【备考2022】高考物理一轮复习学案第2讲　固体、液体与气体 教案.doc

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1、金版教程高考总复习·物理（新教材）第2讲固体、液体与气体知识点固体的微观结构、晶体和非晶体、液晶的微观结构1.晶体和非晶体分类比较项目晶体非晶体单晶体多晶体外形规则不规则不规则熔点确定确定不确定物理性质各向异性各向同性各向同性原子排列有规则每个晶粒的排列无规则无规则转化晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化。如天然水晶是晶体，熔化再凝固成的石英玻璃是非晶体典型物质石英、云母、明矾、食盐玻璃、橡胶2晶体的微观结构(1)如图所示，金刚石、石墨晶体的晶体微粒有规则地、周期性地在空间排列。(2)晶体特性的解释现象原因具有规则的外形晶体微粒有规则地排列各向异性晶体内部从任一结点出发在不同方向的相

2、等距离上的微粒数不同具有异构性有的物质在不同条件下能够生成不同的晶体，是因为组成它们的微粒能够按照不同的规则在空间分布，如碳原子可以形成石墨和金刚石3液晶(1)概念：有些有机化合物像液体一样具有流动性，又在一定程度上具有晶体分子的规则排列的性质，这些化合物叫作液晶。(2)微观结构：液晶态物质分子的取向具有一定程度的有序性，所以液晶具有晶体的各向异性，同时分子的取向不是完全有序的，且分子重心的位置是无序的，所以液晶也具有液体的流动性，如图所示。(3)有些物质在特定的温度范围之内具有液晶态；另一些物质，在适当的溶剂中溶解时，在一定的浓度范围具有液晶态。(4)天然存在的液晶并不多，多数液晶是人工合成

3、的。(5)应用：显示器、人造生物膜。知识点液体的表面张力现象1液体的表面张力(1)概念：液体表面层内存在的使液体表面绷紧的力。(2)作用：液体的表面张力使液体的表面具有收缩的趋势。(3)方向：表面张力的方向总是跟液面相切，且与分界面垂直。2浸润和不浸润： 一种液体会润湿某种固体并附着在固体的表面上，这种现象叫作浸润。一种液体不会润湿某种固体，也就不会附着在这种固体的表面，这种现象叫作不浸润。如图所示。3毛细现象：浸润液体在细管中上升的现象，以及不浸润液体在细管中下降的现象，称为毛细现象。知识点温度气体实验定律理想气体1.温度和温标(1)温度的热力学意义：一切达到热平衡的系统都具有相同的温度。(

4、2)两种温标：摄氏温标和热力学温标的关系：Tt273.15 K。2气体实验定律(1)等温变化玻意耳定律内容：一定质量的某种气体，在温度不变的情况下，压强p与体积V成反比。公式：p1V1p2V2，或pVC(C是常量)。(2)等压变化盖吕萨克定律内容：一定质量的某种气体，在压强不变的情况下，其体积V与热力学温度T成正比。公式：，或C(C是常量)。推论式：V·T。(3)等容变化查理定律内容：一定质量的某种气体，在体积不变的情况下，压强p与热力学温度T成正比。公式：，或C(C是常量)。推论式：p·T。3理想气体状态方程(1)理想气体：在任何温度、任何压强下都遵从气体实验定律的气体。

5、理想气体是一种经科学的抽象而建立的理想化模型，实际上不存在。理想气体忽略分子大小和分子间相互作用力，也不计气体分子与器壁碰撞的动能损失。所以理想气体的内能取决于温度，与体积无关。实际气体特别是那些不易液化的气体在压强不太大(相对大气压强)、温度不太低(相对室温)时都可当成理想气体来处理。(2)一定质量的理想气体的状态方程：，或C(C是常量，与气体的质量、种类有关)。4气体实验定律的微观解释(1)玻意耳定律的微观解释一定质量的某种理想气体，温度保持不变时，分子的平均动能是一定的。在这种情况下，体积减小时，分子的数密度增大，单位时间内、单位面积上碰撞器壁的分子数就多，气体的压强就增大。(2)盖吕萨

6、克定律的微观解释一定质量的某种理想气体，温度升高时，分子的平均动能增大；只有气体的体积同时增大，使分子的数密度减小，才能保持压强不变。(3)查理定律的微观解释一定质量的某种理想气体，体积保持不变时，分子的数密度保持不变。在这种情况下，温度升高时，分子的平均动能增大，气体的压强就增大。一 堵点疏通1有无确定的熔点是区分晶体和非晶体比较准确的方法。()2液晶具有液体的流动性，又具有晶体的光学各向异性。()3船浮于水面上不是由于液体的表面张力。()4压强极大的气体不再遵从气体实验定律。()5物理性质各向同性的一定是非晶体。()6若液体对某种固体是浸润的，当液体装在由这种固体物质做成的细管时，液体跟固

7、体接触的面积有扩大的趋势。()答案1.2.3.4.5.×6.二 对点激活1(人教版选择性必修第三册·P32·实验改编)(多选)在甲、乙、丙三种固体薄片上涂上石蜡，用烧热的针接触石蜡层背面上一点，石蜡熔化的范围分别如图(1)、(2)、(3)所示，而甲、乙、丙三种固体在熔化过程中温度随加热时间变化的关系如图(4)所示。下列判断正确的是()A甲、乙为非晶体，丙是晶体B甲、丙为晶体，乙是非晶体C甲、丙为非晶体，乙是晶体D甲为多晶体，乙为非晶体，丙为单晶体答案BD解析由图(1)、(2)、(3)可知：甲、乙具有各向同性，丙具有各向异性；由图(4)可知：甲、丙有固定的熔点，乙无

8、固定的熔点，所以甲、丙为晶体，乙是非晶体，其中甲为多晶体，丙为单晶体，故B、D正确，A、C错误。2(人教版选择性必修第三册·P38·图2.55改编)(多选)液体表面有一层跟气体接触的薄层，叫作表面层；同样，当液体与固体接触时，接触的位置形成一个液体薄层，叫作附着层。对于液体在器壁附近的液面发生弯曲的现象，如图甲、乙所示，有下列几种解释，正确的是()A表面层内分子的分布比液体内部疏B表面层内分子的分布比液体内部密C附着层内的液体和与之接触的玻璃的相互作用比液体分子之间的相互作用强D附着层内的液体和与之接触的玻璃的相互作用比液体分子之间的相互作用强答案AC解析液体表面层中分子间

9、距离r略大于r0，而液体内部分子间的距离r略小于r0，故表面层、表面层内分子的分布均比液体内部稀疏，A正确，B错误。由甲图可知，水浸润玻璃，说明附着层中的液体和与之接触的玻璃的相互作用比液体分子之间的相互作用强，C正确；由乙图可知，附着层内的液体和与之接触的玻璃的相互作用比液体分子之间的相互作用弱，D错误。3对一定质量的气体来说，下列几点能做到的是()A保持压强和体积不变而改变它的温度B保持压强不变，同时升高温度并减小体积C保持温度不变，同时增加体积并减小压强D保持体积不变，同时增加压强并降低温度答案C解析由C知A、B、D错误，C正确。4. (人教版选择性必修第三册·P30·

10、;T3改编)如图，向一个空的铝制饮料罐(即易拉罐)中插入一根透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱(长度可以忽略)。如果不计大气压的变化，这就是一个简易的气温计。已知铝罐的容积是360 cm3，吸管内部粗细均匀，横截面积为0.2 cm2，吸管的有效长度为20 cm，当温度为25 时，油柱离管口10 cm。取Tt273 K。(1)吸管上标刻温度值时，刻度是否应该均匀？(2)估算这个气温计的测量范围。答案(1)刻度是均匀的(2)23.426.6 解析(1)由于罐内气体压强始终不变，所以故T·V·SL由于T与L成正比，所以刻度是均匀的。(2)初始状态：V1360 cm30

11、.2×10 cm3362 cm3，T125 273 K298 K当油柱在罐口处时，温度最低，设为T2，设此时罐内空气体积为V2，则V2360 cm3由盖吕萨克定律有解得T2V2×360 K296.4 K当油柱在吸管口处时，温度最高，设为T3，设此时罐内空气体积为V3，则V3360 cm30.2×20 cm3364 cm3由盖吕萨克定律有解得T3V3×364 K299.6 K故温度计的测量范围为296.4299.6 K，即23.426.6 。考点 1固体和液体的性质1. 晶体和非晶体(1)单晶体具有各向异性，但不是在各种物理性质上都表现出各向异性。多晶体和

12、非晶体具有各向同性。(2)只要是具有各向异性的固体必定是晶体，且是单晶体。(3)只要是具有确定熔点的固体必定是晶体，反之，必是非晶体。(4)晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化。2液体表面张力(1)形成原因在液体内部，分子间平均距离r略小于r0，分子间的作用力表现为斥力；在表面层，分子间的距离r略大于分子间的平衡距离r0，分子间的作用力表现为引力。(2)液体表面特性表面层分子间的引力使液面产生了表面张力，使液体表面好像一层绷紧的弹性薄膜。(3)表面张力的方向和液面相切，垂直于液面上的各条分界线。(4)表面张力的效果表面张力使液体表面具有收缩趋势，使液体表面积趋于最小，而在体积相同的条件下，球形

13、的表面积最小。(5)表面张力的大小跟边界线的长度、液体的种类、温度都有关系。3浸润和不浸润浸润和不浸润也是分子力作用的表现。当液体与固体接触时，液体和与之接触的固体的相互作用可能比液体分子之间的相互作用强，也可能比液体分子之间的相互作用弱，这取决于液体、固体两种物质的性质。如果液体和与之接触的固体的相互作用比液体分子之间的相互作用强，则液体能够浸润固体，反之，则液体不浸润固体。4毛细现象由于液体浸润管壁，如细玻璃管中的水，液面呈如图形状。液面边缘部分的表面张力如图所示，这个力使管中液体向上运动。当管中液体上升到一定高度时，液体所受重力与这个使它向上的力平衡，液面稳定在一定的高度。实验和理论分析

14、都表明，对于一定的液体和一定材质的管壁，管的内径越细，液体所能达到的高度越高。对于不浸润液体在细管中下降，也可作类似分析。例1(多选)下列说法正确的是()A多晶体内部沿不同方向的等长线段上微粒的个数通常是相等的B单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点C当液体与大气相接触时，液体表面层内的分子所受其他分子作用力的合力总是指向液体内部D有些晶体在一定条件下可转化为非晶体 (1)多晶体是由什么组成的？提示：多晶体是由许多单晶体杂乱无章地组合而成的。(2)多晶体有没有固定熔点？提示：有。尝试解答选ACD。多晶体是由许多取向杂乱无章的单晶体组成的，所以多晶体内部沿不同方向的等长线段上微粒的个数

15、通常是相等的，A正确；单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，B错误；当液体与大气相接触时，液体表面层内的分子间距较大，分子所受其他分子作用力的合力总是指向液体内部，C正确；天然水晶是晶体，而熔化以后再凝固的水晶(即石英玻璃)是非晶体，D正确。 单晶体、多晶体、非晶体的区别三者的区别主要在以下三个方面：有无规则的几何外形；有无固定的熔点；各向同性还是各向异性。单晶体有规则的几何外形；单晶体和多晶体有固定的熔点；多晶体和非晶体表现出各向同性。变式11(多选)下列说法正确的是()A在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关B脱脂棉脱脂的目的在于使它从

16、不被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液C烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体D食盐受潮后结成块，说明食盐从晶体变成非晶体答案AB解析在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关，A正确；脱脂棉脱脂的目的在于使它从不被水浸润变为可以被水浸润，以便吸取药液，B正确；烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明云母片是单晶体，其导热性表现为各向异性，C错误；要判断一种物质是否是晶体，应看它是否有确定的熔点，食盐受潮后结块，只是从单晶体变成多晶体，故D错误。变式12下列说法正确的是()A将一块晶体敲碎后，得

17、到的小颗粒是非晶体B液晶都是人工合成的物质C由于水的表面张力作用，即使雨伞上有很多细小的孔，伞也能达到遮雨的效果D水银对所有固体都是不浸润的答案C解析晶体敲碎后得到的小颗粒仍然为晶体，故A错误；天然存在液晶，例如人体组织中也存在液晶结构，故B错误；雨伞上的孔较小，由于水的表面张力作用，雨水不会从细孔中流下，故C正确；水银浸润铅，故D错误。考点 2气体压强的理解及计算1. 气体压强的决定因素(1)宏观上：对于一定质量的理想气体，决定于气体的温度和体积。(2)微观上：决定于气体分子的平均动能和气体分子的数密度。2封闭气体压强的计算方法(1)平衡状态下气体压强的求法液面法：选取合理的液面为研究对象，

18、分析液面两侧受力情况，建立平衡方程，消去面积，得到液面两侧压强相等的方程，求得气体的压强。如图甲中选与虚线等高的左管中液面为研究对象。等压面法：在底部连通的容器中，同一种液体(中间不间断)同一深度处压强相等。液体内深h处的总压强pp0gh，p0为液面上方的压强。如图甲中虚线处压强相等，则有pBgh2pA。而pAp0gh1，所以气体B的压强为pBp0g(h1h2)。平衡法：选取与气体接触的液柱(或活塞、汽缸)为研究对象进行受力分析，得到液柱(或活塞、汽缸)的受力平衡方程，求得气体的压强。如图乙选活塞、图丙选液柱进行受力分析。(2)加速运动系统中封闭气体压强的求法选取与气体接触的液柱(或活塞、汽缸

19、)为研究对象，进行受力分析(特别注意内、外气体的压力)，利用牛顿第二定律列方程求解。例2(1)(2020·河北省衡水中学三月份教学质量监测)汽缸的横截面积为S，质量为m的梯形活塞上面是水平的，下面与右侧竖直方向的夹角为，如图甲所示，当活塞上放质量为M的重物时处于静止状态。设外部大气压强为p0，若活塞与缸壁之间无摩擦。重力加速度为g，求汽缸中气体的压强。(2)如图乙、丙中两个汽缸质量均为M，内部横截面积均为S，两个活塞的质量均为m，左边的汽缸静止在水平面上，右边的活塞和汽缸竖直悬挂在天花板下。不计活塞与汽缸壁之间的摩擦，两个汽缸内分别封闭有一定质量的空气A、B，大气压为p0，重力加速度

20、为g，求封闭气体A、B的压强各多大？(3)(2020·山东省滨州市三模) 如图丁所示，一导热良好的足够长汽缸水平放置在光滑水平桌面上，桌面足够高，汽缸内有一活塞封闭了一定质量的理想气体。一足够长轻绳跨过定滑轮，一端连接在活塞上，另一端挂一钩码，滑轮与活塞间的轻绳与桌面平行，不计一切摩擦。已知当地重力加速度为g，大气压为p0，钩码质量为m1，活塞质量为m2，汽缸质量为m3，活塞横截面积为S。则释放钩码，汽缸稳定运动过程中，汽缸内理想气体的压强为_。Ap0 Bp0Cp0 Dp0尝试解答(1)p0(2)p0p0(3)A(1)对图甲中重物和活塞整体进行受力分析，如图1所示，由平衡条件得p气S

21、又因为S所以p气p0。(2)题图乙中选活塞为研究对象，受力分析如图2所示，有pASp0Smg得pAp0题图丙中选汽缸为研究对象，受力分析如图3所示，有p0SpBSMg得pBp0。(3)设轻绳张力为T，由牛顿第二定律可知，对钩码有：m1gTm1a，对活塞和汽缸整体有：T(m2m3)a，对汽缸有：p0SpSm3a，联立解得pp0，故选A。 封闭气体压强的求解思路封闭气体的压强，不仅与气体的状态变化有关，还与相关的液柱、活塞、汽缸等物体的受力情况和运动状态有关。解决这类问题的关键是要明确研究对象，然后分析研究对象的受力情况，再根据运动情况，列出关于研究对象的力学方程，然后解方程，就可求得封闭气体的压

22、强。变式21(2020·北京市西城区一模)关于气体的压强，下列说法正确的是()A单位体积内的分子数越多，气体的压强就越大B分子的平均动能越小，气体的压强就越小C一定质量的理想气体，体积越大，温度越低，气体的压强就越小D一定质量的理想气体，体积越大，温度越高，气体的压强就越大答案C解析气体的压强是由大量气体分子对容器壁的撞击而形成的，影响气体压强的因素有两个，即单位体积内的分子数和分子的平均动能，只根据其中一个因素的大小不能比较气体压强的大小，故A、B错误。一定质量的理想气体，根据理想气体状态方程C可知，体积越大，温度越低，则气体的压强越小；体积越大，温度越高，则气体的压强不一定越大，

23、C正确，D错误。变式22若已知大气压强为p0，如图所示各装置均处于静止状态，图中液体密度均为，重力加速度为g，求被封闭气体的压强。答案甲：p0gh乙：p0gh丙：p0gh丁：p0gh1解析在图甲中，以高为h的液柱为研究对象，由平衡条件知p甲气SghSp0S所以p甲气p0gh。在图乙中，以B液面为研究对象，由平衡方程F上F下，有p乙气SghSp0S所以p乙气p0gh。在图丙中，以B液面为研究对象，有p丙气SghSsin60°p0S所以p丙气p0gh。在图丁中，以液面A为研究对象，由二力平衡得p丁气S(p0gh1)S所以p丁气p0gh1。考点 3气体实验定律及理想气体状态方程的应用利用气

24、体实验定律、理想气体状态方程解决问题的基本思路(1)选对象：确定研究对象，一般地说，研究对象分两类：一类是热学研究对象(一定质量的理想气体)；另一类是力学研究对象(汽缸、活塞、液柱或某系统)。(2)找参量：分析物理过程，对热学研究对象分析清楚初、末状态及状态变化过程；对力学研究对象往往需要进行受力分析，依据力学规律(平衡条件或牛顿第二定律)确定压强。(3)列方程：挖掘题目的隐含条件，如几何关系等，列出辅助方程；依据气体实验定律或理想气体状态方程列出方程。注意：分析气体状态变化过程应注意以下几方面：从力学的角度分析压强，判断是否属于等压过程。如果题目条件是缓慢压缩导热良好的汽缸中的气体，且环境温

25、度不变，意味着气体是等温变化。底部连通的容器内静止的液体，同种液体在同一水平面上各处压强相等。当液体为水银时，可灵活应用压强单位“cmHg”，使计算过程简捷。例3(2018·全国卷) 如图，容积为V的汽缸由导热材料制成，面积为S的活塞将汽缸分成容积相等的上下两部分，汽缸上部通过细管与装有某种液体的容器相连，细管上有一阀门K。开始时，K关闭，汽缸内上下两部分气体的压强均为p0。现将K打开，容器内的液体缓慢地流入汽缸，当流入的液体体积为时，将K关闭，活塞平衡时其下方气体的体积减小了。不计活塞的质量和体积，外界温度保持不变，重力加速度大小为g。求流入汽缸内液体的质量。 (1)如何确定液体流

26、入后上、下两部分的气体体积？提示：下部分是V2，上部分是V1V。(2)液体流入后，上、下两部分气体的压强有何关系？提示：p2Sp1Smg。尝试解答设活塞再次平衡后，活塞上方气体的体积为V1，压强为p1；下方气体的体积为V2，压强为p2。在活塞下移的过程中，活塞上、下方气体的温度均保持不变，由玻意耳定律得p0p1V1p0p2V2由已知条件得V1VV2设活塞上方液体的质量为m，由力的平衡条件得p2Sp1Smg联立以上各式得m。 处理“多个封闭气体”相互关联问题的技巧(1)分别研究各部分气体，分析它们的初状态和末状态的参量。(2)找出它们各自遵循的规律，并写出相应的方程。(3)找出各部分气体之间压强

27、或体积的关系式。(4)联立求解。对求解的结果注意分析合理性。变式31(2020·广东省广州市二模)如图所示，长为L、横截面积为S、质量为m的筒状小瓶，底朝上漂浮在某液体中。平衡时，瓶内空气柱长为0.21L，瓶内、外液面高度差为0.10L；再在瓶底放上一质量为m的物块，平衡时，瓶底恰好和液面相平。已知重力加速度为g，系统温度不变，瓶壁和瓶底厚度可忽略。求：(1)液体密度；(2)大气压强p0。答案(1)(2)解析(1)初态，瓶内气体压强为p1p00.10Lg瓶处于平衡状态，有p1Sp0Smg联立解得。(2)初态，瓶内气体压强为p1p0由题意知瓶内气柱长度为L10.21L末态，设瓶内气柱长

28、度为L2，瓶内气体压强为p2p0gL2瓶和物块整体处于平衡状态，有p2Sp0S2mg联立解得L20.2L瓶内气体做等温变化，由玻意耳定律得p1L1Sp2L2S联立解得p0。变式32(2020·福建省莆田市高三第二次质量检测)如图是某科技创新小组自制的一个监控气温的报警装置，在板上固定一个开口向右、导热性能良好的汽缸(足够长)，用一轻质活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，汽缸右侧固定一个带压力传感器的警报器A。当汽缸内温度为270 K时，活塞到警报器的距离L13 cm，到汽缸底部的距离L230 cm。当警报器受到的压力为10 N时开始报警。已知大气压强p0恒为1.0×105

29、 Pa，活塞横截面积S10 cm2，不计活塞厚度及一切摩擦。求：(1)活塞刚好碰到传感器时的环境温度；(2)开始报警的温度。答案(1)297 K(2)326.7 K解析(1)缸内气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律，得，代入数据解得T2297 K。(2)设当报警器受到的压力为10 N时汽缸内气体压强为p2，对活塞有p2Sp0SF，活塞碰到报警器后，缸内气体发生等容变化，根据查理定律得，联立可得T3326.7 K。考点 4气体状态变化的图像问题一定质量的气体不同状态变化图像的比较定律名称比较项目玻意耳定律(等温变化)盖吕萨克定律(等压变化)查理定律(等容变化)数学表达式p1V1p2V2或pVC(常

30、数)或C(常数)或C(常数)同一气体的两条图线T1<T2p1>p2V1>V2例4(2020·海南省3月月考)如图所示是一定质量的理想气体的压强和摄氏温度的关系图像，气体由状态a变化到状态b的过程中，气体的体积()A一直增大B一直减小C保持不变D先变大后变小 (1)题目中的图像表示的是等容变化吗？提示：不是。(2)如何作过a、b点的等容线？提示：过a、b点的等容线的延长线与t轴交于同一点，且该点的温度为273.15 。尝试解答选B。在p­t图像中分别作出过a、b点的等容线，两条等容线的延长线与t轴交于同一点，且该点的温度为273.15 ，如图。根据C可知，等

31、容线斜率越大，体积越小，所以气体由状态a变化到状态b的过程中，气体的体积一直在减小，故B正确，A、C、D错误。 气体状态变化的图像问题的解题技巧(1)明确点、线的物理意义：求解气体状态变化的图像问题，应当明确图像上的点表示一定质量的理想气体的一个平衡状态，它对应着三个状态参量；图像上的某一条直线段或曲线段表示一定质量的理想气体状态变化的一个过程。(2)明确图像斜率的物理意义：在VT图像(pT图像)中，比较两个状态的压强(或体积)大小，可以比较这两个状态点与原点连线的斜率的大小，其规律是：斜率越大，压强(或体积)越小；斜率越小，压强(或体积)越大。(3)明确图像面积的物理意义：在pV图像中，pV

32、图线与V轴所围图形的面积表示气体对外界或外界对气体所做的功。变式41(2020·北京高考)如图所示，一定量的理想气体从状态A开始，经历两个过程，先后到达状态B和C。有关A、B和C三个状态温度TA、TB和TC的关系，正确的是()ATATB，TBTCBTA<TB，TB<TCCTATC，TB>TCDTATC，TB<TC答案C解析由图可知，从状态A到状态B是一个等压过程，则有，因为VA<VB，故TA<TB；而从状态B到状态C是一个等容过程，则有，因为pB>pC，故TB>TC；从状态A到状态C有，可得TATC。综上所述，可知C正确，A、B、D错误

33、。变式42(2019·全国卷)如p­V图所示，1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体的三个不同状态，对应的温度分别是T1、T2、T3。用N1、N2、N3分别表示这三个状态下气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数，则N1_N2，T1_T3，N2_N3。(填“大于”“小于”或“等于”)答案大于等于大于解析根据理想气体状态方程有，可知T1T2，T2<T3，T1T3；对于状态1、2，由于T1>T2，所以状态1时气体分子热运动的平均动能大，热运动的平均速率大，体积相等，分子数密度相等，故分子在单位时间内对单位面积容器壁的平均碰撞次数多，即N1>N2；

34、对于状态2、3，由于T2<T3，所以状态2时分子热运动的平均速率小，每个分子单位时间内对器壁的平均撞击力小，而压强等于单位时间撞击到器壁单位面积上的分子数N与单位时间每个分子对器壁的平均撞击力的乘积，即pN·，而p2p3，2<3，则N2>N3。考点 5变质量气体问题分析变质量气体问题时，要通过巧妙地选择研究对象，使变质量气体问题转化为定质量气体问题，用气体实验定律求解。1打气问题：选择原有气体和即将充入的气体整体作为研究对象，就可把充气过程中气体质量变化问题转化为定质量气体的状态变化问题。2抽气问题：将每次抽气过程中抽出的气体和剩余气体整体作为研究对象，质量不变，故

35、抽气过程可以看成是定质量气体状态变化过程。3灌气问题：把大容器中的剩余气体和多个小容器中的气体整体作为研究对象，可将变质量问题转化为定质量问题。4漏气问题：选容器内剩余气体和漏出气体整体作为研究对象，便可使变质量问题变成定质量问题。例5(2020·东北三省四市教研联合体模拟)如图所示，A、B是两只容积为V的容器，C是用活塞密封的气筒，它的工作体积为0.5V，C与A、B通过两只单向进气阀a、b相连，当气筒抽气时a打开、b关闭，当气筒打气时b打开、a关闭。最初A、B两容器内气体的压强均为大气压强p0，活塞位于气筒C的最右侧。(气筒与容器间连接处的体积不计，气体温度保持不变)求：(1)以工

36、作体积完成第一次抽气后气筒C内气体的压强p1；(2)现在让活塞以工作体积完成抽气、打气各2次后，A、B容器内的气体压强之比。 (1)抽气的过程选谁为研究对象？提示：A和C内的气体。(2)打气的过程选谁为研究对象？提示：C和B内的气体。尝试解答(1)p0(2)27(1)第一次抽气，气体做等温变化，有p0Vp1(0.51)V解得p1p0。(2)第一次打气，有p0Vp2V1,0.5p1Vp2V2，其中V1V2V，整理得p0V0.5p1Vp2V第二次抽气，有p1VpA(0.51)V同理，第二次打气，有p2V0.5pAVpBV解得pApB27。 解决变质量问题的通用方法通过巧妙选取合适的研究对象，使这类

37、问题转化为定质量的气体问题，从而利用气体实验定律或理想气体状态方程解决。变式51(2020·山东省第一次仿真联考)医用氧气钢瓶的容积V040 L，室内常温下充装氧气后，氧气钢瓶内部压强p1140 atm，释放氧气时瓶内压强不能低于p22 atm。病人一般在室内常温下吸氧时，每分钟需要消耗1 atm下2 L氧气，室内常温下，一瓶氧气能供一个病人吸氧的最长时间为()A23小时 B.33.5小时C46小时 D.80小时答案C解析由题意可知，气体的温度不变，由玻意耳定律可得p2V0p1V0，p3V1p1V1，且V0V1V0，解得V1 L5520 L，一瓶氧气能供一个病人吸氧的最长时间为t m

38、in2760 min46 h，故C正确，A、B、D错误。变式52(2019·全国卷)热等静压设备广泛应用于材料加工中。该设备工作时，先在室温下把惰性气体用压缩机压入到一个预抽真空的炉腔中，然后炉腔升温，利用高温高气压环境对放入炉腔中的材料加工处理，改善其性能。一台热等静压设备的炉腔中某次放入固体材料后剩余的容积为0.13 m3，炉腔抽真空后，在室温下用压缩机将10瓶氩气压入到炉腔中。已知每瓶氩气的容积为3.2×102 m3，使用前瓶中气体压强为1.5×107 Pa，使用后瓶中剩余气体压强为2.0×106 Pa；室温温度为27 。氩气可视为理想气体。(1)

39、求压入氩气后炉腔中气体在室温下的压强；(2)将压入氩气后的炉腔加热到1227 ，求此时炉腔中气体的压强。答案(1)3.2×107 Pa(2)1.6×108 Pa解析(1)设初始时每瓶气体的体积为V0，压强为p0；使用后瓶中剩余气体的压强为p1。假设体积为V0、压强为p0的气体压强变为p1时，其体积膨胀为V1。由玻意耳定律有p0V0p1V1每瓶被压入进炉腔的气体在室温和压强为p1条件下的体积为V1V1V0设10瓶气体压入炉腔后炉腔中气体的压强为p2，体积为V2。由玻意耳定律有p2V210p1V1联立式并代入题给数据得p23.2×107 Pa。(2)设加热前炉腔的温度

40、为T0，加热后炉腔温度为T1，气体压强为p3。由查理定律有联立式并代入题给数据得p31.6×108 Pa。1(2020·全国卷)甲、乙两个储气罐储存有同种气体(可视为理想气体)。甲罐的容积为V，罐中气体的压强为p；乙罐的容积为2V，罐中气体的压强为p。现通过连接两罐的细管把甲罐中的部分气体调配到乙罐中去，两罐中气体温度相同且在调配过程中保持不变，调配后两罐中气体的压强相等。求调配后(1)两罐中气体的压强；(2)甲罐中气体的质量与甲罐中原有气体的质量之比。答案(1)p(2)解析(1)设甲罐中原有气体的体积最终变为V1，乙罐中原有气体的体积最终变为V2，调配后两罐中气体的压强为

41、p，由玻意耳定律有pVpV1p(2V)pV2且V1V2V2V联立式可得pp。(2)设调配后甲罐中气体的质量与甲罐中原有气体的质量之比为k，则有k联立式可得k。2(2020·全国卷) 潜水钟是一种水下救生设备，它是一个底部开口、上部封闭的容器，外形与钟相似。潜水钟在水下时其内部上方空间里存有空气，以满足潜水员水下避险的需要。为计算方便，将潜水钟简化为截面积为S、高度为h、开口向下的圆筒；工作母船将潜水钟由水面上方开口向下吊放至深度为H的水下，如图所示。已知水的密度为，重力加速度大小为g，大气压强为p0，Hh，忽略温度的变化和水密度随深度的变化。(1)求进入圆筒内水的高度l；(2)保持H

42、不变，压入空气使筒内的水全部排出，求压入的空气在其压强为p0时的体积。答案(1) h(2)解析(1)设潜水钟在水面上方时和放入水下后筒内空气的体积分别为V0和V1，放入水下后筒内空气的压强为p1，由玻意耳定律和题给条件有p1V1p0V0V0hSV1(hl)S考虑到Hh>l，有p1p0gH联立式，解得l h。(2)设压入筒内的空气在其压强为p0时的体积为V，在水下即其压强为p1时的体积为V2，由玻意耳定律有p1V2p0V其中V2lS联立式解得V。3(2020·全国卷) 如图，两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为H18 cm的U形管，左管上端封闭，右管上端开口。右管中有高h04 c

43、m的水银柱，水银柱上表面离管口的距离l12 cm。管底水平段的体积可忽略。环境温度为T1283 K，大气压强p076 cmHg。(1)现从右侧端口缓慢注入水银(与原水银柱之间无气隙)，恰好使水银柱下端到达右管底部。此时水银柱的高度为多少？(2)再将左管中密封气体缓慢加热，使水银柱上表面恰与右管口平齐，此时密封气体的温度为多少？答案(1)12.9 cm(2)363 K解析(1)设密封气体初始体积为V1，压强为p1，密封气体先经等温压缩过程体积变为V2，压强变为p2，由玻意耳定律有p1V1p2V2设注入水银后水银柱高度为h，水银的密度为，左、右管的横截面积均为S，由题设条件有p1p0gh0p2p0

44、ghV1(2Hlh0)S，V2HS联立式并代入题给数据得h12.9 cm。(2)设密封气体再经等压膨胀过程体积变为V3，温度变为T2，由盖吕萨克定律有由题设条件有V3(2Hh)S联立式并代入题给数据得T2363 K。4(2020·山东高考) 中医拔罐的物理原理是利用玻璃罐内外的气压差使罐吸附在人体穴位上，进而治疗某些疾病。常见拔罐有两种，如图所示，左侧为火罐，下端开口；右侧为抽气拔罐，下端开口，上端留有抽气阀门。使用火罐时，先加热罐中气体，然后迅速按到皮肤上，自然降温后火罐内部气压低于外部大气压，使火罐紧紧吸附在皮肤上。抽气拔罐是先把罐体按在皮肤上，再通过抽气降低罐内气体压强。某次使

45、用火罐时，罐内气体初始压强与外部大气压相同，温度为450 K，最终降到300 K，因皮肤凸起，内部气体体积变为罐容积的。若换用抽气拔罐，抽气后罐内剩余气体体积变为抽气拔罐容积的，罐内气压与火罐降温后的内部气压相同。罐内气体均可视为理想气体，忽略抽气过程中气体温度的变化。求应抽出气体的质量与抽气前罐内气体质量的比值。答案解析设火罐内气体初始状态参量分别为p1、T1、V1，温度降低后状态参量分别为p2、T2、V2，火罐的容积为V0，大气压强为p0，由题意知p1p0、T1450 K、V1V0、T2300 K、V2V0由理想气体状态方程得代入数据得p20.7p0对于抽气拔罐，设初态气体状态参量分别为p3、V3，末态气体状态参量分别为p4、V4，抽气拔罐的容积为V0，由题意知p3p0、V3V0、p4p2由玻意耳定律得p3V3p4V4联立式，代入数据得V4V0设抽出的气体在压强p4下的体积为