《中考课件初中数学总复习资料》专题15 动点综合问题（解析版）.doc

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1、决胜2021中考数学压轴题全揭秘精品专题15 动点综合问题【考点1】动点之全等三角形问题【例1】1如图,CABC,垂足为C,AC=2Cm,BC=6cm,射线BMBQ,垂足为B,动点P从C点出发以1cm/s的速度沿射线CQ运动,点N为射线BM上一动点,满足PN=AB,随着P点运动而运动,当点P运动_秒时，BCA与点P、N、B为顶点的三角形全等.(2个全等三角形不重合)【答案】0；4；8；12【分析】此题要分两种情况：当P在线段BC上时，当P在BQ上，再分别分两种情况ACBP或ACBN进行计算即可【详解】解：当P在线段BC上，ACBP时，ACBPBN，AC2，BP2，CP624，点P的运动时间为4

2、÷14（秒）；当P在线段BC上，ACBN时，ACBNBP，这时BCPN6，CP0，因此时间为0秒；当P在BQ上，ACBP时，ACBPBN，AC2，BP2，CP268，点P的运动时间为8÷18（秒）；当P在BQ上，ACNB时，ACBNBP，BC6，BP6，CP6612，点P的运动时间为12÷112（秒），故答案为0或4或8或12【点睛】本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等时必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角【变式1-1】已知正方形ABCD的对角线AC与BD交于点O，点E、F分别是线段OB、OC上的动点（1）如果动点E、F满足BEO

3、F（如图），且AEBF时，问点E在什么位置？并证明你的结论；（2）如果动点E、F满足BECF（如图），写出所有以点E或F为顶点的全等三角形（不得添加辅助线）【答案】（1）当AEBF时，点E在BO中点，见解析；（2）以点E或F为顶点的全等三角形有ABEBCF，AOEBOF，ADEBAF.【分析】（1）根据正方形性质及已知条件得出BEMAEO，BEMBOF，再根据三角形相似的性质即可得出答案；（2）根据正方形性质及BECF即可得出全等的三角形【详解】解：（1）当时，点在中点证明如下：延长交于点，如图所示：，故当时，点在中点；（2）四边形是正方形，在ABE和BCF中，同理可得，；以点或为顶点的全等三

4、角形有，；【点睛】本题主要考查了全等三角形的性质、正方形的性质，相似三角形的判定及性质，比较综合，难度较大，熟练掌握正方形的性质是解题的关键【变式1-2】如图，将长方形纸片沿对角线剪成两个全等的直角三角形ABC、EDF，其中AB8cm，BC6cm，AC10cm现将ABC和EDF按如图的方式摆放（点A与点D、点B与点E分别重合）动点P从点A出发，沿AC以2cm/s的速度向点C匀速移动；同时，动点Q从点E出发，沿射线ED以acm/s （0a3）的速度匀速移动，连接PQ、CQ、FQ，设移动时间为ts （0t5）（1）当t2时，SAQF3SBQC，则a ；（2）当以P、C、Q为顶点的三角形与BQC全等

5、时，求a的值；（3）如图，在动点P、Q出发的同时，ABC也以3cm/s的速度沿射线ED匀速移动，当以A、P、Q为顶点的三角形与EFQ全等时，求a与t的值【答案】（1）1；（2）；（3）a2时，t2；或a2.3时，t5【分析】（1）由题意得BAFABC90°，BQat2a，AFBC，由三角形面积得AQ3BQ，则AB4BQ8，得BQ22a，则a1；（2）由题意得点P与B为对应顶点，PQBQat，PCBC6，CPQABC90°，则APACPC4，PQAC，得t2，则PQBQ2a，再由三角形面积关系即可得出答案；（3）分两种情况：AP与EQ为对应边，AQ与EF为对应边，则APEQ，

6、AQEF10，求出a2，BQBEEQt，则AQAB+BQ8+t10，解得t2；AP与EF为对应边，AQ与EQ为对应边，则APEF10，AQEQ，求出t5，则AQEQ5a，得BQ155a，或BQ5a15，再分别求出a的值即可【详解】解：（1）由题意得：BAFABC90°，BQat2a，AFBC，SAQF3SBQC，SAQFAF×AQ，SBQCBC×BQ，AQ3BQ，AB4BQ8，BQ22a，a1；故答案为：1；（2）以P、C、Q为顶点的三角形与BQC全等，CQ是公共边，点P与B为对应顶点，PQBQat，PCBC6，CPQABC90°，APACPC1064，

7、PQAC，AP2t4，t2，PQBQ2a，ABC的面积ACQ的面积+BCQ的面积，×8×6×10×2a+×2a×6，解得：a；（3）由题意得：AE，A与E为对应角，分两种情况：AP与EQ为对应边，AQ与EF为对应边，则APEQ，AQEF10，EQat，at2t，a2，EQ2t，BE3t，BQBEEQt，AQAB+BQ8+t10，解得：t2；AP与EF为对应边，AQ与EQ为对应边，则APEF10，AQEQ，2t10，t5，AQEQ5a，BE3t15，BQ155a，或BQ5a15，当BQ155a时，AQ155a+8235a，或AQ8（15

8、5a）5a7，5a235a，或5a5a7（无意义），解得：a2.3；当BQ5a15时，AQ5a15+85a7，或AQ8（5a15）75a，5a5a7（无意义），或5a75a，解得：a0.7，不合题意，舍去；综上所述，a2时，t2；或a2.3时，t5【点睛】本题主要考查全等三角形的综合问题及动点问题，关键是根据题意找到动点之间的联系，然后结合全等三角形的性质进行求解问题即可，注意分类讨论思想的运用【考点2】动点之直角三角形问题【例2】如图，在四边形纸片中，点是边上的动点，点是折线上的动点，将纸片沿直线折叠，使点的对应点落在边上，连接，若是直角三角形，则的长为_【答案】1或【分析】如图（见解析），

9、先利用解直角三角形、勾股定理、矩形的判定与性质求出AB的长，再分和两种情况，分别求出的长，然后根据折叠的性质、线段的和差即可得【详解】如图，过点C作于点M，过点D作于点N，四边形CDNM是矩形，在中，在中，由折叠的性质得：，点在边上，即，由题意，分以下两种情况：（1）当时，是直角三角形，在中，；（2）当时，是直角三角形，在中，；综上，AE的长为1或，故答案为：1或【点睛】本题考查了解直角三角形、勾股定理、矩形的判定与性质、折叠的性质等知识点，依据题意，正确分两种情况讨论是解题关键【变式2-1】（2019·辽宁中考模拟）如图，已知二次函数yax2+bx+4的图象与x轴交于点A(4，0)

10、和点D(1，0)，与y轴交于点C，过点C作BC平行于x轴交抛物线于点B，连接AC(1)求这个二次函数的表达式；(2)点M从点O出发以每秒2个单位长度的速度向点A运动；点N从点B同时出发，以每秒1个单位长度的速度向点C运动，其中一个动点到达终点时，另一个动点也随之停动，过点N作NQ垂直于BC交AC于点Q，连结MQ.求AQM的面积S与运动时间t之间的函数关系式，写出自变量的取值范围；当t为何值时，S有最大值，并求出S的最大值；是否存在点M，使得AQM为直角三角形？若存在，求出点M的坐标；若不存在，说明理由【答案】(1)yx2+3x+4；(2)S=-t2+t+2；0t2；t时，S最大值；存在，点M的

11、坐标分别为(1，0)和(2，0)【解析】【分析】(1)由待定系数法将AD两点代入即可求解(2)分别用t表示出AM、PQ，由三角形面积公式直接写出含有t的二次函数关系式，由二次函数的最大值可得答案；分类讨论直角三角形的直角顶点，然后解出t，求得M坐标【详解】(1)二次函数的图象经过A(4，0)和点D(1，0)，解得，所以，二次函数的解析式为yx2+3x+4(2)延长NQ交x轴于点P，BC平行于x轴，C(0，4)B(3，4)，NPOA根据题意，经过t秒时，NBt，OM2t，则CN3t，AM42tBCAMAQ45°，QNCN3t，PQNPNQ4(1t)1+t，SAMQ=AM×PQ

12、=(4-2t)(1+t)t2+t+2S=-t2+t+2=-(t-)2+a10，且0t2，S有最大值当t时，S最大值存在点M，使得AQM为直角三角形设经过t秒时，NBt，OM2t，则CN3t，AM42t，BCAMAQ45°若AQM90°，则PQ是等腰RtMQA底边MA上的高PQ是底边MA的中线，PQAPMA，1+t(42t)，解得，t，M的坐标为(1，0)若QMA90°，此时QM与QP重合QMQPMA，1+t42t，t1，点M的坐标为(2，0)所以，使得AQM为直角三角形的点M的坐标分别为(1，0)和(2，0)【点睛】此题考查了待定系数法求解析式，还考查了三角形的面

13、积，要注意利用点的坐标的意义表示线段的长度，从而求出线段之间的关系还要注意求最大值可以借助于二次函数【变式2-2】如图，在矩形中， ，为中点，连接. 动点从点出发沿边向点运动，动点从点出发沿边向点运动，两个动点同时出发，速度都是每秒1个单位长度，连接，设运动时间为（秒）. 则_时，为直角三角形【答案】或【分析】CMN是直角三角形时，有三种情况，一是CMN=90°，二是MNC=90°，三是MCN=90°，然后进行分类讨论求出t的值【详解】解：过点N作OA的垂线，交OA于点F，交CH于点E，如图1，B点是CH的中点，BH=CH=OA=6，AH=OC=8，由勾股定理可求

14、：AB=10，AN=t，BN=10-t，NEAH， BENBHA， ， ，EN= FN=8-EN=，当CMN=90°，由勾股定理可求：AF=，OM=t，AM=12-t，MF=AM-AF=12-t- =12-，OCM+CMO=90°，CMO+FMN=90°，OCM=FMN，O=NFM=90°，COMMFN， ，t=，当MNC=90°，FN=EN=MF=12-CE=OF=OM+MF=12-MNF+CNE=90°，ECN+CNE=90°，MNF=ECN，CEN=NFM=90°，CENNFM， ， ，0t5，；当NCM=9

15、0°，由题意知：此情况不存在，综上所述，CMN为直角三角形时，t=或.【点睛】本题主要考查了相似三角形的判定与性质、勾股定理等知识，有一定的综合性【考点3】动点之等腰三角形问题【例3】如图，是的直径，是弦，若点是直径上一动点，当 是等腰三角形时，_【答案】、或【解析】解：为顶点即时，为顶点即时，中：，为顶点即时，与重合，综上为，或故答案为：，或点睛：解答本题的关键分三种情况讨论：BC=BP；CP=CB，CP=BP【变式3-1】如图，已知正方形边长为2，点是边上的一个动点，点关于直线的对称点是点，连结、.设AP=x.（1）当时，求长；（2）如图，若的延长线交边于，并且，求证：为等腰三角

16、形；（3）若点是射线上的一个动点，则当为等腰三角形时，求的值.【答案】（1）BP=；（2）证明见解析；（3）CDQ为等腰三角形时x的值为4-2、2+4.【解析】【分析】（1）利用勾股定理求出BP的长即可；（2）根据对称性质及正方形的性质可得AB=BQ=BC，A=BQP=BCE=90°，可得BQE=90°，由第一视角相等性质可得BCQ=BQC，根据同角或等角的余角相等的性质可得EQC=ECQ，可得EC=EQ，可得结论；（3）若CDQ为等腰三角形，则边CD边为该等腰三角形的一腰或者底边又Q点为A点关于PB的对称点，则AB=QB，以点B为圆心，以AB的长为半径画弧，则Q点只能在弧

17、AB上若CD为腰，以点C为圆心，以CD的长为半径画弧，两弧交点即为使得CDQ为等腰三角形（CD为腰）的Q点若CD为底边，则作CD的垂直平分线，其与弧AC的交点即为使得CDQ为等腰三角形（CD为底）的Q点则如图所示共有三个Q点，那么也共有3个P点作辅助线，利用直角三角形性质求之即可【详解】（1）AP=x=1，AB=2，BP=，（2）四边形ABCD是正方形，AB=BC，A=BCD=90°Q点为A点关于BP的对称点，AB=QB，A=PQB=90°，QB=BC，BQE=BCE=90°，BQC=BCQ，EQC+BQC=ECQ+BCQ=90°，EQC =ECQ，EQ

18、=EC，即CEQ为等腰三角形.（3）如图，以点B为圆心，以AB的长为半径画弧，以点C为圆心，以CD的长为半径画弧，两弧分别交于Q1，Q3此时CDQ1，CDQ3都为以CD为腰的等腰三角形作CD的垂直平分线交弧AC于点Q2，此时CDQ2以CD为底的等腰三角形讨论Q1，如图，连接BQ1、CQ1，作PQ1BQ1交AD于P，过点Q1，作EFAD于E，交BC于F，BCQ1为等边三角形，正方形ABCD边长为2，FC=1，Q1F=，Q1E=2-，在四边形ABPQ1中，ABQ1=30°，APQ1=150°，EPQ1=30°，PEQ1为含30°的直角三角形，PE=EQ1=2

19、-3，EF是BC的垂直平分线，AE=AD=1，x=AP=AE-PE=1-(2-3)=4-2.讨论Q2，如图，连接BQ2，AQ2，过点Q2作PGBQ2，交AD于P，交CD于G，连接BP，过点Q2作EFCD于E，交AB于F，EF垂直平分CD，EF垂直平分AB，AQ2=BQ2AB=BQ2，ABQ2为等边三角形AF=AE=1，FQ2=，在四边形ABQ2P中，BAD=BQ2P=90°，ABQ2=60°，APQ2=120°，EQ2G=DPG=180°-120°=60°，EQ2=EF-FQ2=2-，EG=EQ2=2-3，DG=DE+GE=1+2-3

20、=2-2，DG=PD，即PD=2-，x=AP=2-PD=.对Q3，如图作辅助线，连接BQ1，CQ1，BQ3，CQ3，过点Q3作PQ3BQ3，交AD的延长线于P，连接BP，过点Q1，作EFAD于E，此时Q3在EF上，记Q3与F重合BCQ1为等边三角形，BCQ3为等边三角形，BC=2，Q1Q2=2，Q1E=2-，EF=2+，在四边形ABQ3P中ABF=ABC+CBQ3=150°，EPF=30°，EP=EF=2+3，AE=1，x=AP=AE+PE=1+2+3=2+4.综上所述：CDQ为等腰三角形时x的值为4-2、2+4.【点睛】本题考查四边形的综合、正方形的性质、含30°

21、;角的直角三角形的性质，第三问是一个难度非常高的题目，可以利用尺规作图的思想将满足要求的点Q找全另外求解各个P点也是勾股定理的综合应用熟练掌握并灵活运所学知识是解题关键【变式3-2】（2019·河南中考模拟）如图，抛物线y=ax2+bx+3交y轴于点A，交x轴于点B（-3，0）和点C（1，0），顶点为点M（1）求抛物线的解析式；（2）如图，点E为x轴上一动点，若AME的周长最小，请求出点E的坐标；（3）点F为直线AB上一个动点，点P为抛物线上一个动点，若BFP为等腰直角三角形，请直接写出点P的坐标【答案】（1） ；（2）E（-，0）；（3）点P的坐标为（2，-5）或（1，0）【解析】

22、【分析】（1）设抛物线的解析式为：y=a（x+3）（x-1），然后将点A的坐标代入函数解析式即可求得此抛物线的解析式；（2）作A关于x轴的对称点A（0，-3），连接MA交x轴于E，此时AME的周长最小，求出直线MA'解析式即可求得E的坐标；（3）如图2，先求直线AB的解析式为：y=x+3，根据解析式表示点F的坐标为（m，m+3），分三种情况进行讨论：当PBF=90°时，由F1Px轴，得P（m，-m-3），把点P的坐标代入抛物线的解析式可得结论；当BF3P=90°时，如图3，点P与C重合，当BPF4=90°时，如图3，点P与C重合，从而得结论【详解】（1）当

23、x=0时，y=3，即A（0，3），设抛物线的解析式为：y=a（x+3）（x-1），把A（0，3）代入得：3=-3a，a=-1，y=-（x+3）（x-1）=-x2-2x+3，即抛物线的解析式为：y=-x2-2x+3；（2）y=-x2-2x+3=-（x+1）2+4，M（-1，4），如图1，作点A（0，3）关于x轴的对称点A'（0，-3），连接A'M交x轴于点E，则点E就是使得AME的周长最小的点，设直线AM的解析式为：y=kx+b，把A'（0，-3）和M（-1，4）代入得：，解得：直线A'M的解析式为：y=-7x-3，当y=0时，-7x-3=0，x=-，点E（-，0

24、），（3）如图2，易得直线AB的解析式为：y=x+3，设点F的坐标为（m，m+3），当PBF=90°时，过点B作BPAB，交抛物线于点P，此时以BP为直角边的等腰直角三角形有两个，即BPF1和BPF2，OA=OB=3，AOB和A'OB是等腰直角三角形，F1BC=BF1P=45°，F1Px轴，P（m，-m-3），把点P的坐标代入抛物线的解析式y=-x2-2x+3中得：-m-3=-m2-2m+3，解得：m1=2，m2=-3（舍），P（2，-5）；当BF3P=90°时，如图3，F3BP=45°，且F3BO=45°，点P与C重合，故P（1，0）

25、，当BPF4=90°时，如图3，F4BP=45°，且F4BO=45°，点P与C重合，故P（1，0），综上所述，点P的坐标为（2，-5）或（1，0）【点睛】此题考查了待定系数法求函数的解析式，周长最短问题，等腰直角三角形的性质和判定等知识此题综合性很强，解题的关键是注意数形结合和分类讨论思想的应用【变式3-3】（2019·广西中考真题）已知抛物线和直线都经过点，点为坐标原点，点为抛物线上的动点，直线与轴、轴分别交于两点（1）求的值；（2）当是以为底边的等腰三角形时，求点的坐标；（3）满足（2）的条件时，求的值【答案】（1）；（2）点的坐标为或；（3）的值为

26、或【解析】【分析】(1)根据点的坐标，利用待定系数法可求出的值；(2)由(1)可得出抛物线及直线的解析式，继而可求出点的坐标，设点的坐标为，结合点的坐标可得出的值，再利用等腰三角形的性质可得出关于的方程，解之即可得出结论；(3)过点作轴，垂足为点，由点的坐标可得出的长，再利用正弦的定义即可求出的值【详解】(1)将代入，得：，；将代入，得：，；(2)由(1)得：抛物线的解析式为，直线的解析式为，当时， ，解得：，点的坐标为， 设点的坐标为，则，是以为底边的等腰三角形，即，整理，得：，解得：，点的坐标为或；(3)过点作轴，垂足为点，如图所示，当点的坐标为时，；当点的坐标为时，满足(2)的条件时，的

27、值的值为或【点睛】本题考查了待定系数法求一次函数解析式、待定系数法求二次函数解析式、一次函数图象上点的坐标特征、等腰三角形的性质、勾股定理以及解直角三角形，解题的关键是：(1)根据点的坐标，利用待定系数法求出的值；(2)利用勾股定理及等腰三角形的性质，找出关于的方程；(3)通过解直角三角形，求出的值【考点4】动点之相似三角形问题【例4】如图，ADBC，ABC=90°，AB=8，AD=3，BC=4，点P为AB边上一动点，若PAD与PBC是相似三角形，求AP的长【答案】AP=或AP=2或AP=6【分析】由AD/BC, B=90°,可证PAD=PBC=90°,又由AB=

28、8,AD=3,BC=4,设AP的长为x,则BP长为8-x,然后分别从APDBPC与APDBCP去分析,利用相似三角形的对应边成比例求解即可求得答案【详解】解： ABBC, B=90°, ADBC, A=180°B=90°, PAD=PBC=90°,AB=8,AD=3,BC=4,设AP的长为x,则BP长为8x,若AB边上存在P点,使PAD与PBC相似,那么分两种情况:若APDBPC,则AP:BP=AD:BC,即x:（8x）=3:4,解得x=,若APDBCP,则AP:BC=AD:BP，即x:4=3:（8x）,解得x=2或x=6,所以AP=或AP=2或AP=6

29、【变式4-1】已知：如图，在平面直角坐标系中，ABC是直角三角形，ACB90°，点A，C的坐标分别为A（3，0），C（1，0），BCAC（1）求过点A，B的直线的函数表达式；（2）在x轴上找一点D，连接DB，使得ADB与ABC相似（不包括全等），并求点D的坐标；（3）在（2）的条件下，如P，Q分别是AB和AD上的动点，连接PQ，设APDQm，问是否存在这样的m，使得APQ与ADB相似？如存在，请求出m的值；如不存在，请说明理由【答案】（1）yx+；（2）D点位置见解析，D（，0）；（3）符合要求的m的值为或【解析】【分析】（1）先根据A（3，1），C（1，0），求出AC进而得出BC3

30、求出B点坐标，利用待定系数法求出直线AB的解析式即可；（2）运用相似三角形的性质就可求出点D的坐标；（3）由于APQ与ADB已有一组公共角相等，只需分APQABD和APQADB两种情况讨论，然后运用相似三角形的性质建立关于m的方程，就可解决问题【详解】解：（1）A（3，0），C（1，0），AC4，BCAC，BC×43，B（1，3），设直线AB的解析式为ykx+b，直线AB的解析式为yx+；（2）若ADB与ABC相似，过点B作BDAB交x轴于D，ABDACB90°，如图1，此时，即AB2ACADACB90°，AC4，BC3，AB5，254AD，AD，ODADAO3，

31、点D的坐标为（，0）；（3）APDQm，AQADQDm、若APQABD，如图2，则有，APADABAQ，m5（m），解得m；、若APQADB，如图3，则有，APABADAQ，5m（m），解得：m，综上所述：符合要求的m的值为或【点睛】此题是相似形综合题，主要考查了是待定系数法，相似三角形的判定与性质、勾股定理等知识，也考查了分类讨论的数学思想，属于中档题，解本题的关键是根据相似建立方程求解【变式4-2】如图，正方形ABCD，点P为射线DC上的一个动点，点Q为AB的中点，连接PQ，DQ，过点P作PEDQ于点E（1）请找出图中一对相似三角形，并证明；（2）若AB4，以点P，E，Q为顶点的三角形与A

32、DQ相似，试求出DP的长【答案】（1）DPEQDA，证明见解析；（2）DP=2或5【分析】（1）由ADCDEPA90可证明ADQEPD；（2）若以点P，E，Q为顶点的三角形与ADQ相似，有两种情况，当ADQEPQ时，设EQx，则EP2x，则DE2x，由ADQEPD可得，可求出x的值，则DP可求出；同理当ADQEQP时，设EQ2a，则EPa，可得，可求出a的值，则DP可求【详解】（1）ADQEPD，证明如下：PEDQ，DEPA90，ADC90，ADQEDP90，EDPDPE90，ADQDPE，ADQEPD；（2）AB4，点Q为AB的中点，AQBQ2，DQ，PEQA90，若以点P，E，Q为顶点的三

33、角形与ADQ相似，有两种情况，当ADQEPQ时，设EQx，则EP2x，则DE2x，由（1）知ADQEPD，xDP5；当ADQEQP时，设EQ2a，则EPa，同理可得，a，DP综合以上可得DP长为2或5，使得以点P，E，Q为顶点的三角形与ADQ相似【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质，勾股定理，正方形的性质，熟练掌握相似三角形的判定与性质是解题的关键【考点5】动点之平行四边形问题（含特殊四边形）【例5】如图，抛物线与轴交于两点，与轴交于点（1）求抛物线的解析式；（2）点是抛物线上的动点，且满足，求出点的坐标；（3）连接，点是轴一动点，点是抛物线上一动点，若以、为顶点的四边形是平行四边形时，请

34、直接写出点的坐标备用图【答案】（1）;（2），；（3），【分析】（1）由待定系数法求出解析式即可；（2）先求出点C坐标，可得OA=OC=3，由面积关系列出方程即可求解；（3）分两种情况讨论，利用平行四边形的性质可求解；【详解】解：（1）抛物线经过点A（-3，0），点B（1，0），解得：，抛物线的解析式为：，抛物线的解析式为：，与y轴交于点C，点C坐标为（0，3），即OA=OC=3；（2）过点P作PMAO于点M，PNCO于点N，设P(，)， ，AO=3，CO=3，PM=2PN，即，当点P在第一、三象限时，解得，；，当点P在第二、四象限时，解得，；，；（3）若BC为边，且四边形BCFE是平行四边形

35、，CFBE，点C与点F纵坐标相等，解得，（舍去），点F（-2，3），若BC为边，且四边形BCFE是平行四边形，BE与CF互相平分，BE中点纵坐标为0，且点C纵坐标为3，点F的纵坐标为-3，解得，或，若BC为对角线,则四边形BECF是平行四边形，BC与EF互相平分，BC中点纵坐标为，且点E的纵坐标为0，点F的纵坐标为3，点F（-2，3），综上所述，点F坐标为：，；【点睛】本题主要考查了二次函数的应用，平行四边形的性质，掌握待定系数法，平行四边形的性质是解题的关键.【变式5-1】（2019·江西中考真题）在图1，2，3中，已知ABCD，ABC=120°，点E为线段BC上的动点，

36、连接AE，以AE为边向上作菱形AEFG，且EAG=120°（1）如图1，当点E与点B重合时，CEF=_°；（2）如图2，连接AF填空：FAD_EAB（填“>”，“<”，“=”）；求证：点F在ABC的平分线上；（3）如图3，连接EG，DG，并延长DG交BA的延长线于点H，当四边形AEGH是平行四边形时，求BCAB的值【答案】（1）60°；（2） =，见解析；（3）4【解析】【分析】（1）根据菱形的性质计算；（2）证明DAB=FAE=60°，根据角的运算解答；作FMBC于M，FNBA交BA的延长线于N，证明AFNEFM，根据全等三角形的性质得到F

37、N=FM，根据角平分线的判定定理证明结论；（3）根据直角三角形的性质得到GH=2AH，证明四边形ABEH为菱形，根据菱形的性质计算，得到答案【详解】解：（1）四边形AEFG是菱形，AEF=180°-EAG=60°，CEF=AEC-AEF=60°，故答案为：60°；（2）四边形ABCD是平行四边形，DAB=180°-ABC=60°，四边形AEFG是菱形，EAG=120°，FAE=60°，FAD=EAB，故答案为：=；作FMBC于M，FNBA交BA的延长线于N，则FNB=FMB=90°，NFM=60°

38、;，又AFE=60°，AFN=EFM，EF=EA，FAE=60°，AEF为等边三角形，FA=FE，在AFN和EFM中，AFN=EFMFNA=FMEFA=FE，AFNEFM(AAS)，FN=FM，又FMBC，FNBA，点F在ABC的平分线上；（3）四边形AEFG是菱形，EAG=120°，AGF=60°，FGE=AGE=30°，四边形AEGH为平行四边形，GE/AH，GAH=AGE=30°，H=FGE=30°，GAH=90°，又AGE=30°，GH=2AH，DAB=60°，H=30°，AD

39、H=30°，AD=AH=GE，四边形ABEH为平行四边形，BC=AD，BC=GE，四边形ABEH为平行四边形，HAE=EAB=30°，平行四边形ABEH为菱形，AB=AH=HE，GE=3AB，BCAB=3【点睛】本题考查了菱形的性质、平行四边形的性质、全等三角形的判定和性质.掌握全等三角形的判定定理和性质定理、菱形的性质、直角三角形的性质是解题的关键【变式5-2】（2019·湖南中考真题）如图，二次函数的图象过原点，与x轴的另一个交点为（1）求该二次函数的解析式；（2）在x轴上方作x轴的平行线，交二次函数图象于A、B两点，过A、B两点分别作x轴的垂线，垂足分别为点

40、D、点C当矩形ABCD为正方形时，求m的值；（3）在（2）的条件下，动点P从点A出发沿射线AB以每秒1个单位长度匀速运动，同时动点Q以相同的速度从点A出发沿线段AD匀速运动，到达点D时立即原速返回，当动点Q返回到点A时，P、Q两点同时停止运动，设运动时间为t秒（）过点P向x轴作垂线，交抛物线于点E，交直线AC于点F，问：以A、E、F、Q四点为顶点构成的四边形能否是平行四边形若能，请求出t的值；若不能，请说明理由【答案】（1）；（2）当矩形ABCD为正方形时，m的值为4；（3）以A、E、F、Q四点为顶点构成的四边形能为平行四边形，t的值为4或6.【解析】【分析】（1）根据点的坐标，利用待定系数法

41、即可求出二次函数的解析式；（2）利用二次函数图象上点的坐标特征求出点A，B的坐标，进而可得出点C，D的坐标，再利用正方形的性质可得出关于m的方程，解之即可得出结论；（3）由（2）可得出点A，B，C，D的坐标，根据点A，C的坐标，利用待定系数法可求出直线AC的解析式，利用二次函数图象上点的坐标特征及一次函数图象上点的坐标特征可求出点E，F的坐标，由且以A、E、F、Q四点为顶点的四边形为平行四边形可得出，分，三种情况找出AQ，EF的长，由可得出关于t的一元二次方程，解之取其合适的值即可得出结论【详解】（1）将，代入，得：，解得，该二次函数的解析式为（2）当 时，解得：，点a的坐标为（，m），点b的

42、坐标为（，m），点d的坐标为（，0），点c的坐标为（，0）矩形abcd为正方形，解得：，（舍去），当矩形ABCD为正方形时，m的值为4（3）以A、E、F、Q四点为顶点构成的四边形能为平行四边形由（2）可知：点A的坐标为，点B的坐标为，点C的坐标为，点D的坐标为 设直线AC的解析式为，将，代入，得，解得，直线ac的解析式为当时， ，点E的坐标为（，），点F的坐标为（，-t+4）以A、E、F、Q四点为顶点构成的四边形为平行四边形，且 ，分三种情况考虑：当时，如图1所示，EF=，解得：（舍去），；当时，如图2所示，EF=，解得：（舍去），；, EF=，解得（舍去），（舍去）综上所述，当以A、E、F、Q四点为顶点构成的四边形为平行四边形时，t的值为4或6【点睛】本题考查了待定系数法求二次函数解析式、二次函数图象上点的坐标特征、正方形的性质、待定系数法求一次函数解析式、一次函数图象上点的坐标特征以及平行四边形的性质，解题的关键是：（1）根据点的坐标，利用待定系数法求出二次函数解析式；（2）利用正方形的性质，找出关于m的方程；（3）分，三种情况，利用平行四边形的性质找出关于t的一元二次方程【变式5-3】如图，在平面直角坐标系中，的顶点是坐标原点，点坐标为，、两点关于直线对称，反比例函数图象经过