专题10 交变电流-2021年高考考前再回首易错题（解析版）.docx

《专题10 交变电流-2021年高考考前再回首易错题（解析版）.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《专题10 交变电流-2021年高考考前再回首易错题（解析版）.docx（12页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、考前再回首易错题之交变电流易错题清单易错点1：对交流电的产生、变化规律理解不透彻.【典例1】一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示由图可知( )学科网A该交流电的电压瞬时值的表达式为u100sin（25t）V学科网B该交流电的频率为25 Hz学科网C该交流电的电压的有效值为100 学科网D若将该交流电压加在阻值R100 的电阻两端，则电阻消耗的功率为50 W学科网 学科网· 网易错点2：对交流电的“四值”理解不到位，不会计算有关有效值的问题.【典例2】如图所示，矩形线圈abcd与可变电容器C、理想电流表A组成闭合电路.线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，转动的角速度

2、=100 rad/s.线圈的匝数N= 100，边长ab= 0.2 m，ad=0.4 m，电阻不计.磁感应强度大小B= T.电容器放电时间不计.下列说法正确的是( )A.该线圈产生的交流电动势峰值为50 VB.该线圈产生的交流电动势有效值为50 VC.电容器的耐压值至少为50 VD.电容器的电容C变大时，电流表的示数变小【答案】B【解析】:Em=NBS=100××(0.2×0.4)×100 V=50 V，故A错误;E= =50 V，故B正确;电容器的耐压值为电压的最大值，至少为50 V，故C错误;电容器的电容C变大时，容抗变小，故电流表的示数变大，故D错误

3、.易错点3：对交流电图像的意义认识不清.【典例3】如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时学科网A线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流学科网B线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势学科网C线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是abcd学科网 D 线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力学科网易错点4：不能正确分析涉及变压器的电路动态变化问题.【典例4】理想变压器的原线圈连接电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过触头Q调节，在副线圈输出端连接了定值电阻R0和滑

4、动变阻器R，在原线圈上加一电压为U的交流电，如图所示，若（ ）AQ位置不变，将P向上滑动，U变大BQ位置不变，将P向上滑动，电流表的读数变大CP位置不变，将Q向上滑动，电流表的读数变大DP位置不变，将Q向上滑动，变压器的输入功率不变易错点5：不会根据输电导线损耗功率的计算，分析有关实际问题.【典例5】有一台内阻为l的发电机，供给一个学校照明用电，如图所示升压变压器匝数比为14，降压变压器的匝数比为41，输电线的总电阻R=4，全校共22个班，每班有“220 V，40W”灯6盏若保证全部电灯正常发光，则：（l）发电机输出功率多大？（2）发电机电动势多大？（3）输电线上损耗的电功率多大？（4）输电效

5、率是多少？（5）若使用灯数减半并正常发光发电机输出功率是否减半答案：（1）P出=5424 W；（2）250 V；（3）输电线上损耗的电功率PR=IR2R=144W（4）P有用/P出×100=×100%=97（5）P/出=2676w，发电机的输出功率减少一半还要多，因输电线上的电流减少一半，输电线上电功率的损失减少到原来的1/4。举一反三，纠错训练1.将阻值为5的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示下列说法正确的是 （ ）学科网A电路中交变电流的频率为0.25 Hz学科网B通过电阻的电流为A学科网C电阻消耗的电功率为2.5 W学科网D用交流电压表测

6、得电阻两端的电压是5 V学科网2.一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO以如图所示的角速度匀速转动，外电路电阻为R.(1)在图中标出此刻线圈感应电流的方向.(2)线圈转动过程中感应电动势的最大值有多大?(3)线圈平面与磁感线夹角为60°时的感应电动势为多大?(4)设发电机由柴油机带动，其他能量损失不计，线圈转一周，柴油机做多少功?(5)从图示位置开始，线圈转过60°的过程中通过R的电量是多少?(6)图中电流表和电压表的示数各是多少? 【答案】(1)dcba (2)Em=NBS=NBL2 (3)e=Em

7、3;cos60°=1/2NBL2. （4）；（5）（6）【解析】（1）根据右手定则判断感应电流方向；（2）根据Em=NBS求解感应电动势最大值；（3）根据e=Emcos求解瞬时值；（4）先根据P=E2R+r求解电功率，然后根据能量守恒定律求解线圈转一周柴油机做的功；（5）根据法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势，从而得出平均感应电流，根据q=It求出通过电阻R的电荷量；（6）电流表和电压表的示数都是有效值，先根据E=Em/2求解电动势的有效值，然后结合闭合电路欧姆定律求解感应电流的有效值【名师点拨】本题关键明确瞬时值、有效值、最大值的求解方法，记住最大值公式Em=NBS，知道电表读数

8、、求产生的热量均由交变电的有效值来确定，而涉及到耐压值时，则由最大值来确定而通过某一电量时，则用平均值来求3. 如图所示，匀强磁场的磁感应强度B T单匝矩形线圈面积S1 m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO匀速转动线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，为交流电流表调整副线圈的滑动触头P，当变压器原、副线圈匝数比为12时，副线圈电路中标有“36 V，36 W”的灯泡正常发光以下判断正确的是()A电流表的示数为1 AB矩形线圈产生电动势的最大值为18 VC从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间变化的规律为e18sin (90t) VD若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当

9、下移【答案】C【解析】小灯泡正常发光，故变压器的输出电流为：I21 A；根据变流比公式：，解得：I12 A，故A错误；小灯泡正常发光，故变压器的输出电压为36 V，根据变压比公式，解得：U118 V，故矩形线圈产生电动势的有效值为18 V，矩形线圈产生电动势的最大值为18 V，故B错误；根据公式EmNBS，解得： rad/s90 rad/s，故从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律eEmsin t18sin (90t) V，故C正确；若矩形线圈转速增大，根据公式EmNBS，感应电动势的最大值增加，故有效值也增加；为使灯泡仍能正常发光，应该减小变压比，故应将P适当上移，故D

10、错误4.(多选)如图所示，导体棒ab两个端点分别搭接在两个竖直放置、电阻不计、半径相等的金属圆环上，圆环通过电刷与导线c、d相接c、d两个端点接在匝数比n1n2101的变压器原线圈两端，变压器副线圈接一滑动变阻器R0，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下，导体棒ab长为L(电阻不计)，绕与ab平行的水平轴(也是两圆环的中心轴)OO以角速度匀速转动如果滑动变阻器的阻值为R时，通过电流表的电流为I，则()A滑动变阻器上消耗的功率为P100I2RB变压器原线圈两端的电压U110IRC取ab在环的最低端时t0，则导体棒ab中感应电流的表达式是iIsin tDab沿环转动过程中受到的最大安培力FBIL

11、【答案】AD【解析】由得I210I，变阻器上消耗的功率为PIR(10I)2R100I2R，故A正确；副线圈的电压为UI2R10IR，根据理想变压器的电压与匝数成正比可知，变压器原线圈两端的电压U1100IR，故B错误；ab在最低点时，ab棒与磁场垂直，此时的感应电动势最大，感应电流最大，所以棒ab中感应电流的表达式应为iIcos t，故C错误；ab在最低点时，ab棒与磁场垂直，此时的感应电动势最大，感应电流最大，最大值为I，此时的安培力也是最大的，最大安培力为FBIL，故D正确5.(多选)如图所示为原、副线圈匝数比为n1 n2=101的理想变压器，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想交

12、流电表，从某时刻开始在原线圈c，d两端加上u1=220 sin 100t(V)的交变电压，则( )A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22 VB.当单刀双掷开关与a连接时，在滑动变阻器触头P向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小C.当仅把单刀双掷开关由a扳向b时，原线圈输入功率变小D.当单刀双掷开关由a扳向b时，调节滑动变阻器滑片到适当位置，有可能实现调节前、后原线圈输入功率相等【答案】AD【解析】:当单刀双掷开关与a连接时，根据电压与匝数成正比且n1n2=101可知，副线圈电压的最大值为22 V，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为 V=22 V，故A正确;当单刀双掷开关与a

13、连接时，输入电压及匝数比不变，输出电压不变，所以电压表的示数不变，变阻器触头P向上移动，变阻器电阻变大，副线圈电流变小，电流表示数变小，故B错误;当仅把单刀双掷开关由a扳向b时，原线圈匝数变小，根据=，得U2=U1，可知副线圈两端的电压变大，输出功率P2=变大，输入功率等于输出功率，所以原线圈输入功率变大，故C错误;当单刀双掷开关由a扳向b时，输出电压变大，调节滑动变阻器滑片到适当位置使负载电阻变大，输出功率P2=可能不变，输出功率等于输入功率，所以有可能实现调节前、后原线圈输入功率相等，故D正确.6如图所示，某发电机输出功率是100 kW，输出电压是250 V，从发电机到用户间的输电线总电阻

14、为8 ，要使输电线上的功率损失为5%，而用户得到的电压正好为220 V，求升压变压器和降压变压器原、副线圈匝数比分别是()A16119011 B11611190C11619011 D16111190【答案】C【解析】输电线损失功率P损100×103×5% W5×103 W，所以，输电线电流I225 A，升压变压器原线圈电流I1400 A，故升压变压器原、副线圈匝数比.升压变压器副线圈端电压U2·U14 000 V，输电线损失电压U损I2·R线200 V，降压变压器原线圈电压U3U2U损3 800 V，故降压变压器原、副线圈匝数比为.故选项C正确

15、7.在如图所示的电路中，、为两个完全相同的灯泡，为自感线圈，为电源，为开关，关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是 （ ）学科网A合上开关，先亮，后亮；断开开关，、同时熄灭 学科网B合上开关，先亮，后亮；断开开关，先熄灭，后熄灭学科网C合上开关，先亮，后亮；断开开关，、同时熄灭学科网D合上开关，、同时亮；断开开关，先熄灭，后熄灭8.如图所示L为电感线圈，C为电容，A、B为两只相同的灯泡，将他们接在电压为U的交流电源上，两灯泡的亮度相同，若保持电源电压不变，而将电源频率增大，下列关于两灯泡发光情况说法正确的是 （ ）A两灯泡亮度不变 BA灯泡亮度不变，B灯泡变亮CA灯泡变暗，B灯泡变亮

16、DA灯泡变亮，B灯泡变暗 9.如图所示，长直导线右侧的矩形线框abcd与直导线位于同一平面，当长直导线中的电流发生如图所示的变化时（图中所示电流方向为正方向），线框中的感应电流与线框受力情况为 （ ）At1到t2时间内，线框内电流的方向为abcda，线框受力向右Bt1到t2时间内，线框内电流的方向为abcda，线框受力向左C在t2时刻，线框内电流的方向为abcda，线框受力向右D在t3时刻，线框内无电流，线框不受力10.如图，一理想变压器，原线圈的匝数为，两个副线圈的匝数分别为和变压器输入电压V，电压表V1和V2的读数分别为和变压器输入电流为，通过和的电流分别为和变压器的输入功率为，和的电功率分别为和则下列式子正确的是（ ）A ； B C D