湘豫名校联考2022年10月高三一轮复习诊断一文科数学试卷含答案.pdf

《湘豫名校联考2022年10月高三一轮复习诊断一文科数学试卷含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湘豫名校联考2022年10月高三一轮复习诊断一文科数学试卷含答案.pdf（11页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、数学(文科)参考答案 第1 页(共5页)湘 豫 名 校 联 考2 0 2 2年1 0月高三一轮复习诊断考试(一)数学(文科)参考答案题号1234567891 01 11 2答案DCBCADDCABCB一、选择题:本题共1 2小题,每小题5分,共6 0分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.D【解析】因为集合A=0,1,2,B=x|x2-3x0,xZ=x|0 x3,xZ=1,2,所以C=0,1,2,4.所以BC=1,2.故选D.2.C【解析】含有一个量词的命题的否定规律是“改量词,否结论”,所以命题“xR,l n(x2+x+1)1”的否定是“xR,l n(x2+x+1)1”.

2、故选C.3.B【解析】由题易知O A BO A B,且O BO B=6,所以O A=O B=2.方法一:在O A B 中,由余弦定理,得A B 2=O A 2+O B 2-2O A O B c o sA O B=4+4-2222 33 2=94,所以A B=32.故选B.方法二:设A O B=2,则由题意知c o s2=2 33 2,所以2 c o s2-1=2 33 2.所以c o s2=5 56 4,所以s i n2=1-c o s2=96 4.因为02,所以s i n=38.所以像高A B=2O B s i n=2238=32.故选B.4.C【解析】由142x-14,得-2x-12,所以

3、-1x3,即命题p:-1-1,解得-1m2.故选C.5.A【解析】设f(x)=(t a nx-s i n2x)(2x-2-x),则f(-x)=t a n(-x)-s i n(-2x)(2-x-2x)=(t a nx-s i n2x)(2x-2-x)=f(x),所以函数f(x)为偶函数,所以排除D;因为f()=0,所以排除B;方法一:又当x1,则f(x)+,所以排除C.故选A.方法二:因为f4()=0,所以结合选项A,C可知,函数f(x)的图象与x轴的第一个交点为4,0().当4x1,s i n2x1,2-x0,2x-2-x0,所以(t a nx-s i n2x)(2x-2-x)0,即f(x)0

4、,所以排除C.故选A.6.D【解析】根据题意,得h=3.6 l nx-4.1.当x=8 0 0时,h=3.6 l n8 0 0-4.1=3.6 l n(2 53 2)-4.1=3.6(2 l n5+5 l n2)-4.12 0.故选D.7.D【解析】当x(0,+)时,令f(x)=|x2-3x+2|=0,得x=1或x=2,此时函数f(x)有两个零点.由题意知,当x(-,0 时,函数f(x)=-ex+a无零点,即直线y=a与函数y=ex(x(-,0)的图象无公共点.因为x(-,0 时,01.故选D.8.C【解析】由3 c o s+5 4()=s i n-3 4(),得3 c o s-3 4()=s

5、 i n-3 4(),则t a n-3 4()=3,即t a n-t a n3 41+t a nt a n3 4=微信公众号：高中试卷君数学(文科)参考答案 第2 页(共5页)3.所以t a n+11-t a n=3,解得t a n=12.所以s i n2+2c o s 2+1=2 s i nc o s+2(s i n2+c o s2)2 c o s2=t a n+t a n2+1=12+14+1=74.故选C.9.A【解析】连接O E(图略),因为O为线段MN的中点,所以EM+EN=2E O.因为(EM+EN)2=EM2+2EMEN+EN2=4E O2,(EM-EN)2=EM2-2EMEN+

6、EN2=NM2,所以EMEN=14(EM+EN)2-(EM-EN)2=E O2-14NM2=12-1442=-3.故选A.1 0.B【解析】由图可知A=2,所以f(x)=2 s i n(x+).因为SQ A B=2SP A B,所以12|A B|yQ|=212|A B|yP.所以yP=12|yQ|=1,所以P(0,1).所以f(0)=2 s i n=1,即s i n=12,所以=6+2k(kZ)或=5 6+2k(kZ).又|2,所以=6,所以f(x)=2 s i n x+6().由五点作图法知,点53,0()为第三点,所以5 3+6=,解得=12.所以f(x)=2 s i n12x+6().由

7、2+2k12x+63 2+2k(kZ),得2 3+4k x8 3+4k(kZ).故选B.1 1.C【解析】由c2=8S=8 12b cs i nA,得c=4bs i nA.由余弦定理,得a2=b2+c2-2b cc o sA=b2+1 6b2s i n2A-2b4bs i nAc o sA,即a2b2=1+1 6 s i n2A-4 s i n2A=9-8 c o s 2A-4 s i n2A=9-4 5 s i n(2A+)其中t a n=2,01,则f(x)=1x-10,所以f(x)在(1,+)上单调递减.所以f(x)f(1),即l nx-x+11时,l nxx-1,即l n 1+19()

8、19,所以cb.设函数g(x)=t a nx-x,0 x0,所以g(x)在(0,1)上单调递增.所以g(x)g(0)=0,即t a nx-x 0.所以0 x 1时,x t a nx.所以19 t a n19,所以ba.综上所述,cba.故选B.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共2 0分.1 3.5【解析】由ab,得(-2)-(+6)1=0,解得=-2,所以b=(1,-2).故|b|=12+(-2)2=5.1 4.(-,2【解析】因为集合A=x|(x-1)(x-4)0=x|1x4,所以RA=x|x4.当B=时,B(RA)=,此时k+12k,解得k1;当B时,若B(RA)=,则2k4,k+1

9、1,2kk+1,解得1k2.综上所述,实数k的取值范围为k|k2.1 5.1 54 【解析】根据题意,得28+=k,kZ,所以=k-4,kZ.又因为04,所以的最大值数学(文科)参考答案 第3 页(共5页)是1 54.1 6.(-3,-1)【解析】根据题意,得a-10,易知点(x1,0),(x2,0)关于直线x=a-12对称,所以x1+x2=a-1.因为0 x310,b0),所以(a+b)2-43a+b2()2,即(a+b)21 6,当且仅当a=b=2时取等号.1 0分所以当a=b=2时,a+b取得最大值4.1 1分所以a+b+c取得最大值6,即L的最大值为6.1 2分1 9.【解析】(1)当

10、a=1时,f(x)=1ex-x-1,所以f(0)=0.1分因为f(x)=-1ex-1,所以f(0)=-2.3分所以切线方程为y-0=-2(x-0),即y=-2x.4分(2)由f(x)=aex-x-a,得f(x)=-aex-1=-ex+aex.5分因为0 x1,所以1exe.当a-e时,ex+a0,所以函数f(x)在(0,1)上单调递增.7分当-e a-1时,1-e ex+a0,得0 x l n(-a);由f(x)0,得l n(-a)x0,f(x)0,所以函数f(x)在(0,1)上单调递减.1 1分综上所述,当a-e时,f(x)在(0,1)上单调递增;当-e a-1时,函数f(x)在(0,l n

11、(-a)上单调递增,在(l n(-a),1)上单调递减;当a-1时,函数f(x)在(0,1)上单调递减.1 2分2 0.【解析】(1)因为ADC D,B AD=B C D=7 5,所以A B C=3 6 0 -27 5 -9 0 =1 2 0 .1分又因为B C=2A B,A B+B C=6,所以B C=4,A B=2.2分在A B C中,由余弦定理,得A C2=A B2+B C2-2A BB Cc o s A B C=4+1 6-224c o s1 2 0 =2 8,4分故A C=2 7,即对角线A C的长为2 7.5分(2)因为A B+B C=6,B C=3,所以A B=B C=3.根据题

12、意画出如图所示的平面四边形A B C D,并连接B D.又AD=C D,所以B D为AD C的平分线,所以A B D=C B D=1 8 0 -4 5 -=1 3 5 -.6分在B C D中,由正弦定理B Ds i n=B Cs i n B D C,得B D=B Cs i ns i n B D C=3 s i ns i n4 5=3 2 s i n.7分所以四边形A B C D的面积S=2SB C D=212B DB Cs i n(1 3 5 -)=9 2 s i ns i n(1 3 5 -)=9 2 s i n22c o s+22s i n=9 s i nc o s+9 s i n2=92

13、s i n2+92(1-c o s2)=9 22s i n(2-4 5)+92.1 0分因为0 9 0,所以-4 5 2-4 5 1时,f(x)g(x);当x=1时,f(x)=g(x);当x1时,f(x)g(x);所以F(x)=x2-1,x1,-x3+1,x1.3分当x1时,F(x)=x2-10;当x0,所以函数F(x)的最小值为0.4分(2)方法一:因为f(x)为偶函数,且在(0,+)上单调递增,所以|2t2-3t+3|m t2-2m t+2m|对任意实数t恒成立.5分因为2t2-3t+30,t2-2t+20恒成立,数学(文科)参考答案第5 页(共5页)所以2t2-3t+3t2-2t+2|m

14、|对任意实数t恒成立.因为2t2-3t+3t2-2t+2=2+t-1(t-1)2+1,7分所以当t=1时,2t2-3t+3t2-2t+2=2;8分当t1时,2+t-1(t-1)2+12;9分当t0,t2-2t+20恒成立,所以去掉绝对值符号即2t2-3t+3|m|(t2-2t+2).7分变形整理为关于t的一元二次不等式,即(2-|m|)t2+(2|m|-3)t+3-2|m|0恒成立,即2-|m|0,=(2|m|-3)2-4(2-|m|)(3-2|m|)0,1 0分解得|m|32,所以非零实数m的取值范围为-32,0)0,32(.1 2分2 2.【解析】(1)因为-|x-1|0,所以g(x)=e

15、-|x-1|1,故g(x)的最大值为1.1分因为f(x)=ex-a,当a0时,f(x)=ex-a0,则f(x)在R上单调递增,无最值;2分当a0时,令f(x)=ex-a=0,得x=l na;3分当x l na时,f(x)l na时,f(x)0,f(x)在(l na,+)上单调递增.所以f(x)m i n=f(l na)=el na-al na=a-al na=1.5分设h(x)=x-xl nx,则h(x)=-l nx,当0 x0,h(x)单调递增;当x1时,h(x)-1时,exel n(x+1),所以x l n(x+1).变形可得l nxx-1.8分令x=in(i=1,2,3,n,nN*),即l ninin-1=i-nn,所以nl nini-n,即l nin()ni-n.1 0分所以in()nei-n,所以1n()n+2n()n+nn()ne1-n+e2-n+en-n=e1-n(en-1)e-1=e-e1-ne-1ee-1.1 2分