2022届高三数学一轮复习（原卷版）第十章 10.3二项式定理-教师版.docx

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1、 第1课时进门测判断下列结论是否正确(请在括号中打“”或“×”)(1)Cankbk是二项展开式的第k项(×)(2)二项展开式中，系数最大的项为中间一项或中间两项(×)(3)(ab)n的展开式中某一项的二项式系数与a，b无关()(4)在(1x)9的展开式中系数最大的项是第五、第六两项(×)(5)若(3x1)7a7x7a6x6a1xa0，则a7a6a1的值为128.(×)作业检查无第2课时阶段训练题型一二项展开式命题点1求二项展开式中的特定项或指定项的系数例1(1)(2x)5的展开式中，x3的系数是_(用数字填写答案)(2)(x2xy)5的展开式中

2、，x5y2的系数为()A10 B20C30 D60答案(1)10(2)C解析(1)(2x)5展开式的通项公式Tk1C(2x)5k·()kC25k，k0,1,2,3,4,5，令53，解得k4，得T5C25410x3，x3的系数是10.(2)方法一利用二项展开式的通项公式求解(x2xy)5(x2x)y5，含y2的项为T3C(x2x)3·y2.其中(x2x)3中含x5的项为Cx4·xCx5.所以x5y2的系数为CC30.故选C.方法二利用组合知识求解(x2xy)5为5个x2xy之积，其中有两个取y，两个取x2，一个取x即可，所以x5y2的系数为CC30.故选C.命题点2

3、已知二项展开式某项的系数求参数例2(1)(ax)(1x)4的展开式中x的奇数次幂项的系数之和为32，则a_.(2)若5的展开式中x5的系数为80，则实数a_.答案(1)3(2)2解析(1)设(ax)(1x)4a0a1xa2x2a3x3a4x4a5x5，令x1，得16(a1)a0a1a2a3a4a5，令x1，得0a0a1a2a3a4a5.，得16(a1)2(a1a3a5)，即展开式中x的奇数次幂的系数之和为a1a3a58(a1)，所以8(a1)32，解得a3.(2)Tk1C(ax2)5kka5kC，10k5，解得k2，a3C80，解得a2.思维升华求二项展开式中的特定项，一般是利用通项公式进行，

4、化简通项公式后，令字母的指数符合要求(求常数项时，指数为零；求有理项时，指数为整数等)，解出项数k1，代回通项公式即可(1)(xy)(xy)8的展开式中x2y7的系数为_(用数字填写答案)(2)(xa)10的展开式中，x7的系数为15，则a_.(用数字填写答案)答案(1)20(2)解析(1)x2y7x·(xy7)，其系数为C，x2y7y·(x2y6)，其系数为C，x2y7的系数为CC82820.(2)设通项为Tk1Cx10kak，令10k7，k3，x7的系数为Ca315，a3，a.题型二二项式系数的和或各项系数的和的问题例3在(2x3y)10的展开式中，求：(1)二项式系数

5、的和；(2)各项系数的和；(3)奇数项的二项式系数和与偶数项的二项式系数和；(4)奇数项系数和与偶数项系数和；(5)x的奇次项系数和与x的偶次项系数和解设(2x3y)10a0x10a1x9ya2x8y2a10y10，(*)各项系数的和为a0a1a10，奇数项系数和为a0a2a10，偶数项系数和为a1a3a5a9，x的奇次项系数和为a1a3a5a9，x的偶次项系数和为a0a2a4a10.由于(*)是恒等式，故可用“赋值法”求出相关的系数和(1)二项式系数的和为CCC210.(2)令xy1，各项系数和为(23)10(1)101.(3)奇数项的二项式系数和为CCC29，偶数项的二项式系数和为CCC2

6、9.(4)令xy1，得到a0a1a2a101，令x1，y1(或x1，y1)，得a0a1a2a3a10510，得2(a0a2a10)1510，奇数项系数和为；得2(a1a3a9)1510，偶数项系数和为.(5)x的奇次项系数和为a1a3a5a9；x的偶次项系数和为a0a2a4a10.思维升华(1)“赋值法”普遍适用于恒等式，是一种重要的方法，对形如(axb)n，(ax2bxc)m (a，bR)的式子求其展开式的各项系数之和，常用赋值法，只需令x1即可；对形如(axby)n (a，bR)的式子求其展开式各项系数之和，只需令xy1即可(2)若f(x)a0a1xa2x2anxn，则f(x)展开式中各项

7、系数之和为f(1)，奇数项系数之和为a0a2a4，偶数项系数之和为a1a3a5.(1)设m为正整数，(xy)2m展开式的二项式系数的最大值为a，(xy)2m1展开式的二项式系数的最大值为b，若13a7b，则m等于()A5 B6 C7 D8答案B解析由题意得aC，bC，13C7C，13，解得m6，经检验符合题意，故选B.(2)若(12x)2 016a0a1xa2x2a2 016x2 016，则的结果是多少？解当x0时，左边1，右边a0，a01.当x时，左边0，右边a0，01.即1.题型三二项式定理的应用例4(1)设aZ且0a13，若512 012a能被13整除，则a等于()A0 B1 C11 D

8、12(2)1.028的近似值是_(精确到小数点后三位)答案(1)D(2)1.172解析(1)512 012a(521)2 012aC·522 012C·522 011C×52·(1)2 011C·(1)2 012a，C·522 012C·522 011C×52·(1)2 011能被13整除且512 012a能被13整除，C·(1)2 012a1a也能被13整除，因此a的值为12.(2)1.028(10.02)8CC·0.02C·0.022C·0.0231.172.思

9、维升华(1)整除问题和求近似值是二项式定理中两类常见的应用问题，整除问题中要关注展开式的最后几项，而求近似值则应关注展开式的前几项(2)二项式定理的应用基本思路是正用或逆用二项式定理，注意选择合适的形式(1)190C902C903C(1)k90kC9010C除以88的余数是()A1 B1 C87 D87答案B解析190C902C903C(1)k90kC9010C(190)108910(881)108810C889C881，前10项均能被88整除，余数是1.(2)已知2n2·3n5na能被25整除，求正整数a的最小值解原式4·6n5na4(51)n5na4(C5nC5n1C5

10、2C5C)5na4(C5nC5n1C52)25n4a，显然正整数a的最小值为4.第3课时阶段重难点梳理1二项式定理二项式定理(ab)nCanCan1b1CankbkCbn(nN*)二项展开式的通项公式Tk1Cankbk，它表示第k1项二项式系数二项展开式中各项的系数C(k0,1,2，n)2.二项式系数的性质(1)C1，C1.CCC.(2)CC.(3)n是偶数时，项的二项式系数最大；n是奇数时，与T项的二项式系数相等且最大(4)CCCC2n.【知识拓展】二项展开式形式上的特点(1)项数为n1.(2)各项的次数都等于二项式的幂指数n，即a与b的指数的和为n.(3)字母a按降幂排列，从第一项开始，次

11、数由n逐项减1直到零；字母b按升幂排列，从第一项起，次数由零逐项增1直到n.(4)二项式的系数从C，C，一直到C，C.重点题型训练典例(1)若()n展开式的各项系数绝对值之和为1 024，则展开式中含x项的系数为_(2)已知(xm)7a0a1xa2x2a7x7的展开式中x4的系数是35，则a1a2a7_.错解展示解析(1)()n展开式中，令x1可得4n1 024，n5，()n展开式的通项Tk1(3)k·C·，令1，得k1.故展开式中含x项的系数为C5.(2)a1a2a7CCC271.答案(1)5(2)271现场纠错解析(1)在()n的展开式中，令x1，可得()n展开式的各项

12、系数绝对值之和为4n22n1 024210，n5.故()5展开式的通项为Tk1(3)k·C·，令1，得k1，故展开式中含x项的系数为15.(2)(xm)7a0a1xa2x2a7x7，令x0，a0(m)7.又展开式中x4的系数是35，C·(m)335，m1.a0(m)71.在(xm)7a0a1xa2x2a7x7中，令x1，得01a1a2a7，即a1a2a3a71.答案(1)15(2)1纠错心得和二项展开式有关的问题，要分清所求的是展开式中项的系数还是二项式系数，是系数和还是二项式系数的和.1(xy)n的二项展开式中，第m项的系数是()AC BCCC D(1)m1C答

13、案D解析(xy)n展开式中第m项的系数为C(1)m1.2设i为虚数单位，则(xi)6的展开式中含x4的项为()A15x4 B15x4C20ix4 D20ix4答案A解析由题可知，含x4的项为Cx4i215x4.故选A.3使(3x)n(nN*)的展开式中含有常数项的最小的n值为()A4 B5 C6 D7答案B解析(3x)n的展开式中的第k1项为CC3nk·.若展开式中含常数项，则存在nN*，kN，使nk0.故最小的n值为5.4在()n的展开式中，只有第5项的二项式系数最大，则展开式中常数项是_答案7解析由题意知15，解得n8，()8的展开式的通项Tk1C()8k()k(1)k2k8C，

14、令80，得k6，作业布置则展开式中的常数项为(1)6268C7.1在x2(1x)6的展开式中，含x4项的系数为()A30 B20 C15 D10答案C解析因为(1x)6的展开式的第k1项为Tk1Cxk，x2(1x)6的展开式中含x4的项为Cx415x4，所以系数为15.2已知5的展开式中含的项的系数为30，则a等于()A. B C6 D6答案D解析5的展开式通项Tk1C(1)kak·(1)kakC，令k，则k1，T2aC，aC30，a6，故选D.3(4x2x)6(xR)展开式中的常数项是()A20 B15C15 D20答案C解析设展开式中的常数项是第k1项，则Tk1C·(4

15、x)6k·(2x)kC·(1)k·212x2kx·2kxC·(1)k·212x3kx，12x3kx0恒成立，k4，T5C·(1)415.4已知(1x)n的展开式中第4项与第8项的二项式系数相等，则奇数项的二项式系数和为()A29 B210 C211 D212答案A解析由题意，CC，解得n10，则奇数项的二项式系数和为2n129.故选A.5若在(x1)4(ax1)的展开式中，x4的系数为15，则a的值为()A4 B. C4 D.答案C解析(x1)4(ax1)(x44x36x24x1)(ax1)，x4的系数为4a115，a4.6

16、若(1x)(1x)2(1x)na0a1(1x)a2(1x)2an(1x)n，则a0a1a2a3(1)nan等于()A.(3n1) B.(3n2)C.(3n2) D.(3n1)答案D解析在展开式中，令x2，得332333na0a1a2a3(1)nan，即a0a1a2a3(1)nan(3n1)7若(xa)2(1)5的展开式中常数项为1，则a的值为()A1 B9C1或9 D1或9答案D解析由于(xa)2x22axa2，而(1)5的展开式通项为Tk1(1)kC·xk5，其中k0,1,2，5.于是(1)5的展开式中x2的系数为(1)3C10，x1项的系数为(1)4C5，常数项为1，因此(xa)

17、2(1)5的展开式中常数项为1×(10)2a×5a2×(1)a210a10，依题意a210a101，解得a210a90，即a1或a9.8在(12x)6的展开式中，x2的系数为_(用数字作答)答案60解析展开式的通项Tk1C·16k·(2x)kC(2)k·xk.令k2，得T3C·4x260x2，即x2的系数为60.98的展开式中x7的系数为_(用数字作答)答案56解析8的通项Tk1C(x2)8kk(1)kCx163k，当163k7时，k3，则x7的系数为(1)3C56.10在(2x)6的展开式中，含x3的二项式系数为_，系数为

18、_(均用数字作答)答案20160解析(2x)6展开式的通项Tk1C26k(x)k，令k3，含x3的二项式系数为C20，系数为C×23×(1)3160.11若将函数f(x)x5表示为f(x)a0a1(1x)a2(1x)2a5(1x)5，其中a0，a1，a2，a5为实数，则a3_.答案10解析f(x)x5(1x1)5，它的通项为Tk1C(1x)5k·(1)k，T3C(1x)3(1)210(1x)3，a310.12已知(12x)7a0a1xa2x2a7x7.求：(1)a1a2a7；(2)a1a3a5a7；(3)a0a2a4a6；(4)|a0|a1|a2|a7|.解令x1

19、，则a0a1a2a3a4a5a6a71.令x1，则a0a1a2a3a4a5a6a737.(1)a0C1，a1a2a3a72.(2)()÷2，得a1a3a5a71 094.(3)()÷2，得a0a2a4a61 093.(4)方法一(12x)7展开式中，a0、a2、a4、a6大于零，而a1、a3、a5、a7小于零，|a0|a1|a2|a7|(a0a2a4a6)(a1a3a5a7)1 093(1 094)2 187.方法二|a0|a1|a2|a7|，即(12x)7展开式中各项的系数和，令x1，|a0|a1|a2|a7|372 187.13求证：122225n1(nN*)能被31整

20、除证明122225n125n132n1(311)n1C×31nC×31n1C×31C131(C×31n1C×31n2C)，显然C×31n1C×31n2C为整数，原式能被31整除*14.若()n展开式中前三项的系数成等差数列，求：(1)展开式中所有x的有理项；(2)展开式中系数最大的项解易求得展开式前三项的系数为1，C，C.据题意得2×C1Cn8.(1)设展开式中的有理项为Tk1，由Tk1C()8k()k()kC，k为4的倍数，又0k8，k0,4,8.故有理项为T1()0Cx4，T5()4Cx，T9()8C.(2)设展开式中Tk1项的系数最大，则k2或k3.故展开式中系数最大的项为T3()2C7，T4()3C7.17