2020-2021学年下学期高三3月月考卷 物理（A卷）教师版.doc

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1、20-2021学年下学期高三3月月考卷此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物 理 （A）注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，

2、第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1图为2022年深圳春节期间路灯上悬挂的灯笼，三个灯笼由轻绳连接起来挂在灯柱上，O为结点，轻绳OA、OB、OC长度相等，无风时三根绳拉力分别为FA、FB、FC。其中OB、OC两绳的夹角为60°，灯笼总质量为3m，重力加速度为g。下列表述正确的是()AFB一定小于mgBFB与FC是一对平衡力CFA与FC大小相等DFB与FC合力大小等于3mg【答案】D【解析】三个灯笼受到重力与OA的拉力，所以OA的拉力FA3mg，三根绳子等长，可知OB与OC的拉力是相等的；对O点进行受力分析如图，可知FBcos 30

3、76;FCcos 30°FA3mg，所以FBFCmg，故AC错误，D正确；由图可知，FB与FC的方向不在同一条直线上，所以不是一对平衡力，故B错误。2 世界上最高的跳伞是由奥地利极限运动家鲍姆加特纳完成的，他从3.9×104 m高空自由坠落，最终安全跳伞着陆。直播画面显示，气球升至3.9×104 m高空后，他开始无初速下落。摄像机镜头跟踪鲍姆加特纳坠落过程，显示一个小白点急速下坠，开始下落后46 s时，速度达到1150 km/h，其运动过程的最大速度为1342 km/h；在距着陆点1524 m高时，他打开了降落伞；又经过几分钟，他双脚着地，平稳着陆。忽略高度对重力

4、加速度g的影响，则() A开始下落的前46 s，可以认为鲍姆加特纳及装备只受重力作用B从开始下落至打开降落伞之前，鲍姆加特纳的重力的功率保持不变C下落过程中有一段时间，鲍姆加特纳处于超重状态D整个下落过程，鲍姆加特纳一直处于失重状态【答案】C【解析】t46 s，v1150 km/h319 m/s，a6.9 m/s29.8 m/s2，可知空气阻力是不能忽略的，故A错误；由于在达到最大速度之前一直在加速，由功率公式Pmgv，B错误；为了安全降落，运动员在落地前必定有一段时间要向下做减速运动，此时有一个向上的加速度，处于超重状态，C正确，D错误。3“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空11

5、0”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是()A“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍B“轨道康复者”的速度大于地球的第一宇宙速度C站在赤道上的人的角速度大于“轨道康复者”的角速度D“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救【答案】A【解析】卫星做匀速圆周运动，由公式m可得v，因为“轨道康复者”的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，所以其速度是地球同步卫星速度的倍，故A正确；由v可知半径越小，速度越大，故B错误；根

6、据公式m2r，可得，地球赤道的角速度跟地球同步卫星的角速度相同，因此半径越大，角速度越小，故C错误；在高轨道加速，卫星将做离心运动，轨道将变高，不可能实现对低轨道卫星的拯救，故D错误。4如图所示，平行板电容器通过一滑动变阻器R与直流电源连接，G为一零刻度在表盘中央的灵敏电流计，闭合开关S后，下列说法正确的是()A若只在两板间插入电介质，电容器的两板间电压将减小B若只在两板间插入电介质，电容器的电容将保持增大C若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器储存的电荷量将减少D若只将电容器下极板向下移动一小段距离，此过程电流计中有从a到b方向的电流【答案】B【解析】闭合开关S后，电容器板间电压等于变阻器下

7、部分电阻的电压，保持不变，若只在两板间插入电介质，C，电容器的电容将增大，故A错误，B正确；若只将滑动变阻器滑片P向上移动，电容器极板间电压增大，则电容器所带电荷增多，故C错误；若只将电容器下极板向下移动一小段距离，板间距离增大，电容减小，而电压不变，则电容器所带电量减小，电容器放电。由于上极板带正电，所以此过程电流计中有从b到a方向的电流，故D错误。5在如图所示的空间里，存在沿y轴负方向、大小的匀强磁场，有一质量为m、带电量为q的带正电的粒子(重力不计)，以速度v0从O点沿x轴负方向运动，同时在空间加上平行于y轴的匀强交变电场，电场强度E随时间的变化如图所示(以沿y轴正向为E的正方向)，则下

8、列说法错误的是( )At2T时粒子所在位置的x坐标值为0BtT时粒子所在位置的z坐标值为C粒子在运动过程中速度的最大值为2v0D在0到2T时间内粒子运动的平均速度为v0【答案】C【解析】由于匀强磁场沿y轴负方向、匀强交变电场平行于y轴，则粒子经过电场加速后y方向的速度与磁场平行，则y方向虽然有速度vy但没有洛伦兹力，则采用分解的思想将速度分解为vy和v，由此可知vv0，则洛伦兹力提供向心力，qv0B，解得TT，则t2T4T时粒子回到了y轴，A正确；根据洛伦兹力提供向心力有qv0Bm，解得r，经过tTT，则粒子转过了3，则zr，B正确；在t0.5T时粒子在y方向有最大速度vymaxtv0，则粒子

9、的最大速度为v0，C错误；由选项A知在2T时刻粒子在y轴，且有yat2，t0.5T，y4yv0T，则，D正确。6用起重机将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，其vt图象如图所示，下列说法正确的是()A在0t1时间内，起重机拉力逐渐减小B在t1t2时间内，起重机拉力的功率保持不变C在t1t2时间内，货物的机械能保持不变D在t2t3时间内，起重机拉力对货物做负功【答案】AB【解析】在0t1时间内，货物加速上升，加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律有Fmgma，Fm(ga)，故拉力逐渐减小，故A正确；在t1t2时间内，货物匀速上升，故拉力等于重力，起重机拉力的功率PFv，保持不

10、变，故B正确；在t1t2时间内，货物匀速上升，动能不变，重力势能增加，故机械能总量增加，故C错误；在t2t3时间内，货物减速上升，拉力向上，位移向上，故拉力依然做正功，故D错误。7如图（甲）所示，在水平绝缘的桌面上，一个用电阻丝构成的闭合矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，规定磁场的方向垂直桌面向下为正，磁感应强度B随时间t的变化关系如图（乙）所示。线框中的感应电流i（规定逆时针为正）随时间t变化的图线和ab边受到的安培力F（规定向右为正）随时间t变化的图线，其中可能正确的是()【答案】BD【解析】在0到1秒内，磁感应强度B均匀增加，则线框中产生感应电流，由楞次定律可得电流方向为逆时针

11、，由法拉第电磁感应定律可得，感应电流大小恒定。由于规定电流逆时针方向为正，则由左手定则可得，ab边受到的安培力F方向向右，为正值，且大小随着磁感应强度B变化而变化。在12 s内，磁场不变，则线框中没有磁通量变化，所以没有感应电流，则线框也不受到安培力。故AC错误，BD正确。8如图甲所示为恒压电源给光敏电阻R供电时，流过此电阻的电流和其所受光照强度的关系图像。某同学利用此光敏电阻设计了一个台灯的自动控制电路，如图乙所示，T为一自耦式变压器。下列说法正确的是()A仅光照变强，R的阻值变小B仅光照变强，R中的电流变小C仅滑片P下滑，L中的电流频率变小D仅滑片P下滑，T的输入功率变小【答案】AD【解析

12、】光敏电阻两端电压恒定，光越强，电流越大，根据欧姆定律，电阻越小，A正确，B错误；仅滑片P下滑，变压器不改变频率，所以L中的电流频率不变，C错误；仅滑片P下滑，输出电压减小，根据P可知，T的输入功率变小，D正确。二、非选择题：第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题。9(7分)某同学用如图（a）所示的实验装置测量木块与木板之间的动摩擦因数：将木块从倾角为的木板上静止释放，与位移传感器连接的计算机描绘出了木块相对传感器的位置随时间变化的规律，如图（b）中的曲线所示。图中木块的位置从x1到x2、从x2到x3的运动时间均为T。(1)根据图（b）

13、可得，木块经过位置x2时的加速度v2=_，a_；(2)现测得T0.1 s，x14 cm，x29 cm，x316 cm，37°，可求得_。（sin 37°0.6，cos 37°0.8），重力加速度g取10 m/s2，结果保留1位有效数字）(3)若只增大木板的倾角，则木块相对传感器的位置随时间变的规律可能是图（b）中的曲线_。（选填图线序号、或）【答案】(1) 0.5 (2)【解析】(1)木块在斜面上做匀加速直线运动，由于从x1到x2、从x2到x3的运动时间均为T，所以；相邻相等时间内位移之差xaT2，因此有x32x2x1aT2，解得。(2)由牛顿第二定律可得agsi

14、n gcos ，联立解得0.5。(3)若只增大木板倾斜的角度，加速度增大，由xat2可知，则木板相对传感器的位移随时间变化规律可能是图中的。10(8分)在工业生产中，常运用测定电学量的方法来测定某些溶液含离子的浓度。某同学利用图a所示电路模拟这一情形，测定不同浓度下食盐溶液的电阻率。在长方体绝缘容器内插上两竖直金属薄板A、B，A板固定在左侧，B板可插在容器内不同位置。(1)因缺少保护电阻，为保护电流表，开关闭合前B板应尽量靠近容器的_侧（填“左”或“右”）；(2)某次实验时，容器内有一定量的食盐溶液，且B板位于最右端，此时电流表示数如图c，则此时电路中电流为_mA；为便于在多次测量中电流的变化

15、范围更大一些，应_（选填“增加”或“减少”）容器内的食盐溶液；(3)倒入适量食盐溶液后，将B板插在容器内不同位置，改变B、A两板的间距x，读取电流表读数I，测量多组数据，得到x图线如图b示。已知电源电动势为3.0 V，容器内部底面长l20 cm，容器内溶液体积V1200 m3。根据图线求得该食盐溶液的电阻率_·m（保留两位有效数字）。【答案】(1)右 (2)28 增加 (3)4.9×102【解析】(1)由电阻定律R可知，B板越靠近右侧，溶液长度越长，电阻越大。(2)盐溶液浓度越低，阻值越大。由图c可知，此时电路中电流为28 mA，要使测量中电流的变化范围更大，则应减小电阻，

16、故需要增加容器内的食盐溶液。(3)VSl，R，联立可得，结合图象的斜率k，可得·m。11(12分)如图，两光滑金属导轨相距L，平直部分固定在离地高度为h的绝缘水平桌面上，处在磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中，弯曲部分竖直固定并与水平部分平滑连接。金属棒ab、cd垂直于两导轨且与导轨接触良好。棒ab质量的为2m、电阻为0.5r，棒cd的质量为m、电阻为r，开始棒cd静止在水平直导轨上，棒ab从高出平直部分h处无初速释放，进入水平直导轨后与棒cd始终没有接触，最后棒cd落地时与桌边的水平距离也为h。导轨电阻不计，重力加速度为g。求：(1)棒ab落地时与桌边的水平距离；(2)棒cd

17、即将离开导轨时，棒ab的加速度。【解析】(1)棒cd离开桌面后做平抛运动，平抛时间t平抛初速度棒cd从静止开始到离开桌面的过程中安培力对其的冲量Ipmv0棒ab进入水平直导轨时机械能守恒：2mgh×2mv2进入磁场后，ab、cd两棒所受的安培力等大反向，作用时间相等，所以安培力对两棒的冲量等大反向，当棒cd离开磁场时，棒ab的动量pab2mvmv02mv之后由于电路断开，棒ab一直做匀速运动，所以棒ab落地时与桌边的水平距离dvt联立解得：d1.5h。(2)棒cd即将离开导轨时，两棒的瞬时速度分别为vabv0，vcdv0此时闭合回路中的感应电动势EBL(vabvcd)回路中的电流棒a

18、b的加速度联立解得：。12(20分)如图所示，装置的左边是足够长的光滑水平台面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量M3 kg的小物块A，物块A不会脱离弹簧。装置的中间是长度l4.0 m的水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接，传送带以v7 m/s的速度逆时针转动。装置的右边是一段光滑的水平台面连接的光滑曲面，质量m1 kg的小物块B从曲面上距水平台面h5.25 m处由静止释放，经过传送带后与物块A发生对心弹性碰撞，已知碰撞前物块A静止且弹簧处于原长状态，物块B与传送带之间的动摩擦因数0.3，取g10 m/s2，不考虑物块大小对问题的影响，不考虑物块运动对传送带速度的影响。求：(1)物

19、块B与物块A碰撞前瞬间的速度大小；(2)物块A、B碰撞后，传送带的传动速度降v2.5 m/s，方向保持逆时针方向不变。试求物块B重新滑上传送带后t2.4 s内传送带对物块B的合冲量大小。【解析】(1)设B滑到曲面底部速度为v0，根据机械能守恒定律：mghmv02解得v0m/sv7 m/s所以B在传送带上开始做匀减速运动，设B一直减速滑过传送带的速度为v1，由动能定理可得：mglmv12mv02解得v19 m/sv7 m/s说明假设成立，即B与A碰前速度为9 m/s。(2)设第一次碰后A的速度为vA1，B的速度为vB1，取向左为正方向，根据动量守恒定律和机械等守恒定律得：mv1mvB1MvA1m

20、v12mvB12MvA12解得：vB14.5 m/s上式表明B碰后以4.5 m/s的速度向右反弹，滑上传送带后做在摩擦力的作用下减速，设向右减速的最大位移为xB，由动能定理得：mgxB0mvB12解得：xBm因l4.0 m，所以还未滑出传送带B的速度减为零，这个过程经历的时间有vB1gt1得t11.5 st由于传送带已经在A、B碰撞后调为v2.5 m/s，所以物体B将向左做加速运动，设加速到与传动带共速的时间为t2，因此有vgt1解得t1s这过程产生的位移xB2vt2m所以，在共速后的t3tt1t2s内，物体将做匀速直线运动，这段时间内产生的位移xB3vt3 m由于xB2xB3xB，所以在重新

21、滑上传送带2.4 s内，物体B未从传动带左端滑出所以在这2.4 s内，水平方向的冲量I1m(vvB1)7 kgm/s竖直方向的动量I2mgtI124 kgm/s所以，B重新滑上传送带后2.4 s内传送带对B的冲量大小I25 kgm/s。（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。13物理·选修33(15分)(1)(5分)下列说法正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A做布朗运动的微粒越大，则布朗运动越剧烈B绝热汽缸中密封的理想

22、气体在被压缩过程中，气体分子热运动剧烈程度增大C气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故D在合适的条件下，某些晶体可以转变为非晶体，某些非晶体也可以转变为晶体E一切与热现象有关的自发宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进行【答案】BDE【解析】做布朗运动的微粒越大，液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用越趋于平衡，所以布朗运动越不剧烈，故A错误；绝热汽缸中密封的理想气体在被压缩过程中，内能增大，温度升高，气体分子运动剧烈程度增大，故B正确；气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子做无规则运动的缘故，与气体分子之间的斥力无关，故C错误；物质是

23、晶体还是非晶体，并不是绝对的，如果外界条件改变了物质分子或原子的排布情况，晶体和非晶体之间可以互相转化，故D正确；根据熵增原理，自然界自发的宏观过程都具有方向性，总是向分子热运动无序性更大的方向进行，故E正确。(2)(10分)汽车行驶过程中对轮胎气压进行实时自动监测，并对轮胎漏气和低气压进行报警，以确保行车安全。按照行业标准，夏季的胎压为24 atm。某次启动汽车时，发现汽车电子系统报警，如图所示。左前轮胎内封闭气体的体积约为V0，为使汽车正常行驶，用电动充气泵给左前轮充气，每秒钟充入体积为、压强为1 atm的气体，充气结束后发现内胎体积约膨胀了20%。汽车轮胎内气体可以视为理想气体，充气过程

24、轮胎内气体温度无明显变化。(i)求充气多长时间可以使轮胎内气体压强达到标准压强2.4 atm；(ii)充气后，汽车长时间行驶，胎内气体的温度升高为57，胎内气体体积几乎不变，求此时胎内气体压强数值为多少。【解析】(1)左前轮胎内的封闭气体初态时，压强p11.8 atm，体积为V0。设充气时间为t，轮胎内的封闭气体压强p2.4 atm，体积V1.2V01.8p1V0p×1.2V0解得t216 s。(2)轮胎内气体做等容变化解得：轮胎内气体的压强为2.64 atm。14物理·选修34(15分)(1)(5分) 有位游客在海岸边观光，此时他发现海面上吹起了波浪，他通过观察岸边某一浮

25、标的振动，画出了浮标从某一时刻计时开始的振动图象，设该时刻t0，如图所示。他同时以身边的浮标为原点，从t0时刻开始计时，画出了在t4 s时的部分水波图象，如图所示。则下列说法中正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A波的传播周期为4 sB该列水波传播方向是沿x轴的正方向传播C水波波速大小为v4 m/sD根据题目中的条件求不出水波传播的速度E若现在以图2中的波形为计时的起点，那么当质点A第一次达到波峰时，质点B离平衡位置的距离为s0.2 m【答案】ABE【解析】由题图1可知波的振动周期为T4 s，故A正确；由题图1可知在t

26、4 s时浮标沿y轴负向振动，由波的传播方向与质点振动方向的关系知，此时水波正沿x轴的正方向传播，故B正确；由题图2可知，水波的波长为4 m，水波传播的波速为，故C、D错误。若现在以题图2中的波形为计时的起点，此时质点A是向上振动，质点B是向下振动。经2 s后质点A到达波峰，此时质点B恰好达到波谷，故此时质点B离平衡位置的距离为s20 cm0.2 m，故E正确。(2)(10分)如图所示，等腰三角形ABC为一棱镜的横截面，ABACl，B30°。一细束单色光平行于底边BC从AB边上的D点（BDl）射入棱镜，从AC边上的E点平行底边BC射出棱镜，且CEl，已知光在真空中的传播速度为c。求：(i)该棱镜的折射率；(ii)光在该棱镜中传播的时间。【解析】(i)光路如图所示，由几何知识可知，DF平行AE，AD平行FE则BDDFl，EFCEl光束从D点射入时的入射角60°，折射角30°由折射定律有n。(i)。