2022版高考物理大三轮复习高考题型专项练二实验题专项练一_十二含解析20191024284.doc

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1、 实验题专项练（一）实验题专项练（一）- -（十二）（十二） 实验题专项练(一) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 验证机械能守恒定律 传感器对电路的控制 1如图所示，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置验证机械能守恒定律该装置中的打点计时器所接交流电源频率是 50 Hz. (1)对于该实验，下列操作中对减小实验误差有利的是_ A精确测量出重物的质量 B两限位孔在同一竖直线上 C重物选用质量和密度较大的金属重锤 D释放重物前，重物离打点计时器下端远些 (2)按正确操作得到了一条完整的纸带， 由于纸带较长， 图中有部分未画出， 如图所示 纸带上各点是

2、打点计时器连续打出的计时点，其中O点为纸带上打出的第一个点 重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出，利用下列测量值能完成验证机械能守恒定律的选项有_ AOA、OB和OG的长度 B.OE、DE和EF的长度 CBD、BF和EG的长度 D.AC、BF和EG的长度 用刻度尺测得图中AB的距离是 1.76 cm，FG的距离是 3.71 cm，则可测得当地的重力加速度是_m/s2.(计算结果保留三位有效数字) 2 “用 DIS 测电源的电动势和内阻”的实验电路如图(a)所示， 其中R0是阻值为 5 的定值电阻，滑动变阻器R的最大阻值为 10 . (1)某同学按照实验电路连接，闭合开关后，移动滑动变阻

3、器滑片，DIS 系统采集数据后，得到如图(b)所示的UI图象，则该同学在实验中可能出现的不当操作是_ (2)该同学发现操作不当之处，改正后重新实验，得到如图(c)所示的UI图象，根据图象可知电源电动势为_V，内阻为_ . (3)在滑动变阻器滑片从最左端逐渐向右移动的过程中，R上功率的变化情况是_；电源效率的变化情况是_ 二、实验题专项练 实验题专项练(一) 1解析：(1)因为在实验中比较的是mgh、12mv2的大小关系，故m可约去，不需要测量重物的质量，对减小实验误差没有影响，故 A 错误；为了减小纸带与限位孔之间的摩擦，两限位孔必须在同一竖直线上，这样可以减小纸带与限位孔的摩擦，从而减小实验

4、误差，故 B 正确；实验选择的重物应该为质量较大、体积较小的物体，这样能减少空气阻力的影响，从而减小实验误差，故 C 正确；释放重物前，为更有效的利用纸带，重物离打点计时器下端近些，故 D 错误 (2)当知道OA、OB和OG的长度时，无法算出任何一点的速度，故 A 不符合题意；当知道OE、DE和EF的长度时，利用DE和EF的长度可以求出E点的速度，从而求出O点到E点的动能变化量，知道OE的长度，可以求出O点到E点重力势能的变化量，可以验证机械能守恒定律，故 B 符合题意；当知道BD、BF和EG的长度时，由BD、BF的长度可以求出E点的速度，但无法求出G点的速度，故无法求出E点到G点的动能变化量

5、，故 C 不符合题意；当知道AC、BF和EG的长度时，可以分别求出B点和F点的速度，从而求出B点到F点的动能变化量，知道BF的长度，可以求出B点到F点重力势能的变化量，可以验证机械能守恒定律， 故 D 符合题意 根据hgt2，解得：g3.711.7650.022102 m/s29.75 m/s2. 答案：(1)BC (2)BD 9.75 2解析：(1)由图(b)可知，测量电压为负，说明电压传感器正负极接反； (2)电源的伏安特性曲线中，电压轴的截距代表电源电动势，图线斜率的绝对值表示电源内阻；由图(c)可知，电源电动势为：E2.90 V 内阻为：rR0UI2.901.500.20 7 ，则r7

6、 5 2 . (3)把定值电阻等效到电源内部，充当电源内阻，则等效内阻为：r7 ；此时滑动变阻的功率等于等效电源的输出功率，当内外电阻相等时，电源输出功率最大，滑动变阻器的阻值先减小到 7 ，此过程功率逐渐增大；电阻继续减小，则功率又开始减小，即在滑动变阻器滑片从最左端逐渐向右移动的过程中，R上功率的先增大后减小；电源的效率为：IUIE100%UE100%，滑动变阻器电阻减小，则U减小，故电源的效率减小 答案：(1)电压传感器正负极接反 (2)2.90 2 (3)先增大后减小 减小 实验题专项练(二) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 探究轻弹簧的弹性势能 测量电压表的内阻 1用如

7、图所示的装置可以测量弹簧的弹性势能将弹簧放置在水平气垫导轨上，左端固定，右端在O点；在O点右侧的B、C位置各安装一个光电门，计时器(图中未画出)与两个光电门相连先用米尺测得B、C两点间距离s，再用带有遮光片的小滑块压缩弹簧到某位置A，由静止释放小滑块，计时器显示遮光片从B到C所用的时间t，用米尺测量A、O之间的距离x. (1)计算小滑块离开弹簧时速度大小的表达式是_ (2)为求出弹簧的弹性势能，还需要测量_ A弹簧原长 B当地重力加速度 C小滑块(含遮光片)的质量 (3)实验误差的来源有_ A空气阻力 B小滑块的大小 C弹簧的质量 2某同学准备把量程为 0500 A 的电流表改装成一块量程为

8、02.0 V 的电压表他为了能够更精确地测量电流表的内阻，设计了如图甲所示的实验电路，图中各元件及仪表的参数如下： A电流表 G1(量程 01.0 mA，内阻约 100 ) B电流表 G2(量程 0500 A，内阻约 200 ) C电池组E(电动势为 3.0 V，内阻未知) D滑动变阻器R(025 ) E电阻箱R1(总阻值 9 999 ) F保护电阻R2(阻值约 100 ) G单刀单掷开关 S1，单刀双掷开关 S2 (1)实验中该同学先闭合开关 S1，再将开关 S2与a相连，调节滑动变阻器R，当电流表 G2有某一合理的示数时，记下电流表 G1的示数I；然后将开关 S2与b相连，保持_不变，调节

9、_，使电流表 G1的示数仍为I时，读取电阻箱的示数r. (2)由上述测量过程可知，电流表 G2内阻的测量值rg_ (3)若该同学通过测量得到电流表 G2的内阻为 190 ，他必须将一个_ k的电阻与电流表 G2串联，才能改装为一块量程为 2.0 V 的电压表 (4)该同学把改装的电压表与标准电压表 V0进行了校准，发现当改装的电压表的指针刚好指向满偏刻度时，标准电压表 V0的指针恰好如图乙所示由此可知，该改装电压表的百分误 差为_%. 实验题专项练(二) 1解析：(1)滑块离开弹簧后的运动可视为匀速运动，故可以用BC段的平均速度表示滑块离开弹簧时的速度，则有：vst. (2)弹簧的弹性势能等于

10、滑块(含遮光片)增加的动能，故应求解滑块(含遮光片)的动能，根据动能表达式可知，应测量小滑块(含遮光片)的质量，故选 C. (3)由于存在空气阻力， 阻力做负功， 小滑块的动能增加量小于弹簧的弹性势能的减少量；由于弹簧有质量，故弹簧的弹性势能有小部分转化为弹簧的动能，故小滑块的动能增加量小于弹簧弹性势能的减少量，故选 A、C. 答案：(1)vst (2)C (3)AC 2解析：(1)当电流表 G2有某一合理的示数时，记下电流表 G1的示数I；然后将开关 S2与b相连，保持滑动变阻器R的阻值不变，调节R1，使电流表 G1的示数仍为I时，读取电阻箱的示数r. (2)电流 G2的内阻与电阻箱接入电路

11、的阻值相同，即rgr. (3)将电流表 G2改装成电压表要串联电阻分压，串联电阻的阻值为RUIgrg3.81 k. (4)标准电压表 V0的示数为 1.90 V，由此可知，该改装电压表的百分误差为2.01.901.90100%5.26%. 答案：(1)滑动变阻器R的阻值 R1 (2)r (3)3.81 (4)5.26 实验题专项练(三) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 电学拓展探究实验 探究物体加速度与其所受合外力之间的关系 1如图(a)所示是某汽车转向灯的控制电路，电子闪光器可以产生周期性的开关动作，使转向信号灯和转向指示灯闪烁该电路的工作过程为：汽车若向左转弯，就把转向信号灯

12、 开关(单刀三掷开关)拨至左侧位置 1，闪光器工作，转向信号灯闪烁，向路人或其他车辆发出信号，同时安装在仪表盘上的转向指示灯也在闪亮，向驾驶员提供转向灯工作的情况；汽车向右转弯的原理与向左转一样 (1)闭合点火开关，将转向信号灯开关拨至右侧位置 2，发现电路不工作为排查电路故障，多用电表的选择开关应旋至_(选填“欧姆挡”“交流电压挡”“直流电压挡”或“直流电流挡”)的位置；用调节好的多用电表进行排查，若只有电子闪光器断路，则表笔接A、B时指针_(选填“偏转”或“不偏转”)，接B、D时指针_(选填“偏转”或“不偏转”) (2)电容式转向信号闪光器的内部结构如图(b)所示，它主要由一个具有双线圈的

13、灵敏继电器和一个大容量的电容器组成其工作原理如下： 接通转向灯电路，蓄电池通过线圈L1和常闭触点对转向灯供电，在线圈L1的磁场的作用下，_ _. 蓄电池对电容器充电，此时线圈L1、L2均串入电路，在线圈L1、L2的磁场的作用下，触点继续打开 充电结束后，电流为零，触点闭合，蓄电池通过线圈L1和触点向转向灯供电，电容器也通过线圈L2放电， _ _. 放电结束后，线圈L2的电流为零，触点打开，转向灯不亮重复上述过程，实现转向灯的闪烁 请将上述原理补充完整 2为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，某同学设计了如图所示的实验装置其中M为小车的质量，m为砂和砂桶的质量，m0为小车上滑轮的质量力传感器可

14、测出轻绳中的拉力大小 (1)实验时，一定要进行的操作是_ A用天平测出砂和砂桶的质量 B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力 C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数 D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M (2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带(两计数点间还有四个点没有画出)，已知打点计时器采用的是频率为 50 Hz 的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_ m/s2(结果保留三位有效数字) (3)该同学以力传感器的示数F为横坐标，以加速度为纵坐标，画出的aF图象是一条直线，求得图线的斜率为k，则小车的质量为_ A.1

15、k B.1km0 C.2km0 D.2m 实验题专项练(三) 1解析：(1)闭合点火开关，将转向信号灯开关拨至右侧位置 2，发现电路不工作为排查电路故障，由于电路中有直流电源，多用电表的选择开关应旋至“直流电压挡”的位置；用调节好的多用电表进行排查，若只有电子闪光器断路，则表笔接A、B时，电压表与直流电源构成通路，多用电表指针偏转；接B、D时，电压表与直流电源断路，多用电表指针不偏转 (2)接通转向灯电路，蓄电池通过线圈L1和常闭触点对转向灯供电，在线圈L1的磁场的作用下，触点打开，转向灯电路切断，转向灯不亮；电容器充电结束后，电流为零，触点闭合，蓄电池通过线圈L1和触点向转向灯供电，电容器也

16、通过线圈L2放电，L1、L2中电流方向相反，产生的磁场抵消，触点闭合，转向灯发光 答案：(1)直流电压挡 偏转 不偏转 (2)触点打开，转向灯电路切断，转向灯不亮 L1、L2中电流方向相反，产生的磁场抵消，触点闭合，转向灯发光 2解析：(1)本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶(包括砂)的质量远小于车的总质量，故 A、D 错误；该题是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，故需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故 B正确；打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故

17、 C 正确 (2)由于两计数点间还有四个点没有画出，故时间间隔为T50.02 s0.1 s，由匀变速直线运动的判别式(xaT2)结合逐差法可得：ax36x039T22.00 m/s2. (3)对小车上滑轮和小车的整体为对象由牛顿第二定律得：2F(Mm0)a，则a2Mm0F，故aF图象的斜率k2Mm0，则小车的质量为M2km0；故选 C. 答案：(1)BC (2)2.00 (3)C 实验题专项练(四) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 研究匀变速直线运动 描绘小灯泡的伏安特性曲线 1如图甲所示，是研究小车做匀变速直线运动规律的实验装置，打点计时器所接的交流电源的频率为f50 Hz，试

18、问： (1)实验中，必要的措施是_ A细线必须与长木板平行 B小车必须具有一定的初速度 C小车质量远大于钩码质量 D必须平衡小车与长木板间的摩擦力 (2)如图乙所示，A、B、C、D、E、F、G是刚打好的纸带上 7 个连续的点从图乙中可读得x6_cm，计算F点对应的瞬时速度的表达式为vF_ (3)如图丙所示，是根据实验数据画出的v22x图线(v为各点的速度大小)，由图线可知小车运动的加速度为_m/s2.(保留 2 位有效数字) 2要描绘一个标有“3 V 0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到 3 V，并便于操作已选用的器材有： 电池组(电动势 4.5 V，内阻约 1

19、)； 电流表(量程为 0250 mA，内阻约 5 )； 电压表(量程为 03 V，内阻约 3 k)； 开关一个；导线若干 (1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_(填仪器前的字母) A滑动变阻器(最大阻值 20 ，额定电流 1 A) B滑动变阻器(最大阻值 1 750 ，额定电流 0.3 A) (2)实验的电路图应选用下列的图_ (3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图 1 所示现将两个这样的小灯泡并联后再与一个2 的定值电阻R串联，接在电动势为 1.5 V、内阻为 1 的电源两端，如图 2 所示每个小灯泡消耗的功率是_W. 实验题专项练(四) 1解析：(1)实验中，细线必须与长木板平行，以减

20、小实验的误差，选项 A 正确；实验中让小车由静止释放，不需要初速度，选项 B 错误；此实验不需要使得小车质量远大于钩码质量，选项 C 错误；此实验没必要平衡小车与长木板间的摩擦力，选项 D 错误 (2)从题图乙中可读得x66.00 cm，计算F点对应的瞬时速度的表达式为vFx6x42Tf（x6x4）2. (3)由图线可知小车运动的加速度为av22x1.500.2525101 m/s20.50 m/s2. 答案：(1)A (2)6.00 f（x6x4）2 (3)0.50(0.480.52) 2解析：由描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验原理可知： (1)滑动变阻器应选总阻值较小的 A. (2)电流表应

21、选外接法，滑动变阻器应接成分压式，故实验电路为 B. (3)把 2 的定值电阻看成电源内阻，由于两个灯泡并联，每个灯泡中电流为总电流的12，作出电源关于一个灯泡的伏安特性曲线，与灯泡伏安特性曲线的交点即为电路工作点(如图)，该交点横、纵坐标的乘积即等于每个小灯泡消耗的功率，即P0.6 V0.15 A0.09 W. 答案：(1)A (2)B (3)0.09 实验题专项练(五) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 研究在固定斜面上运动物体的平均速度、瞬时速度和加速度之间的关系 测电流表的内阻 1某探究性学习小组利用如图 1 所示装置探究光滑斜面上物体的加速度与物体质量及斜面倾角的关系 (

22、1)下列实验方法，可以采用_ A等效法 B.控制变量法 C放大法 D.累积法 (2)实验中，通过向小车放入钩码来改变小车质量，只要测出小车从长为L的斜面顶端滑至底端的时间t，就可以由公式a_求出加速度 (3)实验中通过改变方木块垫放位置来调整长木板的倾角，由于没有量角器，因此通过测量出长木板顶端到水平面的高度h，求出倾角的正弦值 sin hL.某同学记录了高度和加速度的对应值，并在坐标纸上建立适当的坐标系后描点作图如图 2，请根据他所作的图线求出当地的重力加速度g_ m/s2. 2某同学欲将电流表改装成电压表，需要测量电流表的内阻，可供选择的实验器材有： A待测电流表 G1； B一个标准电流表

23、 G2(G2的量程大于 G1的量程)； C电阻箱R； D滑动变阻器R； E电池组、导线、开关 采用如图甲所示的电路测定电流表内阻时，该同学的实验步骤为：_ 按电路图甲接好电路，将滑动变阻器R调至最大； 闭合 S1，断开 S2，调节滑动变阻器R，使电流表 G1表头指针满偏； 再闭合 S2，保持滑动变阻器R不变，调节电阻箱R，使表头指针半偏读出此时电阻箱R的示数，则电流表内阻可看做此示数 (1)用上述方法得到的电流表 G1内阻的测量值与真实值相比_ (2)为了使测量更准确，请你利用上述实验器材重新设计实验，从设计原理上看可以消除上述实验中的系统误差，请你在图乙中完成实验电路图 (3) 使 用重 新

24、设 计 的实验 电 路的 测 量数 据 ，写 出 电流 表 G1内 阻表达 式Rg_，说明各测量值的意义：_. 实验题专项练(五) 1解析：(1)要探究光滑斜面上物体的加速度与物体质量及斜面倾角的关系，由于有两个变量，可采用控制变量法，B 正确 (2)小车在光滑斜面上做初速度为零的匀加速运动，由L12at2可得a2Lt2. (3)小车在光滑斜面上运动时，其加速度agsin ，asin 图象的斜率表示重力加速度，得g9.6 m/s2. 答案：(1)B (2)2Lt2 (3)9.6 2解析：(1)本实验采用的是半偏法测量内阻，但在并联电阻箱时，总电阻减小，则总电流偏大，故使电流表达到半偏时，所并联

25、的电阻应比电流表真实电阻偏小 (2)为了减小误差，应保证各测量值准确，故可以在干路中接入电流表 G2，接入R后调节R即可；故正确原理图如答案图所示 (3)I1为 G1的示数，I2为 G2的示数，R为电阻箱电阻；由串、并联电路规律可知Rg（I2I1）RI1. 答案：(1)偏小 (2)如图所示 (3)（I2I1）RI1 I1为 G1的示数，I2为 G2的示数，R为电阻箱电阻 实验题专项练(六) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 验证力的平行四边形定则 多用电表的原理和使用 1某同学用以下器材验证力的平行四边形定则并测量橡皮筋的劲度系数： 刻度尺、橡皮筋、装有水的矿泉水瓶(总质量为m)、

26、量角器和细线若干条，实验时始终没有超过橡皮筋的弹性限度 a将橡皮筋上端固定，下端系一段细线 1，让其自然下垂，用刻度尺测出橡皮筋的长度为l0； b将矿泉水瓶通过细线连接在橡皮筋下端，待矿泉水瓶静止后用刻度尺测出此时橡皮筋的长度l1； c如图所示，用另一根细线 2 的一端系在细线 1 与橡皮筋结点处，通过细线 2 的另一端将矿泉水瓶缓慢拉起，该过程中保持细线 2 与橡皮筋垂直，用量角器测得最终橡皮筋偏离竖直方向的夹角为 60，并用刻度尺测出此时橡皮筋的长度为l2. (1)若当地的重力加速度大小为g，则橡皮筋的劲度系数k_ (2)若l0、l1、l2满足_，则说明力的平行四边形定则成立 2(1)图甲

27、是多用电表的简化电路图，作为电压表使用时，选择开关应接_； 作为欧姆表使用时， 选择开关应接_(均选填“1”“2”或“3”) 使用多用电表时，电流一定从_(选填“A”或“B”)端流入多用电表 (2)利用多用电表和电阻箱测量一电源的电动势和内阻的电路如图乙调节电阻箱，记录多组电阻箱示数R和多用电表示数I，作出R1I的图线如图丙所示由图丙可求得电动势E_V，内阻r_.(结果均保留 2 位有效数字) 如果忽略偶然误差，本实验测得的E测、r测与真实值比较：E测_E真，r测_r真(均选填“”) 实验题专项练(六) 1解析：(1)橡皮筋的原长为l0，挂上质量为m的矿泉水瓶后的长度为l1，根据胡克定律：mg

28、k(l1l0)，解得kmgl1l0. (2)由平衡条件可知：mgcos 60k(l2l0)，即：l12l2l0.即若l0、l1、l2满足l12l2l0，则说明力的平行四边形定则成立 答案：(1)mgl1l0 (2)l12l2l0 2解析：(1)由题图甲可知，作为电压表使用时，选择开关应接位置 3；作为欧姆表使用时，选择开关应接 2，内部电源被接通，可测量电阻；使用时，电流一定从红表笔流入，即从A端流入 (2)根据闭合电路欧姆定律，EIRIr，则R1IEr，可知图线斜率表示电动势，在纵轴上截距的绝对值表示内阻，则Ek（61.2）2.5 A12.9 V，r1.2 .将多用电表的内阻等效到电源的内部

29、，则测量的内阻等于电源的实际内阻与多用电表的内阻之和，所以内阻测量值偏大当电阻箱阻值无穷大时，电流表分压可以忽略，故本实验中电动势的测量准确 答案：(1)3 2 A (2)2.9(2.83.0) 12(1.11.3) 实验题专项练(七) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 测定弹簧的劲度系数 探究热敏电阻的温度特性 1某实验小组用如图所示的装置测量弹簧的劲度系数k.每当挂在弹簧下端的钩码(每个钩码质量m50 g)处于静止状态时，用刻度尺测出对应的弹簧长度L(弹簧始终在弹性限度内)，列表记录如下： 所挂钩码 个数n 1 2 3 4 5 6 Ln(cm) 10.18 13.09 14.5

30、8 16.08 17.54 (1)表格中第二组数据的弹簧长度如图所示，则弹簧长度为_cm； (2)用所学知识尽量精确计算出每挂一个钩码弹簧伸长量L_cm；并由FkL算出弹簧的劲度系数k_N/m.(g9.8 m/s2，结果均保留三位有效数字) 2某实验小组设计了如图甲所示的电路，其中RT为热敏电阻，电压表量程为 6 V，内阻RV约 10 k，电流表量程为 0.5 A，内阻RA4.0 ，R为电阻箱 (1)该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数U1、电流表的示数I和电阻箱的阻值R，在IU坐标系中，将各组U1、I的数值标记在相应位置，

31、描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线如图乙中的曲线所示为了完成该实验，应将导线c端接在_(选填“a”或“b”)点； (2)利用(1)中记录的数据，通过分析计算可得外电路的电压U2_(用U1、I、R和RA表示)； (3)实验小组利用(2)中的公式，计算出各组的U2，将U2和I的数据也描绘在IU坐标系中，如图乙中的直线所示，根据图象分析可知，电源的电动势E_V，内电阻r _； (4)实验中，当电阻箱的阻值调到 3.0 时，热敏电阻消耗的电功率P_W(保留两位有效数字) 实验题专项练(七) 1解析：(1)由毫米刻度尺的读数方法可知题图中的读数为 11.60 cm； (2)由平均值法，得：L17.5410

32、.185 cm1.47 cm，根据FkL，得弹簧的劲度系数kFL501039.81.47102 N/m33.3 N/m. 答案：(1)11.60 (2)1.47 33.3 2解析：(1)采用伏安法测电阻，由题图乙可知热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以采用电流表外接法，故导线c应接在a点 (2)根据电路串并联规律可知外电压为： U2U1I(RRA) (3)当I0 时，根据题图乙得E6.0 V，而直线斜率倒数的绝对值等于内电阻，则r6.04.50.5 3.0 . (4)把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源内阻为：r03.0 4.0 3.0 10 ；在IU图象中作等效电源的伏安特性曲线，如

33、图所示，与热敏电阻的伏安特曲线的交点坐标(4.0，0.2)，所以热敏电阻的电功率为：PUI4.00.2 W0.80 W 答案：(1)a (2)U1I(RRA) (3)6.0 3.0 (4)0.80(0.770.83 均可) 实验题专项练(八) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 多用电表的原理 测量木块与木板间的动摩擦因数 1某学生实验小组利用图甲所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“1 k”挡内部电路的总电阻 使用的器材有： 多用电表； 电压表：量程 5 V，内阻十几千欧； 滑动变阻器：最大阻值 5 k； 导线若干 回答下列问题： (1)将多用电表挡位调到电阻“1 k”挡，再

34、将红表笔和黑表笔_，调零点 (2)将图甲中多用电表的红表笔和_(选填“1”或“2”)端相连，黑表笔连接另一端 (3)将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图乙所示，这时电压表的示数如图丙所示多用电表和电压表的读数分别为_k和_V. (4)调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零此时多用电表和电压表的读数分别为 12.0 k和 4.00 V从测量数据可知，电压表的内阻为_k. (5)多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路，如图丁所示根据前面的实验数据计算可得，此多用电表内电池的电动势为_V，电阻“1 k”挡内部电路的总电阻为_k.

35、 2 为测定小滑块与水平木板间的动摩擦因数， 选用的实验器材为： 带挡光片的小滑块、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、游标卡尺、刻度尺，器材安装如图甲所示 (1)用游标卡尺测量挡光片宽度d如图乙所示，则d_mm； (2)小滑块从弧形斜面上某位置由静止释放，读出小滑块挡光片通过光电门时数字毫秒计的示数t；用刻度尺量出小滑块停止运动时，滑块上的挡光片中心与光电门间的水平距离L；重力加速度为g，则小滑块与水平木板间的动摩擦因数_(用物理量d、L、t、g表示)； (3)实验中将挡光片通过光电门的平均速度当作小车通过光电门的瞬时速度，这样处理测得的小滑块与水平木板间的动摩擦因数与真实值相比_(选填“偏大”“

36、偏小”或“无偏差”) 实验题专项练(八) 1解析：(1)欧姆表调零：将红表笔和黑表笔短接，使指针指电阻 0 刻度 (2)多用电表欧姆挡测电压表的内阻应使电流从电压表的“”接线柱流入、“”接线柱流出，而黑表笔连接多用电表内电池的正极，所以多用电表的红表笔和“”端相连，黑表笔连接“”端 (3)多用电表和电压表的读数分别为 15.0 k和 3.60 V. (4)由题图甲可知多用电表欧姆“1 k”挡直接测量电压表的内阻RV，所以RV12.0 k. (5)设多用电表内电池的电动势为E，多用电表电阻“1 k”挡内部电路的总电阻为Rg，依题给条件由欧姆定律得：E3.60RV(15.0Rg)，E4.00RV(

37、12.0Rg)， 又RV12.0 k，解得：E9.00 V，Rg15.0 k. 答案：(1)短接 (2)1 (3)15.0 3.60 (4)12.0 (5)9.00 15.0 2解析：(1)游标卡尺的读数为d5 mm18120 mm5.90 mm； (2)小滑块通过光电门时的速度为vdt，根据动能定理可得mgL012mdt2，解得d22gLt2； (3)小滑块做匀减速直线运动，因为小滑块通过光电门的速度为其平均速度，即中间时刻的速度，此时挡光片中心已经通过光电门，相比中心通过光电门的速度偏小，根据mgL012mv2可得v22gL，故测量值偏小 答案：(1)5.90 (2)d22gLt2 (3)

38、偏小 实验题专项练(九) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 自由落体运动规律的应用 电阻的测量 1某同学用如图 1 所示的装置测定重力加速度： (1)电磁打点计时器的工作电压为_V，为交流，频率为 50 Hz. (2)打出的纸带如图 2 所示，实验时纸带的_(选填“甲”或“乙”)端应和重物相 连接 (3)实验中在纸带上连续打出点 1、2、3、4、9，如图 2 所示，由纸带所示数据可算出实验时的加速度为_ m/s2(保留两位有效数字) 2在一次课外活动中，物理兴趣小组成员小明从废旧的电视机上拆下一个定值电阻Rx，电阻上的标称不明显，阻值约为 200 ，为了进一步精确测定该电阻的阻值，

39、小明到实验室寻找到了下列器材： 电压表 V，05 V，内阻约为 3 k； 电流表 A，0300 mA，内阻RA10 ； 定值电阻R1，阻值为 20 ； 定值电阻R2，阻值为 400 ； 滑动变阻器R3，05 ，额定电流 2 A； 滑动变阻器R4，01 000 ，额定电流 1 A； 电源E，E6 V，内阻不计 (1)小明为了精确测定电阻阻值， 设计了如图甲所示电路， 定值电阻R应该选择_；滑动变阻器应该选择_(填器材后面的符号) (2)请你不要改动已连接导线，在实物连接图乙中把还需要连接的导线帮小明补上；闭合开关前，由图甲可知应使变阻器滑片放在最_(选填“左”或“右”)端 (3)若某次测量中电压

40、表读数为U，电流表读数为I，那么小明测得的待测电阻的精确阻值的表达式为Rx_(用题中的字母表达) 实验题专项练(九) 1(1)46 (2)乙 (3)9.4 2解析：(1)为了精确测定电阻阻值，需要使电表尽可能的大角度偏转，电压表量程为 5 V，电流表满偏电压UgIgRA3 V，则待测电阻两端的最大电压U2 V，根据闭合电路欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流IRURx10 mA，定值电阻阻值约为RUIgIR6.9 ，定值电阻应选择R1；为方便实验操作，滑动变阻器应选择R3. (2)根据电路图连接实物电路图 滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，保护开关前滑片要置于最左端 (3)由题意可知，电流表

41、两端电压UAIRA，并联电压U并UUAUIRA. 通过定值电阻的电流IRU并RUIRAR，通过待测电阻的电流IxIIR. 根据欧姆定律可知，待测电阻阻值 RxU并Ix（UIRA）RI（RAR）U. 答案：(1)R1 R3 (2)见解析图 左 (3)（UIRA）RI（RAR）U 实验题专项练(十) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 探究匀变速运动的规律 电表的改装 1一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心且垂直于盘面的水平轴转动，圆盘加速转动时，角速度的增加量与对应时间t的比值定义为角加速度即t.我们用电磁打点计时器、刻度尺、游标卡尺、纸带(厚度不计)、复写纸来完成下述实验打点计时器所

42、接交流电的频率为 50 Hz.A、B、C、D为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出 实验步骤如下： 如图甲所示，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固定在圆盘的侧面，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上； 接通电源打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动(即角加速度恒定)； 经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量 请回答下列问题： (1)由图乙可知，圆盘的直径为_cm； (2)由图丙可知，打下计数点D时，圆盘转动的角速度大小为_rad/s；(结果保留三位有效数字) (3)圆盘转动的角加速度大小为_rad/s2.(结果保留三位有效数字) 2某兴趣小

43、组要将一个量程Ig为 1 mA、内阻约为 100 的电流表 G 改装成量程为 3 V的电压表首先要测量该电流表的内阻，现有如下器材： A待测电流表 G(量程 1 mA、阻值约 100 ) B滑动变阻器(总阻值 5 000 、额定电流 1 A) C滑动变阻器(总阻值 500 、额定电流 1 A) D电阻箱R2(总阻值 999.9 ) E电源(电动势为 1.5 V，内阻很小) F电源(电动势为 3 V，内阻很小) G开关、导线若干 (1)该小组如果选择如图甲所示的电路来测量待测电流表 G 的内阻，则滑动变阻器R1应选择_(填器材前代码序号)，电源应选择_(填器材前代码序号) (2)实验时，先断开开

44、关 S2，闭合开关 S1，调节滑动变阻器R1，使得 G 的示数为Ig；保证R1的阻值不变，再闭合 S2；调节电阻箱R2，使得 G 的示数为Ig3，此时电阻箱R2的示数如图乙所示，则 G 的内阻为_. (3)该实验中，G 的内阻测量值_(填“大于”或“小于”)真实值 实验题专项练(十) 1解析：(1)根据游标卡尺的读数原理，可得读数应为主尺上的和游标尺上的刻度相加由图乙可知游标尺的分度为 0.05 mm，主尺上为 6.0 cm，游标尺上的第 0 个刻度线和主尺对齐，所以读数为 6.0 cm0.050 mm6.000 cm，即可得该圆盘的直径d6.000 cm； (2)由题意知，纸带上每点的时间间

45、隔T0.10 s，打下计数点D时，纸带运动速度大小为：vDxCE2T（14.645.64）10220.1 m/s0.45 m/s 此时圆盘转动的角速度为DvDr0.453102 rad/s15.0 rad/s； (3)纸带运动的加速度大小为axDExBC（xCDxAB）4T2，设角加速度为，则tvrt，代入数据解得：28.0 rad/s2. 答案：(1)6.000 (2)15.0 (3)28.0 2解析：(1)由于将电流表 G 改装成量程为 3 V 的电压表，所以电源的电动势选 3 V，故电源应选择 F；待测电流表 G 量程是 1 mA，其串联电路的R1上的电流：IIg，电路中的总电阻R总EI

46、g3 000 ，所以滑动变阻器R1应选择 B； (2)使得 G 的示数为Ig3，则有电阻箱R2的电流为2Ig3，它们并联，它们两端电压相等，根据电路结构则有13IgRg23IgR2，解得Rg2R2248.0 96.0 ； (3)测电流表内阻时闭合开关 S2后整个电路电阻变小，电路电流变大，电流表 G 的示数为Ig3，流过电阻箱的电流大于2Ig3，电阻箱阻值小于电流表内阻的 2 倍，即电流表内阻测量值偏小 答案：(1)B F (2)96(或 96.0) (3)小于 实验题专项练(十一) (建议用时：15 分钟) 题号 1 2 考点 测动摩擦因数 研究硅二极管的电压与温度的关系 1某兴趣实验小组的

47、同学利用如图甲所示装置测定物块与木板AD、DE间的动摩擦因数1、2； 两块粗糙程度不同的木板AD、DE对接组成斜面和水平面， 两木板在D点光滑连接(物块在此处运动不损失机械能)，且AD板能绕D点转动现将物块在AD板上某点由静止释放，滑块将沿AD下滑，最终停在水平板的C点；改变倾角，让物块从不同的高度由静止释放，且每次释放点的连线在同一条竖直线上(以保证图中物块水平投影点B与接点D间距s不变)，用刻度尺量出释放点与DE平面的竖直高度差h、释放点与D点的水平距离s、D点与最终静止点C的水平距离x，利用多次测量的数据绘出xh图象，如图乙所示，则 (1)写出xh的数学表达式_(用1、2、h及s表示)；

48、 (2)若实验中s0.5 m，xh图象的横轴截距a0.1， 纵轴截距b0.4， 则1_，2_ 2国标(GB/T)规定自来水在 15 时电阻率应大于 13 m.某同学利用如图甲所示电路测量 15 自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门 K，以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞(活塞电阻可忽略)，右活塞固定，左活塞可自由移动实验器材还有：电源(电动势约为 3 V，内阻可忽略)，电压表 V1(量程为3 V，内阻很大)，电压表 V2(量程为 3 V，内阻很大)，定值电阻R1(阻值 4 k)，定值电阻R2(阻值 2 k)，电阻箱R(最大阻值 9 999 )，单

49、刀双掷开关 S，导线若干，游标卡尺，刻度尺 实验步骤如下： A用游标卡尺测量玻璃管的内径d； B向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L； C把 S 拨到 1 位置，记录电压表 V1示数； D把 S 拨到 2 位置，调整电阻箱阻值，使电压表 V2示数与电压表 V1示数相同，记录电阻箱的阻值R； E改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤 C、D，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R； F断开 S，整理好器材 (1)测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙所示，则d_mm. (2)玻璃管内水柱的电阻Rx的表达式为：Rx_(用R1、R2、R表示) (3)利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，

50、 绘制出如图丙所示的R1L关系图象自来水的电阻率_m(保留两位有效数字) (4)本实验中若电压表 V1内阻不是很大，则自来水电阻率测量结果将_(填“偏大”“不变”或“偏小”) 实验题专项练(十一) 1解析：(1)对物块的运动，由动能定理，mgh1mgcos scos 2mgx0，解得：x12h12s. (2)图象的横轴截距a0.1，s0.5 m，当x0 时，ha，代入x12h12s，得1as0.2.纵轴截距b0.4，当h0 时，代入x12h12s，得12sb，解得20.25. 答案：(1)x12h12s (2)0.2 0.25 2解析：(1)根据游标卡尺的读数规则，玻璃内径d30 mm00.0