《中考物理总复习》山东省威海市2019年九年级物理下学期模拟试卷三（含解析）.doc

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1、2019年山东省威海市中考物理模拟试卷（三）一、选择题1.关于现代通信和电磁波，下列说法中正确的是A.光纤通信传输的信息量很大，主要用于无线电广播B.卫星通信利用人造卫星作为中继站进行通信C.电磁波的应用对人类有利无害D.电磁波不能在真空中传播【答案】B【解析】【详解】A.光纤通信是以光通信，需要用到光导纤维，不是无线传播，不符合题意；B.由于微波的性质更接近于光波，大致沿直线传播，不能沿地球表面绕射，同时在传输过程中信号存在衰减等。因此人类用通信卫星作中继站，符合题意。C.电磁波的种类很多，长期被一些射线或微波照射会对人体产生危害，不符合题意；D.电磁波可以在真空中传播，不符合题意；故选B.

2、【点睛】解决本题需掌握电磁波的特点及光纤通讯、卫星通讯方面的知识2.g9.8N/kg表示的物理意义是A.1kg9.8NB.质量是9.8kg的物体，受到重力的大小是1NC.每1kg的物体受到的重力是9.8ND.物体所受重力是它质量的9.8倍【答案】C【解析】A.1kg是指质量，9.8N是指力，质量和重力是两个不同的物理量，不能画等号，故A错误；B.因为g9.8N/kg表示地面上质量是1kg的物体受到的重力是9.8N，故B错误；C.g9.8N/kg表示地面上质量是1kg的物体受到的重力是9.8N，故C正确；D.物体所受重力和质量是两个不同的物理量，不能成倍数关系，故D错误。故选C.点睛：由于地球的

3、吸引而使物体受到的力叫重力重力与质量的关系：Gmg，g9.8N/kg为一常数，其物理意义是：地面上质量是1kg的物体受到的重力是9.8N3.如图所示的军事观察孔，图中的虚线表示空气孔的观察范围，现在在孔中嵌入玻璃砖后观察的范围将A.变小B.变大C.不变D.无法确定【答案】B【解析】【详解】眼睛通过空气孔看到的范围和通过玻璃看到的范围如图所示：黑色光线表示在空气中的光路，红色表示在嵌入玻璃砖后的光路。从图中可以看出，嵌入玻璃砖后观察的范围变大。故选：B。4.下列作图中，正确的是A.通电螺线管的极性B.磁极间的磁感线C.动力F1的力臂D.上浮小球受到的力【答案】D【解析】A.由图可知，电流从右端流

4、入，左端流出，利用安培定则可知，电磁铁的左端应为N极，右端为S极，故A错误；B.在磁体外部，磁感线的特点是由N极指向S极，故B错误；C.力臂应该是从支点到力的作用线（力F所在直线）的垂直距离，故C错误；D.由物体的浮沉条件可知，上浮的小球受到的浮力大于重力，故D正确。故D。5.（2012宿迁）电视节目中我们看到“特斯拉线圈”表演，表演者通过有关设备造出人工闪电，放出美妙的电火花以下说法错误的是（  ）A.表演者与“特斯拉线圈”构成了闭合回路      B.表演者是在安全电压状态下演出的C.表演者的防护服里有金属丝，

5、电流只是经过金属丝     D.表演时发生了电能向光能、热能的转化【答案】B【解析】特斯拉线圈表演是在高压电下演出。6.如图是小明参加足球赛射门的情景，在射门过程中A.脚对球施加了力，而球对脚没有力的作用B.球受的重力的方向始终水平向前C.球离开脚后继续向前是因为球具有惯性D.球的运动状态始终不变【答案】C【解析】试题分析：物体间力的作用是相互的，故A错误；重力的方向总是竖直向下的，故B错误；球离开脚后继续向前是因为球具有惯性，故B正确；由于球受非平衡力作用时，运动状态改变，故D错误；故应选C。【考点定位】运动和力7.两定值电阻甲、乙中的电流与

6、电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，下列分析正确的是A.通过甲、乙两电阻的电流之比为1：2B.乙消耗的电功率为3.6WC.甲、乙两电阻两端电压之比为2：1D.甲、乙两电阻消耗的功率之比为1：2【答案】B【解析】由I可知,R,由图示图象可知,电阻阻值：R甲5,R乙10；A.两电阻并联在6V电源两端,它们两端电压为6V,通过两电阻的电流之比：,故A错误；B.乙消耗的电功率：P乙UI乙6V×3.6W，故B正确；C.两电阻并联，它们两端电压相等，电压之比为：1:1，故C错误；D.甲乙两电阻消耗的功率之比：.故D错误；故选B.点睛：由图示图象求出电压对应的电流，然后由欧

7、姆定律求出两电阻的阻值；然后由欧姆定律求出通过电阻的电流之比；由PUI求出电阻消耗的电功率；由欧姆定律求出电阻之比，由PUI求出电阻消耗的功率之比。8.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中A.电流表A示数变大B.电压表V2示数变小C.电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大D.电压表V1示数与电流表A示数的比值变大【答案】D【解析】【分析】电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测量电阻R1和R2两端的电压，电压表V2测量的是滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路电流；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联电路的分

8、压规律和欧姆定律判定各表示数变化情况。【详解】由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测电源的电压,电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。因电源电压保持不变，所以,滑片移动时,电压表V1的示数不变，向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻大，由I可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故A错误；由UIR可知,R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,R2两端的电压变大,即电压表V2的示数变大，故B错误；因电压表V1示数与电压表V2示数的差值等于R1两端的电压,且R1两端的电压变小，所以,电压表V1示数与电压表V2示数的差值变小

9、，故C错误；由电压表V1的示数不变、电流表A的示数变小可知,电压表V1示数与电流表A示数的比值变大，故D正确。9.如图所示，工人用250N的力将重400N的物体匀速提升2m，共用了10s，若在此过程中(忽略绳重和摩擦)，下列说法正确的是()A.绳子自由端移动的距离是6mB.动滑轮的重是10NC.工人做功的功率是80WD.滑轮组的机械效率是80%【答案】D【解析】试题分析：（1）由图知，n=2，s=2h=2×2m=4m，故A错；（2）不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮），则动滑轮的重力G轮=2FG=2×250N400N=100N，故B错；（3）拉力端移动的距离s=4m，拉力做

10、功W总=Fs=250N×4m=1000J，P=100W，故C错；（4）W有用=Gh=400N×2m=800J，滑轮组的机械效率=×100%=×100%=80%，故D正确故选D10.为了研究热敏电阻对电路的影响，小李设计了如图所示的电路。电源电压保持不变，R为定值电阻，R1为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。闭合开关后，小李在热敏电阻R1上擦了一些酒精，用扇子对着它扇风时，下列说法中正确的是A.电流表示数变大B.电压表示数变大C.电压表与电流表示数之比变小D.电路的总功率变小【答案】D【解析】【详解】由电路图可知，R1与R串联，电压表测R两端的电压，电流

11、表测量电路中的电流；A、在热敏电阻R1上擦了一些酒精，用扇子对着它扇风时，由于酒精的蒸发，使热敏电阻R1的温度降低，因R1的阻值随温度的升高而减小，所以热敏电阻R1的阻值变大，电路中的总电阻变大；由I可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；故A错误；B、因串联电路中各处的电流相等，所以由前面解答可知通过电阻R的电流变小；由UIR可知，R两端的电压变小，即电压表的示数变小；故B错误；C、由I可知电压表与电流表示数之比为定值电阻R的阻值，由于定值电阻R的阻值不变，所以电压表与电流表示数之比不变，故C错误；D、电源电压保持不变，电路中的电流变小，根据PUI可知电路的总功率变小，故D正确。故选：D。

12、二、双选题11.下列相关物理知识的说法，正确的是A.斧头的刃做得很薄主要目的是为了增大压强B.歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，这是为了减小惯性增强战斗机的灵活性C.飞机的机翼做成上凸下平是为了美观D.给滚动轴承加润滑油是为了增大摩擦【答案】AB【解析】斧头的刃做得很薄是通过减小受力面积，来实现增大压强的目的，故A正确，符合题意为答案。歼击机投入战斗前要抛掉副油箱，减小了质量，这是为了减小惯性增强战斗机的灵活性，故B正确。飞机的机翼做成上凸下平，是在飞机高速飞行时，机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，使飞机产生向上的升力，故C错误。答案为AB。三、实验题12.如图所示，蜡烛在光屏上成清

13、晰的像，凸透镜焦距为18cm。下列说法正确的是（）A.所成的像是虚像B.所成的像是倒立、放大的C.蜡烛向左移动所成的像变大D.照相机是利用这一成像原理制成的【答案】B【解析】【详解】由图知道，当蜡烛在光屏上成清晰的像时，物距是：u=50cm-20cm=30cm，由于fu2f，所以，此时成的是倒立放大的实像，这是投影仪的原理，故AD错误、B正确；根据凸透镜的成像规律知道，当蜡烛向左移动时，物距变大，像距变小，所成的像会变小，故C错误，故选B。【点睛】本题考查的是凸透镜成像规律，需要根据物距与焦距，像距与焦距的关系判断凸透镜成像情况，解题的关键是熟悉凸透镜成像规律。13.随着科技的发展，风能逐渐得

14、到了广泛的应用，风能属于_（选填“可”或“不可”）再生能源，太阳能电池是将太阳能转化为_能。【答案】(1).可(2).电【解析】【详解】对于风能是可以再生的，故它是可再生能源。太阳能电池消耗太阳能，把太阳能转化为电能，故是将太阳能转化为电能的装置。14.“退热贴”属于物理降温用品，被广泛应用于小儿发热退烧、消夏及高温作业等情况，如图所示，退烧贴中的水分通过_（填物态变化名称）吸收体表的热，可以起到降温作用，退热贴在使用过程中还会散发出一股清新的薄荷香味，这种现象叫扩散现象，是由于_产生的。【答案】(1).汽化(2).分子在永不停息做无规则运动【解析】退热贴接触皮肤，内部的水分从人体体表吸热由液

15、态变为气态，发生汽化，从而使体表温度降低.退热贴在使用过程中还会散发出一股清新的薄荷香味，是因为退热贴中物体的分子在不停地作物规则运动，发生了扩散现象15.在探究水的沸腾实验中，有两组同学分别使用了A、B两套装置（如图甲所示）来完成实验。（1）为了缩短加热时间，选择_套实验装置好一些。（2）如图乙所示，是A装置中水沸腾时温度计的示数，水的沸点是_，此时水的沸点高于100，可能的原因之一是加盖后使水上方气压_（选填“增大”或“减小”），沸点升高。（3）如图丙是使用B装置同学绘制的水沸腾图象，从图象中发现水沸腾时的特点是_。（4）水中气泡在上升过程中的变化情况是：沸腾前是图丁中的_图（5）若将A装

16、置中烧杯上方的纸板拿走，并在A、B两个装置中分别放入初温和质量相同的水和煤油，还可用它来探究_。【答案】(1).A(2).101(3).增大(4).温度不变、吸热(5).A(6).不同物质的吸热本领【解析】（1）由图示可知，A加热装置中的烧杯上有盖子，可减少热量的散失，可以缩短加热时间，故应选A；（2）由图乙可知，水的沸点为101，此时水的沸点高于100，可能的原因之一是加盖后使水上方气压增大，沸点升高；（3）水在沸腾过程中不断吸热，但温度保持不变；（4）水在沸腾前，水中的气泡是越向上越小的，故A应是沸腾前的状况；（5）若将A装置中烧杯上方的纸板拿走，并在A、B两个装置中分别放入初温和质量相同

17、的水和煤油，还可用来探究不同物质的吸热本领，也就是比热容的大小。16.小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。（1）分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与_有关。（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，可选用图_的装置来进行操作。（3）为了探究浮力大小与液体的密度有无关系，可选用图_的装置来进行操作。（4）物体在盐水中受到的浮力是_N。【答案】(1).物体排开液体的体积(2).丙、丁(3).丁、戊（或丙、戊）(4).4.4【解析】图甲、乙、丙中，物体浸在水中的体积不同，所受浮力

18、不同。说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。丙和丁中物体都浸没在水中，但在水中的深度不同，可以探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系。为了探究浮力大小与液体的密度有无关系，应控制排开液体的体积相同，选择液体密度不同的实验，故可选用丁和戊（或丙和戊）图的装置来进行操作。比较甲和戊，可知物体在盐水中受到的浮力是F浮=G-F拉=5N-0.6N=4.4N。17.在研究“导体电流与电阻关系”的实验中，同学们利用了阻值分别为5、10、15的定值电阻和变阻器进行了探究，变阻器规格是“101A”，电源电压4.5V并保持不变。（1）用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整（请用签字笔在答题卡上连线）。（）

19、（2）闭合开关前，电流表指针如图乙所示，对电流表的操作应该是_。（3）正确连线后，闭合开关时发现，无论怎样移动滑片电流表指针几乎不动，电压表指针向右偏转且超过满刻度，原因可能是电阻R出现_现象。（4）排除故障后，先接入15的电阻，调节滑片时电压表示数为3V，观察到电流表示数为0.2A；用10电阻代替15电阻接入电路，应将滑片向_端（选填“左”或“右”）移动，才能使电压表示数保持3V，并记录下电流表示数为0.3A；用5电阻代替10电阻接入电路，正确操作，电流表示数为0.6A。（5）分析三次的实验数据，可得出电流与电阻的关系是_。（6）王强同学继续探究：他用了30的定值电阻代替原来的电阻实验，发现

20、无论怎样移动滑片都不能满足电压表示数为3V，原因是滑动变阻器阻值太小；要使电压表示数保持3V，要求变阻器的最大阻值最少为_。【答案】（1）见图；（2）调零；（3）R断路；（4）0.2；左；（5）电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；（6）15【解析】试题分析：（1）实验中电压表应测定值电阻两端电压，由此连图；（2）由图乙，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；（3）闭合开关电流表无示数可能是电路断路；电压表示数超过量程，说明电压表与电源两端相连，电压表并联电路之外部分，不存在断路；综合分析知电路故障原因是：定值电阻断路；（4）根据电流表量

21、程和分度值读出丙图中其示数；研究导体电流与电阻关系中要保持R两端电压不变，由此分析10电阻代替15电阻后滑片的移动方向；（5）根据三次实验中电流与对应电阻关系分析得出结论；（6）根据串分压的知识，若电阻增大，分得的电压将变大，要减小电阻两端的电压，需增大滑动变阻器的阻值；根据串联电路的电压、电流规律结合欧姆定律计算出电阻解：（1）研究“导体电流与电阻关系”的实验中，电压表应测量定值电阻两端的电压，由此完整电路的连接，如图所示：（2）电流表指针没有指在零刻度线上，应先对电流表调零；（3）电路正确连接后，闭合开关，移动滑片P，电流表无示数，但电压表示数有示数且很大，则故障原因可能是定值电阻断路了；

22、（4）由图丙，电流表的量程为00.6A，分度值0.02A，示数为0.2A；此时R两端电压为3V，因为导体电流与电阻关系中要保持R两端电压不变，当用10电阻代替15电阻接入电路，总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，滑动变阻器分得的电压变大，电阻分得的电压减小，所以应调节滑片向左移动，减小滑动变阻器接入电路的电阻，使电压表的示数保持不变；（5）三次实验电阻分别为15、10、5，三次通过的电流分别是0.2A、0.3A、0.6A每次的电流与电阻和乘积相等，由此可得：电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；（6）由题意知，滑动变阻器两端的电压应为U滑=4.5V3V=1.5V据串联电路的电流相

23、等，所以使用30的定值电阻时，则：=，解得R变=15，即变阻器最大值最小为15故答案为：（1）见上图；（2）调零；（3）R断路；（4）0.2；左；（5）电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；（6）15【点评】本题考查了电路连接，电流表读数、滑动变阻器的正确使用和欧姆定律的应用，控制变量法在本实验中的具体应用和滑动变阻器的调节是本题的关键四、填空题18.氢弹是利用原子核_（选填“裂变”或“聚变”）在瞬间释放出巨大能量的一种武器；自然界中能量的形式有很多，其中“水能”属于_（选填“可再生”或“不可再生”）能源。【答案】(1).聚变(2).可再生【解析】试题分析：核能分为裂变和聚变两种，裂变分

24、为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上，所以氢弹是利用轻核聚变制成的武器；能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源，水能可以从自然界源源不断获得，是可再生能源。【考点定位】核能；能源的分类19.战斗机在空中加油时的情景如图所示，已知加油机的速度是720km/h，则此时战斗机的速度应尽可能为_m/s，这是为了二者_。【答案】(1).200(2).保持相对静止【解析】解：如图所示，战斗机在空中加油时，战斗机和加油机相互之间不能有位置的改变，即保持相对静止，所以战斗机的速度应与加油机的速度

25、720km/h=720×m/s=200m/s相同。20.人坐在沙发上比坐在硬凳子上感到舒服，是因为人受到的压力_，受力面积_，压强_的缘故。（选填“不变”、“变大”或“变小”）【答案】(1).不变(2).变大(3).变小【解析】人对座位的压力大小等于本身重力，故压力相同，坐沙发身体被包围的面积大，压强就小。21.热机是把_能转化_能的机器；有一台内燃机的转速是1440转/分，那么在每秒钟内气缸对活塞做功_次。【答案】(1).内(2).机械(3).12【解析】【分析】根据热机工作时能量转化过程得到答案；知道内燃机的转速，而内燃机在一个工作循环中对外做功1次，飞轮转动2转，完成4个冲程。

26、【详解】热机工作时是将燃料燃烧生成的高温高压的燃气的内能转化为机械能；由题知，飞轮转速是1440转/分钟24转/秒，因为飞轮转动2转为一个工作循环，对外做功1次，完成4个冲程，所以内燃机每秒钟曲轴转动24转，燃气对活塞做功12次。22.用同一只密度计测量酒精和水的密度，密度计在酒精中受到的浮力_在水中受到的浮力，在酒精中露出的体积_在水中露出的体积。（选填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】(1).等于(2).小于【解析】【详解】密度计是用来测量液体密度的一种仪器，使用时漂浮在液面上，自身重力等于排开液体的重力，重力不变，所受到的浮力也就相等；根据GgV排，G、g相同，水酒精，可知在水中排开

27、水的体积小于在酒精中排开酒精的体积，即，在水中露出的体积大于在酒精中露出的体积。23.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙2：5，则当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙_，R1、R2消耗的电功率之比为P1：P2_。【答案】(1).5：3(2).2：3【解析】【详解】（1）当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且I甲：I乙=2：5，所以，通过两电阻的电流之比：I1：I2=（I乙-I甲）：I甲=（

28、5-2）：2=3：2；因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=U/R可得，两电阻的阻值之比：R1：R2=U/I1：U/I2=I2：I1=2：3；（2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻两端的电压之比：U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=2：3；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电压表的示数之比：U甲：U乙=（U1+U2）：U2=（2+3）：3=5：3；R1、R2消耗的电功率之比：P1：P2=IU1：IU2=U1：U2=2：3。五、作图题24.如图所示，ab是光源

29、S射向平面镜后的一条反射光线，射向凹透镜的焦点F.S是光源S在平面镜中的像请画出：(1)光源S的位置；(2)ab的入射光线；(3)ab经凹透镜的折射光线【答案】【解析】（1）画出像S的对称点S，可得光源S的位置；（2）连接Sa，可得ab的入射光线；（3）ab的延长线过凹透镜的焦点，折射光线平行于凹透镜的主光轴射出，如图所示：25.如图所示为小丽家卧室的实物电路图。请你用笔画线代替导线，把带有开关的电灯、插座分别正确地接入电路中。（）【答案】【解析】试题分析：开关与火线相连，灯泡的左端与零线相连；二孔插座的左孔与火线相连，右孔与零线相连；如图上所示考点：家庭电路的连接六、综合题26.阅读共享单车

30、回答。共享单车骑自行车出行有很多益处，不仅可以节能减排、缓解交通压力，而且骑车时，人需要消耗体能，可以强身健体。一个成年人在水平路面上骑车时所受阻力大约20N。近年来，我国多个城市推出了多种新型共享单车，北京市的许多街道旁也随处可见，如图所示。这种单车外观结构简单，单车的质量约25kg，比普通自行车质量要大些。单车的车锁内集成了嵌入式芯片、GPS定位模块和SIM卡等，便于监控单车的具体位置和状态，其工作原理如图所示。用户可使用手机下载单车APP，查看并找到单车的位置，然后用手机扫描车身上的二维码，通过手机网络发送电磁波到云端请求解锁，云端收到请求后识别该车辆并发送解锁指令，单车执行解锁指令自动

31、开锁，用户便可以开始骑行，手机APP就显示计睦、计价等信息。此外，此种单车的第一代，当用户在骑行过程中踩动脚踏板，可将机械能转化为电能，为车内蓄电池充电，以满足单车定位和自动开锁等过程中的用电需要。请根据上述材料，回答下列问：（1）此种单车和手机之间是利用_传递信息的。若此种单车使用的GPS信号的频率是1800GHz，而手机中蓝牙通信信号（电磁波）的频率2.4GHz，则该GPS信号的波长_手机蓝牙通信信号的波长。（选填“大于”或“小于”）（2）此种单车的第一代，在骑行过程中可将机械能转化为电能，是利用_现象实现的。乐乐某次扫码后骑行9km，耗时30min，此次骑行的平均速度为_km/h。（3）

32、当手机扫描二维码时，下列说法正确的是_。A扫描时手机接收到的信号时利用了次声波B二维码位于摄像头的一倍焦距以内C二维码是光源D摄像头相当于凸透镜（4）一个成年人在水平路面上以正常的速度保持匀速骑行半小时，消耗的能量最接近_。A2×103JB2×105JC2×107JD2×109J。（5）乐乐放学回家途中把自行车骑得飞快，妈妈看见后警告他说“以后骑自行车慢点，不然很危险”，用所学物理知识解释！_。【答案】(1).电磁波(2).小于(3).电磁感应(4).18(5).D(6).B(7).质量一定时，速度越大，动能越大，行驶中危险性大【解析】（1）由短文内容可

33、知，此种单车和手机之间是利用电磁波传递信息的；由c=f知道，GPS信号电磁波的波长是：=c/f，由于1800GHz2.4GHz，所以该GPS信号的波长小于手机蓝牙通信信号的波长；（2）此种单车的第一代，在骑行过程中可将机械能转化为电能，是利用电磁感应现象实现的；由v=s/t可得，乐乐骑行的平均速度是：v=9km/30min=9km/0.5h=18km/h；（3）扫描二维码是光现象的应用，与声现象无关，故A错误；照相机是利用物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律制成的，所以，“扫入”二维码时镜头和二维码的距离大于二倍焦距，故B错误，D正确；二维码本身不发光，不是光源，故C错误，故选D；（4）成

34、年人在水平路面上骑车时所受阻力大约20N，成人在水平路面上骑车时，每秒钟平均消耗的能量等于人克服阻力所做的功，即每秒钟平均消耗的能量是：W=fs=20N×7200m=144000J=1.44×105J，与2×105J比较接近，故选B。（5）因为质量一定时，速度越大，动能越大，行驶中危险性大。点睛：本题是一道综合试题，考查了电磁波、电磁感应以及功的计算，涉及电磁波的波长、波速、频率之间关系的理解和掌握，还考查了凸透镜成像，考查的知识点较多。27.CFXR型“220V1100W”电饭煲的原理图如图所示，它有高温烧煮和焖饭、保温两挡，通过单刀双掷开关S进行调节，R0为电

35、热丝，当开关S接高温烧煮挡时，电路的功率为1100W，当开关S接焖饭、保温挡时，电路的总功率为22W。（1）电饭煲在高温烧煮挡时，开关S应与哪个触点连接？（2）电热丝R0的阻值多大？（3）当电饭煲在正常焖饭、保温时电路中的电流多大？焖饭、保温10min，电热丝R0产生的热量为多少？【答案】（1）与触点2连接（2）44（3）0.1A；264J【解析】试题分析：（1）电饭煲在高温烧煮挡时，电路电阻最小，开关S与触点2连接时，电阻R被短路，电路电阻最小，功率最大（2）已知电压U，功率P，根据功率的公式（3）由欧姆定律可求出，电饭煲在正常焖饭、保温时的电流I，由焦耳定律公式可求出电热丝R0产生的热量考

36、点：单刀双掷开关的使用；根据功率求电阻、电流；电热公式的应用点评：解题时要注意隐含条件，电路电压是220V大部分家用电热器都是用改变电路电阻的阻值来实现功率的改变，电阻阻值的改变由三种方法：用开关使几个电阻串联，达到增大电阻，减小功率的目的；用开关使几个电阻并联，达到减小电阻，增大功率的目的；用一个开关和电阻并联，开关的闭合可用短路电阻，达到减小电阻，增大功率的目的28.钻井平台被称为流动的岛屿，座底式钻井平台工作原理是利用其浮体（沉垫或稳定立柱）灌水下沉，用几个立体支承固定高度的上层平台进行作业；如图，我国自主设计、建造的第六代深水半潜式钻井平台“海洋石油981”号，于2012年5月9日在海

37、南正式开钻，其最大作业水深3000m（海水的密度取1.0×103kg/m3）（1）若平台及载物的总质量为60000t时，漂浮在海面上其排开海水的体积大约是多少立方米？（2）假设其浮体下底部有面积为200cm2的探测窗口，当钻井浮体下底部从2000m处下潜至最大作业水深度处时，则该探测窗口承受海水的压力增加了多少？（3）为了方便工作，钻井平台安装有电梯，其运行速度为v0.5m/s某次电梯上升过程中，其承重与运行时间的关系如图所示，则电梯对承重共做了多少功？【答案】（1）6×104m3；（2）2×105N；（3）4.35×105J。【解析】【详解】（1）平台

38、及载物的总质量m60000t6×107kg；平台及载物受到的重力Gmg6×107kg×10N/kg6×108N；钻井平台是漂浮在海面上的；平台受到的浮力F浮G6×108N；由阿基米德原理公式F浮液gV排可得，平台排开海水的体积：V排=6×104m3。（2）海面下2000m处的压强为：p1gh11.0×103kg/m3×10N/kg×2000m2×107Pa，下潜至最大潜水深度处压强为：p2gh21.0×103kg/m3×10N/kg×3000m3×107P

39、a，增加的压强为：pp2p13×107Pa2×107Pa1×107Pa；由FpS得探测窗口承受海水的压力增加：FpS1×107Pa×200×104m22×105N；（3）060s时间段，上升的高度：h1vt10.5m/s×60s30m，电梯克服承重做功：W1G1h14×103N×30m1.2×105J；60s110s，受到的重力为0，所以克服重力做功为0，即W20J；110s200时间段，上升的高度：h3vt30.5m/s×90s45m，电梯克服承重做功：W3G3h37×103×45m3.15×105J；所以，上升过程中电梯对承重做为：WW1+W2+W31.2×105J+0J+3.15×105J4.35×105J。21