《中考物理总复习》河南省洛阳市2019年中考物理模拟试卷三（含解析）.doc

《《中考物理总复习》河南省洛阳市2019年中考物理模拟试卷三（含解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《《中考物理总复习》河南省洛阳市2019年中考物理模拟试卷三（含解析）.doc（28页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2019年河南省洛阳市中考物理模拟试卷（三）一、单选题1下列物体中，物重大小最接近10N的是（）A一头牛B一个中学生C一件棉衣D一盒火柴22017年的巴塞罗那世界移动通信大会上，中国企业代表中国移动面向世界演示了5G医疗应用场景和联网无人机场景，受到瞩目。5G支持下的超高清传输、远距离视频传输利用了（）A电磁波B超声波C次声波D以上三者3下列有关热现象说法正确的是（）A春天，清晨河面上淡淡的白雾是空气中水蒸气的升华现象B夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是水蒸气液化形成的C深秋，早晨的地面上出现白霜是空气中水蒸气的液化现象D冬天，窗户玻璃上的“冰花”是室外空气中水蒸气凝固形成的4如图是抓拍

2、机动车闯红灯装置的工作原理示意图。光控开关接收到红灯发出的光会自动闭合，压力开关受到机动车的压力会闭合，摄像系统在电路接通时可自动拍摄违章车辆。下列有关说法正确的是（）A摄像系统拍摄的图象是正立缩小的虚像B当红灯损坏不能发光时，该装置仍能正常工作C若将光控开关和压力开关并联，也能起到相同的作用D只要光控开关和压力开关有一个不闭合，摄像系统都不会自动拍摄5在一个标准大气压下，温度为100的水将（）A一定沸腾B一定不会沸腾C一定蒸发D都不可能6如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则

3、下列判断错误的是（）A电源的电压为6VB电路的最大总功率为3.6WCR2的电功率一直变大D图乙中D点是滑片位于中点时的状态二、多选题7如图所示，是小明探究甲凸透镜（f甲18cm）的成像情况。此时，他又用乙凸透镜（f乙10cm）替换甲凸透镜，不改变蜡烛和凸透镜的位置，继续实验。下列关于乙凸透镜成像情况，说法正确的是（）A要在光屏上成清晰的像，光屏应向右移动B要在光屏上成清晰的像，光屏应向左移动C移动光屏，在光屏上可以得到一个清晰等大的像D移动光屏，在光屏上可以得到一个清晰放大的像8如图所示，把一小球先后放入盛有不同液体的甲、乙两个容器中，在甲容器中小球漂浮在液面上，在乙容器中小球加速下沉到容器底

4、部。已知：小球在甲容器中受到的浮力为F1，小球在乙容器中受到的浮力为F2，甲容器中的液体密度为1，乙容器中的液体密度为2，则下列判断正确的是（）AF1F2BF1F2C12D12三、填空题9学校最近举行了防震安全疏散演练，地震会产生（次/超）声波。警报声之所以能传播很远的距离，是因为它的大。有些同学感觉警报声刺耳，用手捂住耳朵，这是在处减弱噪声。10夏天，把一大块冰放在塑料袋中，过一段时间后，冰变成了水，这是现象，塑料袋没有漏水，但是在塑料袋外面却出现一层水珠，这是现象（以上两空均填物态变化名称）。11如图所示，在10s内把一个重400N的物体沿竖直方向向下匀速提升了2m，所用拉力F为250N，

5、不计摩擦和绳重。则此过程中有用功是J，额外功是J，拉力的功率是W，滑轮的机械效率是%。12学习了电学知识之后，小亮研究家中具有保温功能的电饭锅，画出电饭锅的电路原理图如图，电饭锅的铭牌上部分内容如下表。额定电压 220V加热功率 1100W保温功率 44W最大容积 3L要使电饭锅加热，开关S（选填“闭合”或“断开”），电饭锅正常加热时，电路的电流是A。13正在行驶的汽车关闭发动机后，由于仍然向前运动，但汽车的速度将（选填“变大”、“变小”或“不变”），这是由于汽车受到的缘故。14甲、乙、丙图为研究电磁现象的三个重要实验，其结论和原理在生产和生活中有广泛的应用，请各举一例。甲：；乙：；丙：。四、

6、作图题15如图所示，一个重为4牛的木块放置在水平地面上，请用力的图示法画出木块对地面的压力F。16请标出通电螺线管两端的极性，并画出图中放置的小磁针北极在螺线管通电是的受力方向（黑色部分表示小磁针的N级）。五、实验题17在“探究平面镜成像特点”的实验中，如图1所示。（1）现有厚度分别为5mm和2mm的两块玻璃板，应选择mm厚的玻璃板做实验，目的是。（2）用玻璃板代替平面镜的原因是，便于研究平面镜的成像特点。（3）若白纸上每方格长度是5cm，将点燃的蜡烛由A点移至B点，此时它与移动后在玻璃板中所成的像的距离是cm，用光屏在玻璃板后面无论如何移动，在光屏上都（选填“能”或“不能”）成像，说明平面镜

7、所成的是像。（4）如图2甲所示是从平面镜中看到墙上的时钟的像，请在乙图上画出时钟的实际时间。18在研究“杠杆的平衡条件”实验中，（1）实验前发现杠杆右端偏高，需将平衡螺母往移一些，直至杠杆在位置平衡。实验过程中，要使杠杆在水平位置平衡，目的是。（2）如图乙所示是三次实验结果，实验时所用的每个钩码重0.5N，杠杆上每一格长5cm，实验次数动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm11.510121201031201.510（3）将表格中的实验数据补充完整。（4）分析第一、二次测量实验数据，可以得到：。（5）在分析第三次测量数据时，该同学发现F1L1和F2L2并不相等，该同学实验过程

8、中的失误之处在于。19小兵用图1所示电路来探究“电压一定时，电流与电阻的关系”。（1）将R调为5，闭合开关，移动滑动变阻器至适当位置，记录两电表示数。其中电压表的指针所指位置如图2所示，它的示数为V。（2）将R调为20，小兵在记录数据前，他应先调节，使；（3）多次实验后，小兵得到电流和电阻R的倒数的关系图象如图3所示，由此他得到的实验结论是：当电压一定时，电流与电阻成（选填“正比”或“反比”）；（4）小兵身旁有一只仅能看清“0.25A”字样的小灯泡，为了知道其额定功率，他根据图3得到0.25A对应的电阻值为8，从而算出该小灯泡的额定功率P0.5W，你认为小兵求小灯泡额定功率的方法是否正确：（选

9、填“正确”或“不正确”），你的理由是：。六、综合题20如图所示，轿车从某地在高速公路上往南宁方向匀速行驶，当到达A地时，车内的钟表显示为10h15min，到达B地时，钟表显示为10h45min。求：（1）轿车从A地到B地用多少时间？（2）轿车从A地到B地的速度。（3）若轿车仍以该速度继续匀速行驶，从B地到南宁需要多长时间？21某品牌电热水器有慢加热、快加热和保温三个工作状态。铭牌上的部分参数如下表所示，其中快加热功率参数模糊不清，它能够把水加热到的最高温度为75简化电路如图所示，R1、R2均为加热电阻温度对电阻的影响忽略不计）。若电热水器中已装满质量为40kg、温度为25的水。请完成下列问题：

10、已知水的比热容c4.2×103J/（kg）（1）用该电热水器把水加热到最高温度，水需要吸收的热量。（2）开关S1闭合，S2接b，电热水器处于慢加热工作状态，求R1的阻值。（3）若加热电阻产生的热量有84%被水吸收，用该电热水器把原有的水加热到最高温度，用快加热比用慢加热节约多少秒？（结果保留整数）额定电压220V保温功率605W慢加热功率1210W快加热功率2019年河南省洛阳市中考物理模拟试卷（三）参考答案与试题解析一、单选题1下列物体中，物重大小最接近10N的是（）A一头牛B一个中学生C一件棉衣D一盒火柴【分析】此题考查对生活中常见物体重力的估测，结合对生活的了解和对重力单位N的

11、认识，必要时进行一定的计算选出符合实际的选项。【解答】解：A、一头牛的质量在200kg以上，受到的重力为200kg×10N/kg2000N此选项不符合题意；B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力为50kg×10N/kg500N此选项不符合题意；C、一件棉衣的质量在1kg左右，受到的重力为1kg×10N/kg10N此选项符合题意；D、一盒火柴的质量在20g0.02kg左右，受到的重力为0.02kg×10N/kg0.2N此选项不符合题意。故选：C。【点评】对重力大小的估测，感觉困难时，可以将物体受到的重力化成质量，通过对质量大小的了解确定重力的大小关系。

12、22017年的巴塞罗那世界移动通信大会上，中国企业代表中国移动面向世界演示了5G医疗应用场景和联网无人机场景，受到瞩目。5G支持下的超高清传输、远距离视频传输利用了（）A电磁波B超声波C次声波D以上三者【分析】电磁波能够传递信息和能量，据此分析。【解答】解：电磁波能够传递信息，且传递信息的质量高、传输距离远，所以，5G支持下的超高清传输、远距离视频传输利用了电磁波。故选：A。【点评】本题考查了电磁波的应用，属于基础知识。3下列有关热现象说法正确的是（）A春天，清晨河面上淡淡的白雾是空气中水蒸气的升华现象B夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是水蒸气液化形成的C深秋，早晨的地面上出现白霜是空气

13、中水蒸气的液化现象D冬天，窗户玻璃上的“冰花”是室外空气中水蒸气凝固形成的【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：A、春天，清晨河面上淡淡的白雾是空气中的水蒸气在温度较低时液化形成的小水滴，故A错误；B、夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，是空气中的水蒸气在温度较低的冰棍周围液化形成的小水滴，故B正确；C、秋天，早晨的地面上出现白霜是空气中的水蒸气遇冷变成的小冰晶，是凝华现象，

14、故C错误；D、冬天，窗户玻璃上的冰花，是由室内温度较高的水蒸气遇冷变成的小冰晶，是凝华现象，故D错误。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。4如图是抓拍机动车闯红灯装置的工作原理示意图。光控开关接收到红灯发出的光会自动闭合，压力开关受到机动车的压力会闭合，摄像系统在电路接通时可自动拍摄违章车辆。下列有关说法正确的是（）A摄像系统拍摄的图象是正立缩小的虚像B当红灯损坏不能发光时，该装置仍能正常工作C若将光控开关和压力开关并联，也能起到相同的作用D只要光控开关和压力开关有一个不闭合，摄像系统都不会自动拍摄【分析】（1）只有在红灯亮的期间，

15、光控开关才闭合，若此时车辆违规闯红灯行驶时，会压上压力开关，压力开关受到机动车的压力会闭合；（2）光控开关和压力开关都闭合后，电磁铁中有电流通过，产生磁性，电磁铁会将衔铁吸下，使摄像系统所在的电路接通，摄像机会对违规车辆进行拍照。【解答】解：A、摄像系统是照相机原理，成倒立缩小实像，故A错误；B、红灯是控制电路工作的一个条件，因此红灯损坏，该装置不正常，故B错误；C、光控开关和压力开关是相互影响的，因此这两个开关只能串联，故C错误；D、分析题意可知，只有光控开关和压力开关都闭合时，控制电路才能接通，摄像系统才会自动拍摄，故D正确。故选：D。【点评】（1）要使摄像系统工作，要同时具备两个条件：红

16、灯亮起，光控开关因接受红光而闭合；车辆要违规行驶，压上压力开关，两个条件同时具备，缺一不可。（2）此题也是电磁继电器在生活中的应用，明白它的工作原理是解决问题的关键。5在一个标准大气压下，温度为100的水将（）A一定沸腾B一定不会沸腾C一定蒸发D都不可能【分析】汽化有两种方式：蒸发和沸腾。蒸发的发生不受任何条件的影响，沸腾有两个必要的条件：达到沸点、继续吸热。【解答】解：蒸发的发生不受任何条件的影响，所以温度为100的水一定能蒸发。在一个标准大气压下，水沸腾必须具备两个条件：温度是100，继续吸热，本题没有提到是否继续吸热，所以可能沸腾也可能不沸腾。故选：C。【点评】正确理解汽化的两种方式，蒸

17、发和沸腾的发生条件。6如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列判断错误的是（）A电源的电压为6VB电路的最大总功率为3.6WCR2的电功率一直变大D图乙中D点是滑片位于中点时的状态【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑片位于a端时，接入电路的电阻为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值

18、，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变求出R1的阻值和电源的电压，根据PUI求出电路的最大总功率；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据PI2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，进一步判断R2消耗的电功率变化；（3）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻一半时电路中的电流，然后结合图象判断对应的点。【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑片位于a端时，接入电路的电阻为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，由图象可知，Ia0.6A，由I可得，电源的电压UIaR10.6A×R

19、1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，由图象可知，Ib0.2A，Ub4V，则滑动变阻器的最大阻值：R220，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压UIbR1+Ub0.2A×R1+4V，因电源的电压不变，所以，0.6A×R10.2A×R1+4V，解得：R110，电源的电压UIaR10.6A×106V，故A正确，不符合题意；电路的最大总功率：P最大UIa6V×0.6A3.6W，故B正确，不符合题意；（2）电路中的电流：I，滑动变阻器消耗的电功率：P2I2R2（）2×R2，当R210时，P

20、2max0.9W，当R20时，Pa0W，当R220时，Pb（）2×200.8W，综上可知，滑片P从a端移动到b端，R2消耗的电功率先变大后变小，故C错误，符合题意；（3）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻一半时，电路中的电流：I中0.3A，由图象可知，对应与D点，故D正确，不符合题意。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用数学知识判断滑动变阻器消耗电功率的变化和从图象中得出相关的信息。二、多选题7如图所示，是小明探究甲凸透镜（f甲18cm）的成像情况。此时，他又用乙凸透镜（f乙10cm）替换甲凸透镜，不

21、改变蜡烛和凸透镜的位置，继续实验。下列关于乙凸透镜成像情况，说法正确的是（）A要在光屏上成清晰的像，光屏应向右移动B要在光屏上成清晰的像，光屏应向左移动C移动光屏，在光屏上可以得到一个清晰等大的像D移动光屏，在光屏上可以得到一个清晰放大的像【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律，分析图象中物距和像距的大小关系，得出此时成像的特点；将凸透镜换成焦距为10cm时，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大而得出光屏移动的方向。【解答】解：（1）由图知，物距大于像距，此时成倒立缩小的实像；（2）当将凸透镜换成焦距f为10cm的，由图可知，此时u2f，则成倒立缩小的实像；相当于增大了物距，根据凸透镜成实

22、像时，物近像远像变大，可知应将光屏向左移动才能得到清晰的像，综上分析，选项B正确，ACD错误。故选：BD。【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系，难度稍大。8如图所示，把一小球先后放入盛有不同液体的甲、乙两个容器中，在甲容器中小球漂浮在液面上，在乙容器中小球加速下沉到容器底部。已知：小球在甲容器中受到的浮力为F1，小球在乙容器中受到的浮力为F2，甲容器中的液体密度为1，乙容器中的液体密度为2，则下列判断正确的是（）AF1F2BF1F2C12D12【分析】根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系，再根据pgh判断对杯底的压强关系。【解答】解

23、：（1）由甲图可知，小球在甲容器的液体中漂浮，则浮力F1G球，由乙图可知，小球在乙容器的液体中下沉，则浮力F2G球，所以F1F2；故A正确，B错误；（2）因为1球时小球漂浮，2球时小球下沉，所以甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，所以12，故C正确，D错误。故选：AC。【点评】本题考查了物体浮沉条件的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。三、填空题9学校最近举行了防震安全疏散演练，地震会产生次（次/超）声波。警报声之所以能传播很远的距离，是因为它的响度大。有些同学感觉警报声刺耳，用手捂住耳朵，这是在人耳处减弱噪声。【分析】（

24、1）人耳的听觉范围是20Hz20000Hz，其中高于20000Hz的声波是超声波，低于20Hz的声波叫做次声波；（2）响度表示声音大小，越大传播越远；（3）运用减小噪音的方法解答。【解答】解：（1）许多自然灾害，例如风暴、飓风、火山爆发、地震、海啸等都会发出次声波，所以地震前人们不能感知到；（2）声音的大小用响度表示，警报声之所以能传播很远的距离是响度大的原因；（3）减小噪音可从声源处、传播过程中、人耳处三个渠道进行，用手捂住耳朵当然是在人耳处减小噪音。故答案为：次；响度；人耳。【点评】本题考查了超声波和次声波的特点及声的应用，属于基本内容，比较简单。学生对地震波可能了解比较少，课后要多看一些

25、课外书籍，扩大自己的知识面。10夏天，把一大块冰放在塑料袋中，过一段时间后，冰变成了水，这是熔化现象，塑料袋没有漏水，但是在塑料袋外面却出现一层水珠，这是液化现象（以上两空均填物态变化名称）。【分析】冰吸热由固态变为液态的水是熔化现象；空气中的水蒸气遇冷液化在塑料袋外面出现小水珠。【解答】解：塑料袋中的冰变成水是熔化现象，在塑料袋外面出现一层小水珠是空气中的水蒸气遇冷发生的液化现象。故答案为：熔化；液化。【点评】本题考查了：物态变化，难度不大，是一道基础题。11如图所示，在10s内把一个重400N的物体沿竖直方向向下匀速提升了2m，所用拉力F为250N，不计摩擦和绳重。则此过程中有用功是 80

26、0 J，额外功是 200 J，拉力的功率是 100 W，滑轮的机械效率是 80 %。【分析】（1）由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n2，则拉力F移动的距离s2h克服物体的重力所做的功是有用功；利用WGh即可求出有用功；（2）拉力F与拉力移动距离的乘积为总功，利用W总W有+W额计算额外功；（3）根据P求出拉力的功率；（4）有用功与总功的比值是机械效率；【解答】解：（1）有用功：W有Gh400N×2m800J；（2）由于承担总重的绳子有2段，则绳端移动的距离：s2h2×2m4m，拉力F所做的总功：W总Fs250N×4m1000J，由W总W有+W额可得，额外功

27、：W额W总W有1000J800J200J；（3）拉力做功的功率：P100W；（4）滑轮组的机械效率：×100%×100%80%。故答案为：800；200；100；80。【点评】本题考查了学生对总功、有用功、机械效率以及功率的理解和掌握，正确求出有用功和总功是关键。12学习了电学知识之后，小亮研究家中具有保温功能的电饭锅，画出电饭锅的电路原理图如图，电饭锅的铭牌上部分内容如下表。额定电压 220V加热功率 1100W保温功率 44W最大容积 3L要使电饭锅加热，开关S闭合（选填“闭合”或“断开”），电饭锅正常加热时，电路的电流是 5 A。【分析】（1）电源电压一定，由电功率公

28、式P可知，电路电阻越小，电功率越大，电路电阻越大，电功率越小，据此判断电饭锅处于加热状态时S的状态；（2）电饭锅正常加热时的功率和额定功率相等，由表格数据可知其大小，根据PUI求出电路的电流。【解答】解：（1）由电路图知，当开关S闭合时，只有电阻R1接入电路，此时电路电阻较小，由电功率公式P知，此时电饭锅电功率较大，电饭锅处于加热状态；（2）电饭锅正常加热时的功率P1100W，电压U220V，由PUI可得，电路中的电流：I5A。故答案为：闭合；5。【点评】本题考查了电功率公式的灵活应用，关键是会比较开关闭合、断开时电路中电阻的关系和知道用电器正常工作时的功率与额定功率相等。13正在行驶的汽车关

29、闭发动机后，由于惯性仍然向前运动，但汽车的速度将变小（选填“变大”、“变小”或“不变”），这是由于汽车受到地面摩擦力的缘故。【分析】力的作用效果之一就是力可以改变物体的运动状态；一切物体都有惯性，惯性现象是指由于物体有保持原来状态的性质而导致的现象。【解答】解：行驶的汽车关闭发动机后，汽车由于惯性还要保持原来向前的运动状态，所以仍然向前运动，该现象是由惯性引起的；当汽车前进时，地面会对汽车有一个向后的摩擦力作用，摩擦力的方向与汽车运动方向相反，所以在摩擦力的作用下车速减慢，最终静止；故答案为：惯性，变小，地面摩擦力。【点评】此题考查了惯性现象和力与运动的关系，会用惯性知识解释相关现象。14甲、

30、乙、丙图为研究电磁现象的三个重要实验，其结论和原理在生产和生活中有广泛的应用，请各举一例。甲：电磁铁；乙：电动机；丙：发电机。【分析】（1）奥斯特实验说明通电导线周围有磁场，是电流的磁效应，电磁铁是利用电流的磁效应制成的；（2）乙图中磁场中的导体通入电流后会受力运动，电动机是利用此原理工作的；（3）产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，发电机是利用电磁感应原理制成的。【解答】解：图甲是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，是电流的磁效应，电磁铁是利用电流的磁效应制成的；乙图中，磁场中的导体通入电流后会受力运动，说明通电导体在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成

31、的；丙图中装置研究的是电磁感应现象，发电机就是根据电磁感应原理制成的。故答案为：电磁铁；电动机；发电机。【点评】本题考查了电和磁的相关知识，知道各种电磁类电器的工作原理是解决问题的关键。四、作图题15如图所示，一个重为4牛的木块放置在水平地面上，请用力的图示法画出木块对地面的压力F。【分析】已知的是重力，要求画出的是压力，因此，分析时要搞清在此种状态下，重力与压力的关系，明确三要素，再确定标度，最后画出线段。【解答】解：木块放置在水平地面上，木块对地面的压力FG4N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面的中点，取标度为2N，作出压力的图示，如图所示：【点评】本题学生容易把力作用点画在物体重心上

32、；压力的作用点在受压物体的表面，重力的作用点在物体的几何中心上，不能混淆。16请标出通电螺线管两端的极性，并画出图中放置的小磁针北极在螺线管通电是的受力方向（黑色部分表示小磁针的N级）。【分析】先根据安培定则判断出通电螺线管的南北极，然后根据磁极间的相互作用（同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引）画出小磁针北极的受力方向。【解答】解：电源的左端是正极，电流从通电螺线管的左端流入，右端流出，根据右手定则可知，螺线管右端就是N极；由于同名磁极相互排斥，所以小磁针的N极即上端就会受到一个向右的排斥力的作用；如图所示：【点评】这是一道综合题，考查了安培定则、磁极间的相互作用等，其中小磁针的所受力的示意图

33、是一个难点。五、实验题17在“探究平面镜成像特点”的实验中，如图1所示。（1）现有厚度分别为5mm和2mm的两块玻璃板，应选择 2 mm厚的玻璃板做实验，目的是防止厚玻璃板出现两个像，影响到实验效果。（2）用玻璃板代替平面镜的原因是便于观察和确定像的位置，便于研究平面镜的成像特点。（3）若白纸上每方格长度是5cm，将点燃的蜡烛由A点移至B点，此时它与移动后在玻璃板中所成的像的距离是 20 cm，用光屏在玻璃板后面无论如何移动，在光屏上都不能（选填“能”或“不能”）成像，说明平面镜所成的是虚像。（4）如图2甲所示是从平面镜中看到墙上的时钟的像，请在乙图上画出时钟的实际时间。【分析】（1）从厚玻璃

34、板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题。（2）选玻璃板是为了准确确定像的位置，便于比较像与物的大小，达到理想的实验效果。（3）平面镜成像的特点，所成的像是虚像；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。实像能承接在光屏上，虚像不能承接到光屏上。（4）根据镜面对称的性质，在平面镜中的钟面上的时针、分针的位置和实物应关于过12时、6时的直线成轴对称。【解答】解：（1）透明的玻璃板，可以观察到玻璃板的另一侧；因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板，用2mm厚的。（2）因为玻璃板既能让光透过也可以反射光，

35、容易确定像的位置，而平面镜是不透明的，无法确定像的位置，所以选用玻璃板；（3）若白纸上每方格长度是5cm，将点燃的蜡烛由A点移至B点，此时它与玻璃板的距离为2×5cm10cm，像与玻璃板的距离为10cm，则它与像的距离为10cm+10cm20cm；因为平面镜成虚像，光屏不能承接虚像，所以用光屏在玻璃板后面无论如何移动，在光屏上都不能成像。（4）根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像和物体关于平面镜对称。所以图中表盘数字的顺序与实际顺序左右相反，时针指向10和11之间，分针指向7，实际时间为10：35如下图所示：故答案为：（1）2；防止厚玻璃板出现两个像，影响到实验效果；（2）便于观察和

36、确定像的位置；（3）20；不能；虚；（4）见上图。【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。重在探索过程中遇到的困难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循。18在研究“杠杆的平衡条件”实验中，（1）实验前发现杠杆右端偏高，需将平衡螺母往右移一些，直至杠杆在水平位置平衡。实验过程中，要使杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂。（2）如图乙所示是三次实验结果，实验时所用的每个钩码重0.5N，杠杆上每一格长5cm，实验次数动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm11.510121201031201.510（3）将表格中的实验数据补充完整。 2 15 （4）分析第

37、一、二次测量实验数据，可以得到： F1L1F2L2。（5）在分析第三次测量数据时，该同学发现F1L1和F2L2并不相等，该同学实验过程中的失误之处在于 L1不是F1的力臂。【分析】（1）杠杆右端偏高，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，使杠杆在水平位置平衡，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响。实验过程中，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；（3）根据表格中提供的数据和杠杆平衡条件F1L1F2L2进行计算；（4）杠杆平衡条件：F1L1F2L2；（5）由图可见，第3次实验中拉力的方向没有竖直向下，导致力臂不能从杠杆上正

38、确读出。【解答】解：（1）杠杆的右端偏高，使杠杆左端或右端的平衡螺母向偏高的右端移动。实验前应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是：排除杠杆自重对实验的影响，便于测量力臂大小；实验过程中，要使杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂；（3）第1次实验：根据杠杆平衡条件F1L1F2L2得，1.5N×10cm1N×L2，则L215cm。第2次实验：根据杠杆平衡条件F1L1F2L2得，1N×20cmF2×10cm，则F22N。（4）分析第一、二次测量实验数据，可以得到：F1L1F2L2；（5）杠杆在水平位置平衡，F1的方向垂直于杠杆时，

39、力臂才在杠杆上。如图，F1倾斜拉动杠杆在水平位置平衡，力臂不在杠杆上，所以动力臂L1读取错误。本实验中进行多次测量的目的是：避免实验次数过少，导致实验结论具有偶然性，便于从中寻找规律。故答案为：（1）右；水平；便于测量力臂；（3）实验次数动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm11.510115212021031201.510（4）F1L1F2L2；（5）L1不是F1的力臂。【点评】此题是探究杠杆平衡条件实验中应注意的问题，要掌握杠杆平衡的调节及调节杠杆在水平位置平衡的目的，当杠杆平衡时，并且力竖直作用在杠杆上时，力臂才在杠杆上。19小兵用图1所示电路来探究“电压一定时，电流与

40、电阻的关系”。（1）将R调为5，闭合开关，移动滑动变阻器至适当位置，记录两电表示数。其中电压表的指针所指位置如图2所示，它的示数为 2 V。（2）将R调为20，小兵在记录数据前，他应先调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为2V ；（3）多次实验后，小兵得到电流和电阻R的倒数的关系图象如图3所示，由此他得到的实验结论是：当电压一定时，电流与电阻成反比（选填“正比”或“反比”）；（4）小兵身旁有一只仅能看清“0.25A”字样的小灯泡，为了知道其额定功率，他根据图3得到0.25A对应的电阻值为8，从而算出该小灯泡的额定功率P0.5W，你认为小兵求小灯泡额定功率的方法是否正确：不正确（选填“正确”或

41、“不正确”），你的理由是：该图象是在U2V的情况下得到的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A 。【分析】（1）电压表的读数，要先观察选用的量程及对应的分度值，再根据指针位置读数；（2）研究电流与电阻的关系，需要保持电阻两端的电压不变，采用的方法是调节滑动变阻器的滑片，使电阻两端的电压为定值；（3）由图3可知，电流与成正比，则电流与电阻成反比；（4）图3的图象是在U2V的情况下得到的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A，据此分析判断。【解答】解：（1）由图可知，电压表的量程是03V量程，分度值为0.1V，根据指针位置可得电压U2V；（2

42、）将R调为20，小兵在记录数据前，要保持电阻两端的电压不变，他应先调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为2V；（3）由图3可知，电流与成正比，则电流与电阻成反比；即当电压一定时，电流与电阻成反比；（4）该图象是在U2V的情况下得到的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A，所以小兵求小灯泡额定功率的方法是不正确的故答案为：（1）2；（2）滑动变阻器的滑片；电压表的示数仍为2V；（3）反比；（4）不正确；该图象是在U2V的情况下得到的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A。【点评】本题为电压一定时，电流与电阻的关系的探究题目，考查了电压表的

43、读数、控制变量法的使用、分析图象得出结论的能力，综合性强，有难度！六、综合题20如图所示，轿车从某地在高速公路上往南宁方向匀速行驶，当到达A地时，车内的钟表显示为10h15min，到达B地时，钟表显示为10h45min。求：（1）轿车从A地到B地用多少时间？（2）轿车从A地到B地的速度。（3）若轿车仍以该速度继续匀速行驶，从B地到南宁需要多长时间？【分析】此题考查了速度公式即变形式，结合图象反映的路程信息可以求解答案。【解答】解：（1）轿车从A地到B地所用时间t30min0.5h；（2）轿车从A地到B地的s1207050km，故速度100km/h；（3）若轿车仍以该速度继续匀速行驶，则从B地到

44、南宁所用时间t0.7h；答：（1）轿车从A地到B地用时30min；（2）轿车从A地到B地的速度v100km/h；（3）从B地到南宁需要0.7h。【点评】解决此类题目的关键是通过图象得出需要信息，结合速度公式及变形式求解答案。21某品牌电热水器有慢加热、快加热和保温三个工作状态。铭牌上的部分参数如下表所示，其中快加热功率参数模糊不清，它能够把水加热到的最高温度为75简化电路如图所示，R1、R2均为加热电阻温度对电阻的影响忽略不计）。若电热水器中已装满质量为40kg、温度为25的水。请完成下列问题：已知水的比热容c4.2×103J/（kg）（1）用该电热水器把水加热到最高温度，水需要吸收

45、的热量。（2）开关S1闭合，S2接b，电热水器处于慢加热工作状态，求R1的阻值。（3）若加热电阻产生的热量有84%被水吸收，用该电热水器把原有的水加热到最高温度，用快加热比用慢加热节约多少秒？（结果保留整数）额定电压220V保温功率605W慢加热功率1210W快加热功率【分析】由电路图可知，开关S1闭合、S2接a时，R1与R2并联；开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路；开关S1断开、S2接a时，电路断路；开关S1断开、S2接b时，R1与R2串联，根据PUI可知，电路中的电阻越小，电路的总功率越大，据此判断电热水器的档位。（1）根据Qcmt计算把水加热到最高温度，水需要吸收的热量；（2

46、）开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路，电热水器处于慢加热档，根据P求出电阻R1的阻值；（3）根据并联电路的电阻特点，可求得R1与R2并联时的总电阻，然后利用P求出快加热功率，根据加热电阻产生的热量有84%被水吸收，可求得消耗的电能：用慢加热消耗的电能与用快加热消耗的电能相同，然后利用P公式变形分别求得快加热和用慢加热所用时间，然后可得出结论。【解答】解：（1）水需要吸收的热量：Qcmt4.2×103J/（kg）×40kg×（7525）8.4×106J；（2）开关S1闭合、S2接b时，电路为R1的简单电路，电热水器处于慢加热档，由P可得，电阻R1的阻值：R140；（3）开关S1断开、S2接b时