广东省2013年高考数学第二轮复习 专题升级训练26 解答题专项训练(数列) 文.doc

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1、-1-专题升级训练专题升级训练 2626解答题专项训练解答题专项训练(数列数列)1已知等差数列an的前n项和为Sn，a23，S10100.(1)求数列an的通项公式；(2)设bn13nan，求数列bn的前n项和Tn.2已知等比数列an的前n项和为Sn，且满足Sn3nk，(1)求k的值及数列an的通项公式；(2)若数列bn满足an12(4k)anbn，求数列bn的前n项和Tn.3已知数列an的前n项和为Sn，a11，Snnann(n1)(nN N*)(1)求数列an的通项公式；(2)设bn2anan1，求数列bn的前n项和Tn.4已知Sn是等比数列an的前n项和，S4，S10，S7成等差数列(1

2、)求证a3，a9，a6成等差数列；(2)若a11，求数列a3n的前n项的积5已知等差数列an满足a27，a5a726，an的前n项和为Sn.(1)求an及Sn；(2)令bn1a2n1(nN N*)，求数列bn的前n项和Tn.6.已知数列an满足a12，nan1(n1)an2n(n1)(1)证明：数列ann为等差数列，并求数列an的通项；(2)设cnan2，求数列cn3n1的前n项和Tn.7已知等差数列an的前n项和为Sn，首项为 1 的等比数列bn的公比为q，S2a3b3，且a1，a3，b4成等比数列(1)求an和bn的通项公式；(2)设cnkanlog3bn(kN N*)，若1c1，1c2，

3、1ct(t3)成等差数列，求k和t的值8若数列An满足An1A2n，则称数列An为“平方递推数列”已知数列an中，a12，点(an，an1)在函数f(x)2x22x的图象上，其中n为正整数(1)证明数列2an1是“平方递推数列”，且数列lg(2an1)为等比数列；(2)设(1)中“平方递推数列”的前n项之积为Tn，即Tn(2a11)(2a21)(2an1)，求数列an的通项及Tn关于n的表达式；(3)记bnlog2an1Tn，求数列bn的前n项和Sn，并求使Sn2 012 的n的最小值-2-参考答案参考答案1解：解：(1)设an的公差为d，有a1d3，10a11092d100，解得a11，d2

4、，ana1(n1)d2n1.(2)Tn1331325133(2n1)13n，13Tn13231335134(2n1)13n1，相减，得23Tn1321322133213n(2n1)13n1232n2313n.Tn1n13n.2解：解：(1)当n2 时，由anSnSn13nk3n1k23n1，a1S13k，所以k1.(2)由an12(4k)anbn，可得bnn23n1，bn32n3n，Tn3213232333n3n，13Tn32132233334n3n1，所以23Tn321313213313nn3n1，Tn9412123nn3n1.3解：解：(1)Snnann(n1)，当n2 时，Sn1(n1)

5、an1(n1)(n2)，anSnSn1nann(n1)(n1)an1(n1)(n2)anan12.数列an是首项a11，公差d2 的等差数列故an1(n1)22n1，nN N*.(2)由(1)知bn2anan12(2n1)(2n1)12n112n1，Tnb1b2bn113 1315 1517 12n112n1 112n12n2n1.4解：解：(1)当q1 时，2S10S4S7，q1.由 2S10S4S7，得2a1(1q10)1qa1(1q4)1qa1(1q7)1q.-3-a10，q1，2q10q4q7.则 2a1q8a1q2a1q5.2a9a3a6.a3，a9，a6成等差数列(2)依题意设数列

6、a3n的前n项的积为Tn，Tna13a23a33an313q3(q2)3(qn1)3q3(q3)2(q3)n1(q3)123(n1)(1)32()n nq.又由(1)得 2q10q4q7，2q6q310，解得q31(舍)，q312.Tn(1)212n n.5解：解：(1)设等差数列an的首项为a1，公差为d.由于a37，a5a726，所以a12d7,2a110d26.解得a13，d2.由于ana1(n1)d，Snn(a1an)2，所以an2n1，Snn(n2)(2)因为an2n1，所以a2n14n(n1)因此bn14n(n1)141n1n1，故Tnb1b2bn1411212131n1n1141

7、1n1n4(n1)，所以数列bn的前n项和Tnn4(n1)6解：解：(1)nan1(n1)an2n(n1)，an1n1ann2.数列ann为等差数列不妨设bnann，则bn1bn2，从而有b2b12，b3b22，bnbn12，累加得bnb12(n1)，即bn2n.an2n2.(2)cnan2n，Tn130231332n3n1，3Tn13232333n3n，-4-两式相减，得Tn1332333n1n3n214n214 3n，Tn14n214 3n.7解：解：(1)设等差数列an的公差为d，由S2a3，得 2a1da12d，故有a1d.由a3b3，得a12db1q2，故有 3a1q2.由a1，a3

8、，b4成等比数列，得a32a1b4，故有 9a1q3.由解得a13，q3，所以an3(n1)33n，bn3n1.(2)因为cnkanlog3bn，所以c13k，c27k，ct4tk1.由1c1，1c2，1ct(t3)成等差数列，得2c21c11ct，故有27k13k14tk1，得t3k5k138k1.因为t3，tN N*，所以k1 必须是 8 的正约数，所以k2，t11或k3，t7或k5，t5或k9，t4.8解：解：(1)an12an22an,2an112(2an22an)1(2an1)2，数列2an1是“平方递推数列”由以上结论 lg(2an11)lg(2an1)22lg(2an1)，数列lg(2an1)为首项是 lg 5，公比为 2 的等比数列(2)lg(2an1)lg(2a11)2n12n1lg 5lg52n1，2an152n1，an12(52n11)lgTnlg(2a11)lg(2an1)(2n1)lg 5，Tn52n1.(3)bnlgTnlg(2an1)(2n1)lg 52n1lg 5212n1，Sn2n212n1.Sn2 012，2n212n12 012.n12n1 007.nmin1 007.