卷1-2021年决胜高考物理模考冲刺卷（新高考福建专用）（解析版）.docx

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1、2021年决胜高考物理模考冲刺卷（一）福建专用注意事项:1.作答前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号填写在试卷的规定位置上。2.作答时，务必将答案写在答题卡上。写在试卷及草稿纸上无效。3.考试结束后，将答题卡、试卷、草稿纸一并交回。一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法错误的是()A交流电b电压的有效值为10/3VB在图中t0时刻穿过线圈的磁通量均为零C交流电a的瞬时值为u

2、10sin5t(V)D线圈先后两次转速之比为3：2【答案】B【解析】由图象可知Ta：Tb=2：3，故a：b=3：2，交流电最大值Um=NBS，故Uma：Umb=3：2，故Umb=Uma=V，所以交流电b电压的有效值为，故A正确；由图可知，t=0时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，故B错误；由图象可知，交流电a的最大值为10V，角速度为=5rad/s，所以交流电a的瞬时值为u=10sin5tV，故C正确；由图象可知TA：TB=2：3，故nA：nB=3：2，故D正确；本题选错误的，故选B22020年3月9日19时55分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙”运载火箭成功发射北斗卫星导航系统第5

3、4颗导航卫星，这是北斗三号卫星导航系统的第二颗地球同步轨道卫星。如图所示的是该卫星的发射示意图，卫星首先进入预定轨道I，P点是轨道I上的近地点，然后在远地点Q通过改变卫星速度，让卫星进入工作轨道，则（）A卫星在轨道上的加速度小于赤道上物体随地球自转的加速度B该卫星的发射速度大于11.2km/sC卫星在P点的加速度大于在Q点的加速度D在轨道I上，卫星在Q点的速度可能大于7.9km/s【答案】C【解析】A该卫星是地球的同步卫星，其周期等于地球自转周期，根据可知，该卫星在轨道上的加速度大于赤道上物体随地球自转的加速度，选项A错误；B该卫星没有脱离地球的引力，则其发射速度大于7.9km/s，小于11.

4、2km/s，选项B错误；C根据可得可知卫星在P点的加速度大于在Q点的加速度，选项C正确；D根据可得可知，卫星在轨道上的速度小于7.9km/s；而从轨道I上的Q点进入轨道要加速做离心运动，可知在轨道I上Q点的速度小于7.9km/s，选项D错误。故选C。3一个氘核和一个氚核聚合成一个氦核的反应方程是HHHen，此反应过程产生的质量亏损为m.已知阿伏伽德罗常数为NA，真空中的光速为c.若1 mol氘和1 mol氚完全发生核反应生成氦，则在这个核反应中释放的能量为()A NAmc2 BNAmc2 C2NAmc2 D5NAmc2【答案】B【解析】由爱因斯坦质能方程求出一个氘和一个氚完全发生核反应生成氦释

5、放的能量，1mol氘和1mol氚含有阿伏伽德罗常数个氘和氚，所以1mol氘和1mol氚完全发生核反应生成氦，在这个核反应中释放的能量为，B正确4如图所示，用频率为f的单色光垂直照射双缝，在光屏上P点出现第三条暗条纹，已知光速为c，则P点到双缝的距离之差r2-r1应为（）ABCD【答案】D【解析】由题中条件可知解得故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。5固定于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示，ab、cd分别是正方形两条邻边的中垂线，O点为中垂线的交点，P、Q分别为cd、ab上的点则

6、下列说法正确的有AP、Q两点的电势相等BP点的电势高于Q点的电势CP、Q两点的场强相等DP点的场强大于Q点的场强【答案】AD【解析】AB.根据电场叠加，由图象可知ab、cd两中垂线上各点的电势都为零，所以P、O两点的电势相等故A正确，B错误CD.电场线的疏密表示场强的大小，根据图象知，故C错误，D正确6如图所示，在竖直平面内建立如图所示的直角坐标系，y轴沿竖直光滑杆，x轴沿光滑水平面，现有长为的轻杆，上端与套在竖直光滑杆上质量为m的小环B通过轻质铰链相连，下端和中点各固定一个质量均为m的小球A和P，初始轻杆竖直静止放置，小球A在水平面上。某时刻受到扰动，小球A沿x轴正方向运动，环B沿竖直光滑杆

7、向下运动，轻杆与x轴负方向夹角为，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）A小球P的运动轨迹是直线B当时，环和两球速度大小的关系式为C环B刚要接触水平面时的速度大小为D轻杆对P球一直不做功【答案】BC【解析】A设P的坐标为，根据几何知识可得即小球P以O为圆心，以r为半径做圆周运动，A错误；B当时，杆不可伸长，小球A、环B和小球P沿杆方向的分速度大小相等，有即B正确；C当B下降很小一段距离时，分析可知P下降的距离为，运动时间相同，则该段时间内B竖直方向的速度为P竖直方向速度的两倍，当环B刚要接触水平面时，设小球A、环B和小球P的速度大小分别为、和，系统减小的重力势能为根据杆不可伸长可知，小球A速

8、度为零，环B和小球P速度方向竖直向下，有根据机械能守恒定律有解得，C正确；D从开始到B要接触水平面的过程，小球P的动能的增加量动能的增加量小于其重力势能的减少量，则杆对小球P做的总功为负功，D错误。故选BC。7环形线圈放在如图所示的磁场中，设在第 1 s 内磁场方向垂直于线圈平面向里，如图甲所示。若 磁感应强度 B 随时间 t 的变化关系如图乙所示，那么在第 2 s 内，关于线圈中感应电流和感应电 流磁场的描述正确的是（ ）A感应电流大小恒定，顺时针方向B感应电流大小恒定，逆时针方向C感应电流的磁场垂直纸面向外D感应电流的磁场垂直纸面向里【答案】BC【解析】在第2s内，磁场方向垂直纸面向外，大

9、小均匀减小，根据楞次定律知，感应电流的磁场垂直纸面向外，所以感应电流的方向为逆时针方向。根据法拉第电磁感应定律得：，磁感应强度均匀变化，则感应电动势恒定，感应电流恒定，故BC正确，AD错误。8如图（a），轻质弹簧下端固定在水平地面上，上端连接一轻质薄板。一物块从其正上方某处由静止下落，落至薄板上后和薄板始终粘连。物块从开始下落到最低点的过程中，位移-时间（x-t）图像如图（b）所示，其中t1为物块刚接触薄板的时刻，t2为物块运动到最低点的时刻。弹簧形变在弹性限度内空气阻力不计。则（）At2时刻物块的加速度大小比重力加速度小Bt1时间内，有一时刻物块所受合外力的功率为零Ct1t2时间内，物块所受

10、合外力冲量的方向先竖直向下后竖直向上D图（b）中OA段曲线为抛物线的一部分，AB段曲线为正弦曲线的一部分【答案】BCD【解析】C对物体在运动过程中受力分析：在未接触薄板之前即t1之前，物体只受重力，物体做自由落体运动，x-t图像为抛物线，在接触薄板之后即t1之后，开始时物体受的向下的重力大于向上的弹力，则合力竖直向下，由于弹力增大重力不变，所以物体向下做加速度变小的加速运动，之后物体受的重力小于弹力，则合力竖直向上，物体向下做加速度增加的减速运动，则t1t2时间内，物块所受合外力冲量的方向先竖直向下后竖直向上，故C正确；ABD在t1t2时间内有一临界点，即重力与弹力大小相等的点，此时合力为零，

11、在该段物体以临界点为平衡位置做简谐运动，AB段曲线为正弦曲线的一部分，但因为A点物体速度不为零，B点速度为零，所以临界点的位置更靠近A点，物体所受合力为零的点在t1时间内，该段时间内一定有一时刻物块所受合外力的功率为零，B点加速度大于A点加速度，而A点加速度为g，所以t2时刻的加速度大小大于g，故A错误，BD正确。故选BCD。三、非选择题：共60分。考生根据要求作答。9.（4分）如图为一端封闭的玻璃管，开口端竖直插入水银槽中，此时空气柱长度l= 50cm，水银面高度差h=25cm，大气压强为75cmHg，温度为27现缓慢下压玻璃管10cm，则管内空气柱长度将_（选填“变大”、“变小”或“不变”

12、）若要使空气柱长度恢复原长，则温度应该升高_【答案】变小 60 【解析】缓慢下压玻璃管，玻璃管内外水银面的高度差h减小，设管内封闭气体的压强为P，以cmHg为单位，根据平衡有：P+h=P0因为h减小，所以压强P增大此过程封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律有：P1V1=P2V2可知此过程封闭气体的体积：V由V1减小到V2，故管内空气柱长度将变小，要使空气柱长度恢复原长，整个过程气体体积不变，为等容变化，根据查理定律可得：其中：P1=P0-h=50cmHg，T1=（27+273）K=300KP3=P0-h+h=60cmHg解得：T3=360K故温度的变化量为：T=T3-T1=60K=60即温度升

13、高60.【点睛】本题考查气体定律与力的平衡的综合运用，解题关键是要分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况，利用平衡求出初末状态封闭气体的压强，再选择合适的规律解决10.（4分）如图所示直线MN上方有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直纸面向外，正、负电子同时从同一点O以与MN成30°角的同样速度v射入磁场（电子质量为m，电荷量为e），它们从磁场中射出时相距_；射出的时间差是_【答案】 【分析】粒子做匀速圆周运动，由洛仑兹力充当向心力可知两粒子离开磁场时的距离，则可求出出射点的距离；根据两粒子在磁场中转动的时间可知时间差【解析】正、负电子在磁场中的回旋轨迹如图所示；由evB=得&

14、#160;，T= =30°如图可知，两粒子离开时距O点均为R，所以出射点相距为L=2R=；正电子的回旋时间为负电子的回旋时间为射出的时间差为t=t2-t1=【点睛】带电粒子在电场中的运动关键在于由几何关系找出圆心和半径，再由洛仑兹力充当向心力及圆的性质可得出几何关系及转动时间11.（5分）下面是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带（1）已知使用电火花计时器,它的工作电压是_ 。打点计时器电源频率为50 Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_s。（2）A、B、C、D是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，则计数点之间的时间间隔是_s；C点对应的速度是_

15、m/s，匀变速直线运动的加速度为_m/s2。（3）下列说法正确的是（_）A 使用时应当先放小车，让其运动起来，再接通电源B 也可使用干电池作为打点计时器的电源C 每打完一条纸带，要及时切断打点计时器的电源D 对纸带处理时，要从3条纸带中选择一条点迹清晰的纸带进行处理【答案】220V 0.02 0.1 0.1 0.2 CD 【解析】（1）电火花打点计时器是使用交流电源的计时仪器，电火花计时器使用的是交流220V的电源；打点周期为交流电的周期；当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点；（2）每两个相邻计数点间有四个点没有画出，则计数点之间的时间间隔是T=5×0.02=0.10s

16、；根据平均速度等于中时刻的瞬时速度，则有C点速度大小等于：小车的加速度为：（3）A、在使用打点计时器时应先开电源再放纸带，故A错误；B、为了使打点计时器工作，必须使用交流电源，故B错误；C、每打完一条纸带，要及时切断打点计时器的电源，故C正确；D、对纸带处理时，要从3条纸带中选择一条点迹清晰的纸带进行处理，故D正确。故选CD。12.（7分）利用如图所示的电路既可以测量电压表和电流表的内阻，又可以测量电源电动势和内阻，所用到的实验器材有：两个相同的待测电源（内阻r约为1）电阻箱R1（最大阻值为999.9）电阻箱R2（最大阻值为999.9）电压表V（内阻未知）电流表A（内阻未知）灵敏电流计G，两个

17、开关S1、S2主要实验步骤如下：按图连接好电路，调节电阻箱R1和R2至最大，闭合开关S1和S2，再反复调节R1和R2，使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V、电阻箱R1、电阻箱R2的示数分别为0.40A、12.0V、30.6、28.2；反复调节电阻箱R1和R2（与中的电阻值不同），使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V的示数分别为0.60A、11.7V。回答下列问题：(1)步骤中，电流计G的示数为0时，电路中A和B两点的电势差UAB=_ V；A和C两点的电势差UAC=_ V；A和D两点的电势差UAD=_ V；(2)利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为_ ，电流表的内阻为_；(

18、3)结合步骤步骤的测量数据，电源电动势E为_V，内阻为_。【答案】0 12.0V -12.0V 1530 1.8 12.6V 1.50 【解析】(1)步骤中，电流计G的示数为0时，电路中AB两点电势相等，即A和B两点的电势差UAB=0V；A和C两点的电势差等于电压表的示数，即UAC=12V；A和D两点的电势差UAD= =-12 V；(2)利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为电流表的内阻为(3)由闭合电路欧姆定律可得2E=2UAC+I2r即2E=24+0.8r同理即2E=2×11.7+0.62r解得E=12.6Vr=1.5013.（10分）如图匀强电场中，AB两点距离10cm，A

19、B连线与电场线夹角，一点电荷，从A点移动到B点(1)求点电荷受到的电场力；(2)求电场力做的功；(3)如果A点的电势，求出B点的电势。【答案】(1)；(2)；(3)4V【解析】(1)点电荷受到的电场力(2)A、B两点的电势差为电场力所做的功为(3)由于A、B两点电势差为16V，则解得14.（12分）如图AB两滑环分别套在间距为1m的两根光滑平直杆上，A和B的质量之比为13，用一自然长度为1m的轻弹簧将两环相连，在 A环上作用一沿杆方向大小为20N的拉力F，当两环都沿杆以相同的加速度a运动时，弹簧与杆夹角为53°（cos53°=0.6）求：（1）弹簧的劲度系数为多少？（2）若

20、突然撤去拉力F，在撤去拉力F的瞬间，A的加速度为a/，a/与a之间比为多少？【答案】（1）K="100N/m" （2）a1：a2=3：1【解析】 (i) 先取A、B和弹簧整体为研究对象，弹簧弹力为内力，杆对A、B支持力与加速度方向垂直，在沿F方向应用牛顿第二定律可得：F(mAmB)a1再对B受力分析：由牛顿第二定律可得：联立解得 F弹25N由几何关系得，弹簧的伸长量：由胡克定律得，F弹=kx所以弹簧的劲度系数：k100N/m(ii) 若突然撤去拉力F，在撤去拉力F的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，根据牛顿第二定律得对A：对B：得到a1：a2=3：1点睛：本题主要考查了两个物

21、体的连接体问题，关键是研究对象的选择，可以就采用隔离法研究，也可以运用隔离法和整体进行分析15.（18分）如图所示，竖直放置的两光滑平行金属导轨，置于垂直于导轨平面向里的匀强磁场中，两根质量相同的导体棒a和b，与导轨紧密接触且可自由滑动先固定a，释放b，当b的速度达到10m/s时，再释放a，经过1s后，a的速度达到12m/s，则（1）此时b的速度大小是多少？（2）若导轨很长，ab棒最后的运动状态【答案】（1） （2）两棒以共同的速度向下做加速度为g的匀加速运动【解析】（1） 当b棒先向下运动时，在a和b以及导轨所组成的闭合回路中产生感应电流，于是a棒受到向下的安培力，b棒受到向上的安培力，且二者大小相等释放a棒后，经过时间t，分别以a和b为研究对象，根据动量定理，则有代入数据可解得（2）在ab棒向下运动的过程中，a棒产生的加速度b棒产生的加速度当a棒的速度与b棒接近时，感应电流逐渐减小，则安培力也逐渐减小最后，两棒以共同的速度向下做加速度为g的匀加速运动。