对其实施“边化角”或“角化边.”（18）（本小题满分为 12 分）如图,在以A,B,C,D,E,F为顶点的五面体中,面ABEF为正方形,AF=2FD,AFD 90,且二面角D-AF-E与二面角C-BE-F都是60（I）证明：平面ABEF平面EFDC；（II）求二面角E-BC-A的余弦值DCF2 1919【答案】（I）见解析（II）-

17、14-14-试题解析：（I）由已知可得F DF,F F,所以F 平面FDC又F平面F,故平面F 平面FDC（II）过D作DGF,垂足为G,由（I）知DG 平面F以G为坐标原点,GF的方向为x轴正方向,GF为单位长度,建立如图所示的空间直角坐标系G xyz由（I）知DF为二面角DF的平面角,故DF 60,则DF 2,DG 3,可得1,4,0,3,4,0,3,0,0,D 0,0,3由已知,/F,所以/平面FDC又平面CD平面FDC DC,故/CD,CD/F由/F,可得 平面FDC,所以CF为二面角C F的平面角,CF 60从而可得C 2,0,3所以C 1,0,3,0,4,0,C 3,4,3,4,0

18、,0设n x,y,z是平面C的法向量,则nC 0 x3z 0,即,4y 0n 0所以可取n 3,0,3mC 0设m是平面CD的法向量,则,m 0同理可取m 0,3,4则cos n,m nm2 19 n m19-15-15-故二面角 C的余弦值为2 1919考点：垂直问题的证明及空间向量的应用【名师点睛】立体几何解答题第一问通常考查线面位置关系的证明,空间中线面位置关系的证明主要包括线线、线面、面面三者的平行与垂直关系,其中推理论证的关键是结合空间想象能力进行推理,要防止步骤不完整或考虑不全致推理片面,该类题目难度不大,以中档题为主.第二问一般考查角度问题,多用空间向量解决.（19）（本小题满分

19、 12 分）某公司计划购买 2 台机器,该种机器使用三年后即被淘汰.机器有一易损零件,在购进机器时,可以额外购买这种零件作为备件,每个 200元.在机器使用期间,如果备件不足再购买,则每个 500 元.现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件,为此搜集并整理了 100 台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数,得下面柱状图：以这 100 台机器更换的易损零件数的频率代替 1 台机器更换的易损零件数发生的概率,记X表示 2 台机器三年内共需更换的易损零件数,n表示购买 2 台机器的同时购买的易损零件数.（I）求X的分布列；-16-16-（II）若要求P(X n)0.5,确定n的最小值；（III

20、）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据,在n 19与n20之中选其一,应选用哪个？【答案】（I）见解析（II）19（III）n 19【解析】试题分析：（I）先确定X的取值分别为 16,17,18,18,20,21,22,再用相互独立事件概率模型求概率,然后写出分布列；（II）通过频率大小进行比较；（III）分别求出n=9,n=20 的期望,根据n 19时所需费用的期望值小于n 20时所需费用的期望值,应选n 19.所以X的分布列为X16171819202122P0.040.160.240.240.20.080.04-17-17-（）由（）知P(X 18)0.44,P(X 19)0.68,故

21、n的最小值为 19.（）记Y表示 2 台机器在购买易损零件上所需的费用（单位：元）.当n 19时,EY 192000.68(19200 500)0.2(19200 2500)0.08(192003500)0.04 4040.当n 20时,EY 202000.88(20200 500)0.08(20200 2500)0.04 4080.可知当n 19时所需费用的期望值小于n 20时所需费用的期望值,故应选n 19.考点：概率与统计、随机变量的分布列【名师点睛】本题把随机变量的分布列与统计及函数结合在一起进行考查,有一定综合性但难度不是太大大,求解关键是读懂题意,所以提醒考生要重视数学中的阅读理解

22、问题.（20）.（本小题满分 12 分）设圆x2 y22x15 0的圆心为A,直线l过点B（1,0）且与x轴不重合,l交圆A于C,D两点,过B作AC的平行线交AD于点E.（I）证明EA EB为定值,并写出点E的轨迹方程；（II）设点E的轨迹为曲线C1,直线l交C1于M,N两点,过B且与l垂直的直线与圆A交于P,Q两点,求四边形MPNQ面积的取值范围.x2y21（y 0）（II）12,8 3)【答案】（）43试题解析：（）因为|AD|AC|,EB/AC,故EBD ACD ADC,-18-18-所以|EB|ED|,故|EA|EB|EA|ED|AD|.又圆A的标准方程为(x 1)2 y216,从而|

23、AD|4,所以|EA|EB|4.由题设得A(1,0),B(1,0),|AB|2,由椭圆定义可得点E的轨迹方程为：x2y21（y 0）.43（）当l与x轴不垂直时,设l的方程为y k(x 1)(k 0),M(x1,y1),N(x2,y2).y k(x 1)由x2y2得(4k23)x28k2x 4k212 0.13 48k24k212则x1 x22,x1x2.4k 34k2312(k21)所以|MN|1 k|x1 x2|.24k 3221过点B(1,0)且与l垂直的直线m：y (x 1),A到m的距离为2,所以kk 14k23|PQ|2 4()4.故四边形MPNQ的面积22k 1k 1222S 1

24、1|MN|PQ|12 12.24k 3可得当l与x轴不垂直时,四边形MPNQ面积的取值范围为12,8 3).当l与x轴垂直时,其方程为x 1,|MN|3,|PQ|8,四边形MPNQ的面积为 12.综上,四边形MPNQ面积的取值范围为12,8 3).考点：圆锥曲线综合问题【名师点睛】高考解析几何解答题大多考查直线与圆锥曲线的位置关系,直线与圆锥曲线的位置关系是一个很宽泛的考试内容,主要由求值、求方程、求定值、最-19-19-值、求参数取值范围等几部分组成,.其中考查较多的圆锥曲线是椭圆与抛物线,解决这类问题要重视方程思想、函数思想及化归思想的应用.（21）（本小题满分 12 分）已知函数fxx2

25、exax1有两个零点.(I)求a的取值范围；(II)设x1,x2是fx的两个零点,证明：x1 x2 2.【答案】(0,)2试题解析;（）f(x)(x1)ex2a(x1)(x1)(ex2a)（i）设a 0,则f(x)(x2)ex,f(x)只有一个零点（ii）设a 0,则当x(,1)时,f(x)0；当x(1,)时,f(x)0所以f(x)在(,1)上单调递减,在(1,)上单调递增又f(1)e,f(2)a,取b满足b 0且b lnf(b)a3(b2)a(b1)2 a(b2b)0,22a,则2故f(x)存在两个零点（iii）设a 0,由f(x)0得x 1或x ln(2a)e若a ,则ln(2a)1,故当

26、x(1,)时,f(x)0,因此f(x)在(1,)上单调递2增又当x 1时,f(x)0,所以f(x)不存在两个零点-20-20-e若a ,则ln(2a)1,故当x(1,ln(2a)时,f(x)0；当x(ln(2a),)2时,f(x)0因此f(x)在(1,ln(2a)单调递减,在(ln(2a),)单调递增又当x 1时,f(x)0,所以f(x)不存在两个零点综上,a的取值范围为(0,)考点：导数及其应用【名师点睛】,对于含有参数的函数单调性、极值、零点问题,通常要根据参数进行分类讨论,要注意分类讨论的原则：互斥、无漏、最简；,解决函数不等式的证明问题的思路是构造适当的函数,利用导数研究函数的单调性或

27、极值破解.请考生在请考生在 2222、2323、2424 题中任选一题作答题中任选一题作答,如果多做如果多做,则按所做的第一题计分则按所做的第一题计分,做答做答时请写清题号时请写清题号（22）（本小题满分 10 分）选修 4-1：几何证明选讲如图,OAB是等腰三角形,AOB=120.以O为圆心,(I)证明：直线AB与1OA为半径作圆.2O相切；(II)点C,D在O上,且A,B,C,D四点共圆,证明：ABCD.-21-21-DOCAB【答案】(I)见解析(II)见解析试题解析：（）设E是AB的中点,连结OE,因为OA OB,AOB 120,所以OE AB,AOE 60在RtAOE中,OE O相切

28、1AO,即O到直线AB的距离等于圆O的半径,所以直线AB与2DOOECAB（）因为OA 2OD,所以O不是A,B,C,D四点所在圆的圆心,设O是A,B,C,D四点所在圆的圆心,作直线OO由已知得O在线段AB的垂直平分线上,又O在线段AB的垂直平分线上,所以OO AB同理可证,OOCD所以AB/CD考点：四点共圆、直线与圆的位置关系及证明-22-22-【名师点睛】近几年几何证明题多以圆为载体命制,在证明时要抓好“长度关系”与“角度关系的转化”,熟悉相关定理与性质.该部分内容命题点有：平行线分线段成比例定理；三角形的相似与性质；四点共圆；圆内接四边形的性质与判定；切割线定理.（23）（本小题满分

29、10 分）选修 44：坐标系与参数方程x acost在直角坐标系xy中,曲线C1的参数方程为（t为参数,a0）y 1asint在以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2：=4cos.（I）说明C1是哪一种曲线,并将C1的方程化为极坐标方程；（II）直线C3的极坐标方程为0,其中0满足 tan0=2,若曲线C1与C2的公共点都在C3上,求a【答案】（I）圆,22sin1 a2 0（II）1C2：4cos,两边同乘得2 4cos22 x2 y2，cos xx2 y2 4x,即x 2 y2 4C3：化为普通方程为y 2x,由题意：C1和C2的公共方程所在直线即为C3得：4x 2y 1

30、a2 0,即为C3-23-23-1 a2 0,a 1考点：参数方程、极坐标方程与直角坐标方程的互化及应用【名师点睛】“互化思想”是解决极坐标方程与参数方程问题的重要思想,解题时应熟记极坐标方程与参数方程的互化公式及应用.（24）（本小题满分 10 分）,选修 45：不等式选讲已知函数fx x1 2x3.（I）在答题卡第（24）题图中画出y fx的图像；（II）求不等式fx1的解集【答案】（I）见解析（II），1，3 5，31试题解析：如图所示：-24-24-考点：分段函数的图像,绝对值不等式的解法【名师点睛】不等式证明选讲多以绝对值不等式为载体命制试题,主要涉及图像、解不等式、由不等式恒成立求参数范围等.解决此类问题通常转换为分段函数求解,注意不等式的解集一定要写出集合形式.-25-25-