黑龙江省哈尔滨市第六中学2019届高三数学第二次模拟考试试题文（含解析）.doc

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1、黑龙江省哈尔滨市第六中学2019届高三第二次模拟考试数学（文）试题第卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，若，则的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】分析：结合数轴，根据，得的取值范围.详解：集合，集合，故选点睛：集合的基本运算的关注点(1)看元素组成集合是由元素组成的，从研究集合中元素的构成入手是解决集合运算问题的前提(2)有些集合是可以化简的，先化简再研究其关系并进行运算，可使问题简单明了，易于解决(3)注意数形结合思想的应用，常用的数形结合形式有数轴、坐标系和Venn图2

2、.已知复数，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先计算出，然后对进行化简，得到答案【详解】.故选D项.【点睛】本题考查求复数的模及复数的四则运算，属于简单题.3.“且”是“”的（ ）A. 充分而不必要条件B. 必要而不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】判断且与互为条件和结论，看能否成立.【详解】当且时，成立，所以是充分条件，当时候，不一定能得到且，还有可能得到且，所以不是必要条件.因此“且”是“”的充分而不必要条件，故选A项【点睛】本题考查对数的性质，充分条件、必要条件，属于简单题.4.设椭圆的左焦点为，直线与椭圆交于两点，则的

3、值是（ ）A. 2B. C. 4D. 【答案】C【解析】分析：设椭圆的右焦点为连接则四边形是平行四边形，根据椭圆的定义得到=2a得解.详解：设椭圆的右焦点为连接因为OA=OB,OF=O,所以四边形是平行四边形.所以,所以=|AF|+=2a=4,故答案为:C点睛：（1）本题主要考查椭圆的几何性质，意在考查学生对椭圆基础知识的掌握能力. (2)解答本题的关键是能观察到对称性，得到四边形是平行四边形，这一点观察到了，后面就迎刃而解了.5.从装有3双不同鞋子的柜子里，随机取出2只鞋子，则取出的2只鞋子不成对的概率为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】列举出满足所有的情况，找出符合题

4、意的情况，由古典概型公式，得到答案.【详解】设三双鞋子分别为、，则取出两只鞋子的情况有其中，不成对的情况有 共12种由古典概型的公式可得，所求概率为,故选B.【点睛】本题考查通过列举法求古典概型，属于简单题.6.实数满足不等式组，若的最大值为5，则正数的值为（ ）A. 2B. C. 10D. 【答案】A【解析】【分析】根据条件中确定的两个不等式，可以确定出，所以第三个不等式可以转化为，画出可行域，然后对目标函数进行化简，得到取最大值时的最优解，得到关于的方程，得到答案.【详解】先由画可行域，发现，所以可得到，且为正数.画出可行域为（含边界）区域.，转化为，是斜率为的一簇平行线，表示在轴的截距，

5、由图可知在点时截距最大，解得，即，此时，解得故选A项.【点睛】本题考查线性规划中已知目标函数最大值求参数，属于简单题.7.若，则（ ）A. -2B. C. 2D. 【答案】B【解析】【分析】由，结合，可求出和，得到，再求出的值.【详解】，可得，故选B项.【点睛】本题考查同角三角函数关系，两角和的正切值，属于简单题.8.运行下列程序框图，若输出的结果是，则判断框内的条件是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据循环语句的特点以及输出结果，可得判断条件需满足时进行的运算，不能满足时的运算，根据选项，得到答案.【详解】因为输出的结果是根据循环语句的特点，说明判断条件需满足时进行的

6、运算，不能满足时的运算，四个选项中，只有B项满足要求，故选B项.【点睛】本题考查根据框图输出结果，填写判断条件，属于简单题.9.在四个正方体中，均在所在棱的中点，过作正方体的截面，则在各个正方体中，直线与平面不垂直的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】对于选项D中图形，由于为，的中点，所以，故为异面直线所成的角且，即不为直角，故与平面不可能垂直，故选D.10.已知（，）是定义域为的奇函数，且当时，取得最大值2，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】是奇函数，当时，取最大值则故选点睛：由条件利用正弦函数的奇偶性求得，再根据当时，取得最大值，求出，可得的解析式，再根据它的

7、周期性，即可求得所给式子的值。11.已知函数与其导函数的图像如图，则函数的单调减区间为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：由图可知，先减后增的那条曲线为的图象，先增再减最后增的曲线为的图象，当时，令，得，则，故的减区间为，,故选B.考点：1、函数的图象；2、函数的导数；3、函数的单调性.【方法点晴】本题考查函数的图象、函数的导数、函数的单调性，涉及分类讨论思想、数形结合思想和转化化归思想，考查逻辑思维能力、等价转化能力、运算求解能力，综合性较强，属于较难题型.首先由图可知，先减后增的那条曲线为的图象，先增再减最后增的曲线为的图象，当时，令，得，则，故的减区间为，.12.牛

8、顿迭代法亦称切线法，它是求函数零点近似解的另一种方法，若定义是函数零点近似解的初始值，过点的切线为，切线与轴交点的横坐标，即为函数零点近似解的下一个初始值，以此类推，满足精度的初始值即为函数零点的近似解，设函数，满足应用上述方法，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据题意，求在处的切线，得到切线与轴的交点横坐标，再求在处的切线，得到与轴的交点横坐标，再求在处的切线，得到与轴的交点横坐标【详解】，切线斜率，切线方程，令，得，切线斜率，切线方程，令，得，切线斜率，切线方程，令，得，故选D项【点睛】本题考查利用导数的几何意义求函数在某一点的斜率，有一定的计算量，属于中档题.第

9、卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.在中，角的对边分别为，且，则的面积为_【答案】【解析】【分析】根据正弦定理得到的值，再求出，利用三角形面积公式，得到答案.【详解】在中，有正弦定理得，得到，所以【点睛】本题考查正弦定理解三角形，两角和的正弦公式，三角形面积公式，属于简单题.14.已知向量，向量在向量方向上的投影为，且，则_【答案】【解析】【分析】根据条件可得，而对两边平方便可得到，这样即可求出.【详解】由已知得，由得：，即，.故答案为：5.【点睛】本题考查根据向量坐标求向量的长度，一个向量在另一个向量方向上投影的定义及计算公式，以及向量数量积的计算.15

10、.已知双曲线，其渐近线与圆相交，且渐近线被圆截得的两条弦长都为2，则双曲线的离心率为_【答案】【解析】【分析】先得到双曲线的一条渐近线为，与圆相交，弦长为，所以弦心距为，由圆心到渐近线的距离公式可得关系，再得到关系，求出离心率【详解】双曲线的一条渐近线为，与圆相交，弦长为，则弦心距为即圆心到渐近线S的距离为，得在双曲线中，即【点睛】本题考查双曲线渐近线的，点到直线的距离，弦心距与弦长之间的关系，双曲线离心率的求法，属于简单题.16.已知球的体积为，则球的内接圆锥的体积的最大值为_【答案】【解析】分析：首先根据题中所给的球的体积求得球的半径的大小，之后利用对应几何体的轴截面，找出内接圆锥的底面圆

11、的半径，圆锥的高和球的半径之间满足的等量关系式，将圆锥的体积转化为高的函数，借助于均值不等式求得最大值.详解：设球的半径为，则有，整理得，即，设给球的内接圆锥的底面圆的半径为，高为，则有，而该圆锥的体积，利用均值不等式可得当的时候，即时取得最大值，且最大值为.点睛：该题所考查的是有关几何体的内接问题，在解题的过程中，直角三角形中摄影定理在寻求的关系时起着关键性的作用，还有就是在求最大值的时候，也可以应用导数来完成.三、解答题 （本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.） 17.已知为等差数列，且，前4项的和为16，数列满足，且数列为等比数列.（）求数列和的通项公式；（

12、）求数列的前项和.【答案】（）,.（） .【解析】试题分析：（）设的公差为，列出方程组，求得，得到数列的通项公式，再设的公比为，解得，进而得到数列的通项公式；（）由（）得，可采用分组求和的方法求的数列的前项和试题解析：（）设的公差为，因为，前4项的和为16，所以，解得，所以.设的公比为，则，所以，得，所以.（）由（）得，所以 .18.市面上有某品牌型和型两种节能灯，假定型节能灯使用寿命都超过5000小时，经销商对型节能灯使用寿命进行了调查统计，得到如下频率分布直方图：某商家因原店面需要重新装修，需租赁一家新店面进行周转，合约期一年.新店面需安装该品牌节能灯5支（同种型号）即可正常营业.经了解，

13、型20瓦和型55瓦的两种节能灯照明效果相当，都适合安装.已知型和型节能灯每支的价格分别为120元、25元，当地商业电价为0.75元/千瓦时.假定该店面一年周转期的照明时间为3600小时，若正常营业期间灯坏了立即购买同型灯管更换.（用频率估计概率）（）根据频率直方图估算型节能灯的平均使用寿命；（）根据统计知识知，若一支灯管一年内需要更换的概率为，那么支灯管估计需要更换支.若该商家新店面全部安装了型节能灯，试估计一年内需更换的支数；（）若只考虑灯的成本和消耗电费，你认为该商家应选择哪种型号的节能灯，请说明理由.【答案】（）3440小时；（）4；（）应选择A型节能灯.【解析】【分析】（）由频率直方图

14、即可得到平均使用寿命；（）根据题意即可得到一年内需更换的支数；（）分别计算所花费用，即可作出判断.【详解】（）由图可知，各组中值依次为，对应的频率依次为，故型节能灯的平均使用寿命为小时.（）由图可知，使用寿命不超过小时的频率为，将频率视为概率，每支灯管需要更换的概率为，故估计一年内支型节能灯需更换的支数为.（）若选择型节能灯，一年共需花费元；若选择型节能灯，一年共需花费元.因为，所以该商家应选择A型节能灯.【点睛】本题考查该商家应选择哪种型号的节能灯的判断，考查频率分布直方图等基础知识，考查运算求解能力，是中档题19.在直三棱柱中，为棱的中点，.（1）证明：平面；（2）已知，的面积为，为线段上

15、一点，三棱锥的体积为，求.【答案】（1）见解析（2）【解析】试题分析：（1）取的中点，连接，可推出为的中点，从而推出四边形为平行四边形，即可证明平面；（2）过作于，连接，可推出平面，从而推出，设，表示出，根据的面积为，可求得得值，设到平面的距离为，根据，即可求得，从而求得.试题解析：（1）证明：取的中点，连接，.侧面为平行四边形为的中点，又四边形为平行四边形，则.平面，平面平面.（2）解：过作于，连接，平面.又平面.设，则，的面积为，.设到平面的距离为，则.与重合，.20.已知圆，圆心在抛物线上，圆过原点且与的准线相切.（1）求抛物线的方程；（2）设点，点（与不重合）在直线上运动，过点作的两条

16、切线，切点分别为，求证：.【答案】（I）;() 见解析.【解析】【分析】(1)根据圆和抛物线的位置关系，以及圆和准线相切这一条件得到方程，从而得到结果；（2）求出两条切线方程，再抽出方程，其两根为切点的横坐标，,通过韦达定理得到结果即可.【详解】（1）圆与抛物线准线相切，.又圆过和原点，.，解得.抛物线的方程为.（2）设，方程为.，抛物线在点处的切线的斜率，切线的方程为，即，化简得：，又因过点，故可得，即.同理可得：.为方程的两根，.【点睛】本题考查了抛物线的方程，直线与抛物线的位置关系，考查了方程思想、转化思想，考查了运算能力，属于难题21.已知函数的定义域为.（1）判断函数的零点个数，并给

17、出证明；（2）若函数在上为增函数，求整数的最大值.（参考数据：，）【答案】（）个；（）；【解析】试题分析: （1）对函数求导,由在恒成立,则在上为增函数，由，可判断出函数有唯一零点; （2）对函数求导,分离参变量,在上恒成立，构造新函数求导,由（1）可知,a小于等于在区间上的最小值,根据函数的单调性,求得函数最小值的取值范围,即可取得整数a的最大值.试题解析:解：（）在上为增函数，且，故在上为增函数，又，则函数在上有唯一零点.（）在上恒成立，当时显然成立,当时，可得在上恒成立， 令，则，由（）可知：在上为增函数，故在上有唯一零点，则在区间上为减函数，在区间上为增函数，故时，有最小值， . 又，

18、则，有，所以，令，则最小值，因，则的最小值大约在之间，故整数的最大值为6.请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.22.在直角坐标系中，曲线过点，其参数方程为（为参数，），以为极点，轴非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的普通方程和曲线的直角坐标方程；（2）求已知曲线和曲线交于两点，且，求实数的值.【答案】（1）,（2）或.【解析】【分析】（1）利用参数方程、普通方程与极坐标方程的转化方法，求曲线的普通方程和曲线的直角坐标方程.（2）先将曲线的方程转化为标准参数方程，然后将其代入曲线的直角坐标方程中，因曲线和曲线有两个交点，所以整理后的关于

19、的二次方程，初步确定的范围，再根据参数方程的几何意义可知，引入已知，分类讨论，求实数的值.【详解】（1）的参数方程，消参得普通方程为，的极坐标方程化为即；（2）将曲线的参数方程标准化为（为参数，）代入曲线得，由，得 设，对应的参数为，由题意得即或，当时，解得 ，当时，解得，综上：或.点睛：过点倾斜角为的直线标准参数方程为 （为参数），通过如下方式辨别标准直线参数方程：（1）系数平方和，（2）纵坐标系数为正.23.已知，.（1）求证：；（2）若不等式对一切实数恒成立，求实数的取值范围.【答案】（）证明见解析；（）【解析】试题分析：(1)由题意结合柯西不等式的结论即可证得题中的结论；(2)结合(1)的结论可得绝对值不等式，零点分段求解绝对值不等式可得实数的取值范围为.试题解析：()证明:由柯西不等式得,的取值范围是. ()由柯西不等式得.若不等式对一切实数恒成立,则,其解集为,即实数的取值范围为. - 20 -