专题31第6章四边形之与正方形有关的垂线备战2022中考数学解题方法系统训练（全国通用）（解析版）.doc

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1、31第6章四边形之与正方形有关的垂线一、单选题1如图，在平面直角坐标系中，点的坐标为，点分别在轴的正半轴上，则四边形的面积为（ ）ABCD【答案】B【分析】过点P作，证明，再根据面积计算即可；【详解】如图所示，过点P作，点的坐标为，PM=PN，又，故答案选B【点评】本题主要考查了四边形与坐标系结合，全等三角形的应用，准确判断计算是解题的关键2如图，点，点在射线上匀速运动，运动的过程中以为对称中心，为一个顶点作正方形，当正方形的面积为40时，点的坐标是（ ）ABCD【答案】D【分析】作轴于，轴于E，根据的坐标求得直线的斜率，进一步得出直线的斜率为，通过证得，得出，可设，则，然后根据待定系数法求得

2、直线的斜率为，整理得，然后根据勾股定理得出，代值求解即可【详解】解：作轴于，轴于E，设直线的解析式为，点四边形是正方形，直线的斜率为又，又，设，则设直线的解析式为，解得：整理得：正方形面积为40在中，即：解得：故答案选B【点评】本题是一次函数综合题，考查了待定系数法求一次函数的解析式，正方形的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理的应用等，根据直线的斜率列出方程是解题的关键二、填空题3如图，正方形的边长为3，点在上，点在的延长线上，且，则四边形的面积为：_【答案】9【分析】根据SAS判断，从而得到四边形EBFD的面积=正方形ABCD的面积，计算即可；【详解】四边形ABCD是正方形，四边形EBF

3、D的面积=正方形ABCD的面积=9故答案是9【点评】本题主要考查了全等三角形的判定与性质，正方形的性质，准确计算是解题的关键4正方形ABCD在平面直角坐标系中的位置如图所示，已知A点的坐标（0，4），B点的坐标（3，0），则点D的坐标是_【答案】（4，1）【分析】过点D作DEy轴于E，由“AAS”可证ABODAE，可得AEOB，DEOA，即可求解【详解】解：如图，过点D作DEy轴于E，BAO+DAEADE+DAE90°，BAOADE，在ABO和DAE中，ABODAE（AAS），AEOB，DEOA，A（0，4），B（3，0），OA4，OB3，OE431，点D的坐标为（4，1）【点评】本

4、题考查了正方形的性质，坐标与图形性质，全等三角形的判定和性质，熟记各性质并作辅助线构造出全等三角形是解题的关键5如图，正方形ABCD中，E为BC上一点，过B作BGAE于G，延长BG至点F使CFB45°，延长FC、AE交于点M，连接DF、BM，若C为FM中点，BM5，则FD的长为_【答案】【分析】过C点作CHBF于H点，过B点作BKCM于K，过D作DQMF交MF延长线于Q，只要证明AGBBHC，BKCCQD即可解决问题【详解】解：如图，过C点作CHBF于H点，过B点作BKCM于K，过D作DQMF交MF延长线于QCFB45°CHHF，ABG+BAG90°，FBE+AB

5、G90°，BAGFBE，AGBF，CHBF，AGBBHC90°，在AGB和BHC中，AGBBHC，BAGHBC，ABBC，AGBBHC（AAS），AGBH，BGCH，BHBG+GH，BHHF+GHFG，AGFG；CHGF，CHGM，C为FM的中点，CHGM，BGGM，BM5，BG，GM2，AG2，AB5，HF，CF×，CM，CKCMCF，BK，在BKC和CQD中，CBKDCQ，BKCCQD90°，BCCD，BKCCQD（AAS），CQBK，DQCK，QFCQCF，DQQF，DF×故答案为【点评】此题考查的是全等三角形的判定及性质、等腰三角形的判

6、定及性质和正方形的性质，掌握全等三角形的判定及性质、等腰三角形的判定及性质和正方形的性质是解题关键6如图，正方形的边长为4，点在边上，若点在正方形的某一边上，满足，且与的交点为则_【答案】或【分析】分两种情况进行讨论，点F在AD上或点F在AB上，依据全等三角形的性质以及矩形的性质，即可得到CM的长【详解】解：分两种情况：如图1所示，当点F在AD上时，由CF=BE，CD=BC，BCE=CDF=90°可得，RtBCERtCDF（HL），DCF=CBE，又BCF+DCF=90°，BCF+CBE=90°，BMC=90°，即CFBE，BC=4，CE=3，BCE=9

7、0°，BE=5，CM=；如图2所示，当点F在AB上时，同理可得，RtBCFRtCBE（HL），BF=CE，又BFCE，四边形BCEF是平行四边形，又BCE=90°，四边形BCEF是矩形，CM=BE=×5=故答案为：或【点评】本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定与性质以及勾股定理的运用，全等三角形的判定是结合全等三角形的性质证明线段和角相等的重要工具在判定三角形全等时，关键是选择恰当的判定条件7如图，平面直角坐标系中有一正方形，点的坐标为点坐标为_【答案】【分析】过点作轴于，过点作轴，过点作交CE的延长线于先证明，得到，根据点的坐标定义即可求解【详解】解：如图，

8、过点作轴于，过点作轴，过点作交CE的延长线于，四边形是正方形，易求又，点的坐标为，点到轴的距离为，点的坐标为故答案为：【点评】本题考查了平面直角坐标系点的坐标，全等三角形的判定与性质，根据题意，添加辅助线构造全等三角形是解题关键8如图在直线上一次摆放着七个正方形，已知斜放置的三个正方形的面积分别为1，2，3，正放置的四个正方形的面积依次是S1，S2，S3，S4，则S12S22S3S4=_【答案】6【分析】先根据正方形的性质得到ABD=90°，AB=DB，再根据等角的余角相等得到CAB=DBE，则可根据“AAS”判断ABCBDE，于是有AC=BE，然后利用勾股定理得到DE2+BE2=B

9、D2，代换后有DE2+AC2=BD2，根据正方形的面积公式得到S1=AC2，S2=DE2，BD2=1，所以S1+S2=1，利用同样方法可得到S2+S3=2，S3+S4=3，通过计算可得到S1+2S2+2S3+S4=1+2+3=6【详解】解：如图，图中的四边形为正方形，ABD=90°，AB=DB，ABC+DBE=90°，ABC+CAB=90°，CAB=DBE，在ABC和BDE中， ，ABCBDE（AAS），AC=BE，DE2+BE2=BD2，DE2+AC2=BD2，S1=AC2，S2=DE2，BD2=1，S1+S2=1，同理可得S2+S3=2，S3+S4=3，S1+

10、2S2+2S3+S4=1+2+3=6故答案为：6【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质：判定三角形全等的方法有“SSS”、“SAS”、“ASA”、“AAS”；全等三角形的对应边相等也考查了勾股定理和正方形的性质9如图，点A，B，E在同一条直线上，正方形ABCD，BEFG的边长分别为2，3，H为线段DF的中点，则BH_【答案】【分析】根据题意，利用勾股定理可以求得DF的长，然后根据正方形的性质可以得到DBF的形状，再根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，即可得到BH的长【详解】解：延长DC交FE于点M，连接BD、BF，正方形ABCD，BEFG的边长分别为2，3，DM5，MF1，DMF90&

11、#176;，DF，BD、BF分别是正方形ABCD，BEFG的对角线，DBC=GBF=90，DBF90°，DBF是直角三角形， 点H为DF的中点，BHDF，故答案为：【点评】本题考查了正方形的性质、直角三角形斜边上的中线与斜边的关系、勾股定理，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答10如图，直线l1/l2/l3，正方形ABCD的三个顶点A、B、C分别在l1、l2、l3上，l1、l2之间的距离是3，l2、l3之间的距离是4，则正方形ABCD的面积为_【答案】25【分析】画出1到2，2到3的距离，分别交2，3于E，F，通过证明ABEBCF，得出BF=AE，再由勾股定理即可得出结论

12、【详解】解：过点A作AEl2，过点C作CFl2，CBF+BCF=90°，四边形ABCD是正方形，AB=BC=CD=AD，DAB=ABC=BCD=CDA=90°，ABE+CBF=90°，ABE=BCF，在ABE和BCF中，ABEBCF（AAS）BF=AE，123，且l1、l2之间的距离是3，l2、l3之间的距离是4，BF=AE=3，CF=4,BF2+CF2=BC2，BC2=42+32=25故答案为：25【点评】本题主要考查了正方形的性质，勾股定理，全等三角形的判定与性质以及正方形面积的求解方法证得ABEBCF是解题的关键11如图所示，直线a经过正方形ABCD的顶点A

13、，分别过正方形的顶点B、D作BFa于点F，DEa于点E，若DE8，BF5，则EF的长为_【答案】13【分析】本题是典型的一线三角模型，根据正方形的性质、直角三角形两个锐角互余以及等量代换可以证得AFBAED；然后由全等三角形的对应边相等推知AFDE、BFAE，所以EFAF+AE13【详解】解：ABCD是正方形（已知），ABAD，ABCBAD90°；又FAB+FBAFAB+EAD90°，FBAEAD（等量代换）；BFa于点F，DEa于点E，在RtAFB和RtAED中， ，AFBDEA（AAS），AFDE8，BFAE5（全等三角形的对应边相等），EFAF+AEDE+BF8+51

14、3故答案为：13【点评】本题考查了正方形的性质、直角三角形的性质、全等三角形的判定和性质及熟悉一线三角模型是解本题的关键12如图，边长一定的正方形ABCD，Q为CD上一个动点，AQ交BD于点M，过M作MNAQ交BC于点N，作NPBD于点P，连接NQ，下列结论：AMMN；MPBD；BNDQNQ；为定值一定成立的是_【答案】【分析】如图1，连接AC、AN，AC交BD于点H，根据正方形的性质可得A，B，N，M四点共圆，进而可得ANMNAM45°，于是可判断；由余角的性质可得HAMPMN，从而可利用AAS证明RtAHMRtMPN，可得MPAH，再根据正方形的性质即可判断；如图2，将ADQ绕点

15、A顺时针旋转90°至ABR，使AD和AB重合，连接AN，根据旋转的性质和SAS可推得RANQAN，进而可得RN=QN，进一步即可判断；如图3，作MSAB于S，MWBC于W，由题意易得四边形SMWB是正方形，进一步即可推出AMSNMW，可得ASNW，进而得ABBN2BW，然后利用等腰直角三角形的性质即可判断，于是可得答案【详解】解：如图1，连接AC、AN，AC交BD于点H，四边形ABCD是正方形，ACBD，AC=BD，AH=CH，DBCABD45°，AMNABC90°，A，B，N，M四点共圆，NAMDBC45°，ANMABD45°，ANMNAM4

16、5°，AMMN，故正确；MAH+AMH=90°，PMN+AMH=90°，HAMPMN，AHMMPN=90°，AMMN， RtAHMRtMPN（AAS），MPAHACBD，故正确；如图2，将ADQ绕点A顺时针旋转90°至ABR，使AD和AB重合，连接AN，则AR=AQ，BAR=DAQ，ABR=ADQ=90°，R、B、N三点在同一直线上，BANQADNAQ45°，RAN=QAN=45°，又AN=AN，RANQAN（SAS），RN=QN，即BNDQNQ，故正确；如图3，作MSAB，垂足为S，作MWBC，垂足为W，点M是对

17、角线BD上的点，四边形SMWB是正方形，有MSMWBSBW，AMN=SMW=90°，AMS=NMW，又ASM=NWM=90°，AMSNMW（ASA），ASNW，ABBNSBBW2BW，BW：BM1，故正确故答案为：【点评】本题是正方形的综合题，主要考查了正方形的性质和判定、四点共圆、圆周角定理的推论、等腰直角三角形的性质、全等三角形的判定和性质以及旋转的性质等知识，综合性强、具有相当的难度，正确添加辅助线、灵活应用所学知识是解题的关键三、解答题13如图，已知ABC是等腰直角三角形，BAC90°，点D是BC的中点作正方形DEFG，使点A、C分别在DG和DE上，连接A

18、E，BG（1）试猜想线段BG和AE的关系（直接写出答案，不用证明）；（2）将正方形DEFG绕点D逆时针方向旋转 （0°60°），判断（1）中的结论是否仍然成立？请利用图证明你的结论；（3）若BCDE4，当等于多少度时，AE最大？并求出此时AF的值【答案】（1）BGAE，BGAE，见解析；（2）结论成立，BGAE，BGAE，见解析；（3）当为270°时，AE最大，AF【分析】（1）由等腰直角三角形的性质及正方形的性质就可以得出ADEBDG就可以得出结论（2）如图2，连接AD，由等腰直角三角形的性质及正方形的性质就可以得出ADEBDG就可以得出结论（3）由（2）可知B

19、G=AE，当BG取得最大值时，AE取得最大值，由勾股定理就可以得出结论【详解】解：（1）结论：BGAE，BGAE理由：如图1，延长EA交BG于KABC是等腰直角三角形，BAC90°，点D是BC的中点，ADBC，BDCD，ADBADC90°四边形DEFG是正方形，DEDG在BDG和ADE中，BDGADE（SAS），BGAE，BGDAED，GAKDAE，AKGADE90°，EABG（2）结论成立，BGAE，BGAE理由：如图2，连接AD，延长EA交BG于K，交DG于O在RtBAC中，D为斜边BC中点，ADBD，ADBC，ADG+GDB90°四边形EFGD为正

20、方形，DEDG，且GDE90°，ADG+ADE90°，BDGADE在BDG和ADE中，BDGADE（SAS），BGAE，BGDAED，GOKDOE，OKGODE90°，EABG（3）BGAE，当BG取得最大值时，AE取得最大值如图3，当旋转角为270°时，BGAEBCDE4，BG2+46AE6在RtAEF中，由勾股定理，得AF，AF【点评】本题是四边形综合题，考查了旋转的性质的运用，等腰直角三角形的性质的运用，勾股定理的运用，全等三角形的判定及性质的运用，正方形的性质的运用，解答时证明三角形全等是关键14如图1，已知正方形和正方形，点在同一直线上，连接，

21、与相交于点（1）求证：（2）如图2，是边上的一点，连接交于点，且求证：；若，直接写出的值【答案】（1）见解析；（2）见解析；【分析】（1）由正方形的性质得出BC=CD，CE=CF，BCE=DCF=90°，由SAS证明BCEDCF，得出对应边相等BE=FD；（2）由正方形的性质得出CD/GE，得出，从而得到，再结合已知条件利用比例的性质即可得证由得出，结合可得，从而即可得出的值【详解】解：（1）四边形ABCD和四边形CEGF是正方形，BC=CD=AB，CE=CF，BCE=DCF=90°BCEDCF（SAS），BE=FD；（2）四边形ABCD和四边形CEGF是正方形，CD/GE

22、，GF=EC，BC=CDAB=CD【点评】本题考查了正方形的性质、相似三角形的性质和判定、相全等三角形的性质和判定，得出是解题的关键15如图，四边形ABCD是正方形，G是BC上任意一点，DEAG于点E，BFDE，且交AG于点F（1）求证：；（2）求证：DEBFEF；（3）若AB2，BG1，求线段EF的长【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）【分析】（1）由正方形的性质可得ABAD，ABCBAD90°，根据DEAG，利用直角三角形两锐角互余的关系可得BAFADE，利用AAS即可证明ADEBAF；（2）根据全等三角形的性质可得DE=AF，BF=AE，根据线段的和差关系即可得结论；（3

23、）利用勾股定理可求出AG的长，利用面积法可求出BF的长，进而利用勾股定理可求出AF的长，根据BF=AE，EF=AF-AE即可得答案【详解】（1）四边形ABCD是正方形，ABAD，ABCBAD90°，DEAG，AEDDEF90°，BFDE，AFBDEFAED90°，BAFDAEADEDAE90°BAFADE在ABF和DAE中，ADEBAF（2）DAEABF，AEBF，DEAFAFAEEF，DEBFEF（3）ABC90°，AG2AB2BG212225，SABG，在RtABF中，AF2AB2BF222，AF=，AE=BF，EF=AF-AE，【点评】本

24、题主要考查了正方形的性质、全等三角形的判定与性质以及勾股定理等知识，解答本题的关键是根据AAS证明ABFDAE，此题难度一般16如图，在正方形ABCD中，点E，F分别在边AB，BC上，AF与DE相交于点M，且BAFADE（1）如图1，求证：AFDE；（2）如图2，AC与BD相交于点O，AC交DE于点G，BD交AF于点H，连接GH，试探究直线GH与AB的位置关系，并说明理由；（3）在（1）（2）的基础上，若AF平分BAC，且BDE的面积为4+2，求正方形ABCD的面积【答案】（1）见解析；（2）GHAB，见解析；（3）12+8【分析】（1）根据正方形的性质证明BAF+AED90°即可解

25、决问题（2）证明ADFBAF（ASA），推出AEBF，由AECD，推出，由BFAD，推出，由AEBF，CDAD，推出可得结论（3）如图21中，在AD上取一点J，使得AJAE，连接EJ设AEAJa利用三角形的面积公式构建方程求出a即可解决问题【详解】（1）证明：如图1中，四边形ABCD是正方形，DAEABF90°，ADEBAF，ADE+AEDBAF+AED90°，AME90°，AFDE（2）解：如图2中结论：GHAB理由：连接GHADAB，DAEABF90°，ADEBAF，ADEBAF（ASA），AEBF，AECD，BFAD，AEBF，CDAD，GHAB（

26、3）解：如图21中，在AD上取一点J，使得AJAE，连接EJ设AEAJaAF平分BAC，BAC45°，BAFADE22.5°，AEAJa，EAJ90°，AJE45°，AJEJED+JDE，JEDJDE22.5°，EJDJa，ABADa+a，AEAJ，BEDJa，SBDE4+2，×a×（a+a）4+2，解得a24，a2或2（舍弃），AD2+2，正方形ABCD的面积12+8【点评】本题主要考查正方形的性质，全等三角形的判定及性质，平行线分线段成比例，掌握正方形的性质，全等三角形的判定及性质和平行线分线段成比例是解题的关键17如图

27、，在正方形中，对角线、相交于点，、分别在、上，且，连接、，的延长线交于点（1）求证：；（2）求证：【答案】（1）见解析；（2）见解析【分析】（1）利用正方形的性质及SAS定理证AOEDOF，得出AE=DF即可；（2）由AOEDOF得出OEA=OFD，证出OAE+OFD=90°，得出AMF=90°，即可得出结论【详解】（1）四边形是正方形， 又，即， 在和中， ； （2）由（1）得：， ， ，【点评】此题考查了正方形的性质、全等三角形的判定与性质以及直角三角形的性质等知识；解答本题的关键是通过全等的证明和利用等角代换解题，属于中考常考题型18如图，正方形ABCD的边长为8，E

28、是边CD上一点，DE=6， BFAE于点F (1)求证：ADEBFA；(2)求BF的长【答案】（1）见解析；（2）【分析】（1）根据正方形的性质和垂直的定义可证D=AFB=90°，根据余角的性质可证ABF=DAE，从而可证ADEBFA；（2）先根据勾股定理求出AE的长，然后根据相似三角形的性质列式求解即可【详解】解：（1）四边形ABCD是正方形，D=BAD=90°，DAE+BAF=90°，BFAE，AFB=90°，D=AFB，ABF+BAF=90°，ABF=DAE，ADEBFA；（2）AD=8，DE=6，AE=，ADEBFA，BF=【点评】本题

29、主要考查了正方形的性质，勾股定理，以及相似三角形的判定与性质，熟练掌握相似三角形的判定与性质是解题的关键19四边形是边长为的正方形，点在边所在的直线上，连接，以为直角顶点在右侧作等腰，连接（1）如图1，当点在点左侧，且三点共线时，_；（2）如图2，当点在点右侧，且时，求的长：（3）若点在边所在直线上，且，求的长【答案】（1）6；（2）；（3）1或3【分析】（1）易证得四边形CDMF和四边形ANEM都是矩形，证得RtEMNRtFCM，得到MF= NE=BF=2，EM=FC=4，即可求得BN的长；（2）易证得四边形CDGH和四边形ANHG都是矩形，证得RtCDMRtMGN，求得NH=，BH=AG=

30、AM+MG，利用勾股定理即可求得BN的长；（3）分点M在点A左侧、点M在点D右侧、点M在线段AD上三种情况讨论，分别利用勾股定理构造方程即可求解【详解】（1）过M作EFAB，过N 作NEEF于E，延长CB交EF于F，如图所示：又四边形是边长为的正方形，四边形CDMF和四边形ANEM都是矩形，MF=CD=2，NE=BF，BN=EF，NMC=90，MN=MC，NMC=NEM=MFC=90，EMN+CMF=90，FCM +CMF=90，EMN=FCM，RtEMNRtFCM，MF= NE=2，则NE=BF=2，EM=FC=BF+BC=2+2=4，BN=EF=EM+MF=4+2=6；（2）过N作GHAB

31、，延长AD、BC交GH于G、H，如图所示：又四边形是边长为的正方形，四边形CDGH和四边形ABHG都是矩形，GH=CD=2，AG=BH，DG=CH，AM=，DM=，同理可证得RtCDMRtMGN，GN=DM=，MG=CD=2，NH= GH-GN=2-，BH=AG=AM+MG=，BN=；（3）点M在点A左侧，过M作EFAB，过N 作NEEF于E，延长CB交EF于F，延长BA交NE于G，如图所示：又四边形是边长为的正方形，四边形CDMF、四边形BFEG和四边形AMEG都是矩形，MF=CD=2，AG=ME，EG=FB=AM，同理可证得RtNEMRtMFC，MF= EN=2，EM=FC，设，则，在中，

32、整理得：，(舍去)，；点M在点D右侧，过N作EFAB，延长AD、BC交EF于F、E，如图所示：同理可得：EF=CD=2，BE=AF，同理可证得RtCDMRtMFN，FN=DM，MF=CD=2，设，则，在中，整理得：解得：(舍去)，；点M在线段AD上，过M作EFAB，过N 作NEEF于E，延长BA交NE延长线于H，如图所示：同理可得：MF=CD=2，HE=AM=BF，BH=EF，同理可证得RtEMNRtFCM，EN=MF=2，FM=FC，设，则，FC=BC-BF=,，在中，解得：(舍去)，(舍去)，综上所述AM的值为1或3【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，正方形的性质，矩形的判定和性质，

33、等腰直角三角形的性质，勾股定理的应用，作出合适的辅助线构建全等三角形是解题的关键20在正方形中，点是边上的一点，点是直线上一动点，于，交直线于点（1）当点运动到与点重合时(如图1)，线段与的数量关系是_（2）若点运动到如图2所示的位置时，（1）探究的结论还成立吗？如果成立，请给出证明：如果不成立，请说明理由（3）如图3，将边长为的正方形折叠，使得点落在边的中点处，折痕为，点、分别在边、上，请直接写出折痕的长【答案】（1）EF=AG；（2）成立，理由见解析；（3）【分析】（1）利用ASA证明ABEDAG全等即可得到结论；（2）过点F作FMAE，垂足为M，利用ASA证明ADGFME，即可得到结论；

34、（3）过点Q作QHAD于H，根据翻折变换的性质可得PQAM，然后求出APQ=AMD，再利用“角角边”证明ADMQHP，根据全等三角形对应边相等可得QP=AM，再利用勾股定理列式求出AM，从而得解【详解】解：（1）四边形ABCD是正方形，BAE=ADG=90°，AB=AD，ABE+AEB=90°，EFAG，AEB+DAG=90°，ABE=DAG，ABEDAG（ASA），EF=BE=AG；（2）成立，理由是：过点F作FMAE，垂足为M，四边形ABCD是正方形，BAE=ADG=90°，AD=CD，MF=CD=AD，EMF=90°，E+EFM=90&#

35、176;，EFAH，HAE+E=90°，HAE=EFM，ADGFME（ASA），EF=AG；（3）如图，过点Q作QHAD于H，则四边形ABQH中，HQ=AB，由翻折变换的性质得PQAM，APQ+DAM=90°，AMD+DAM=90°，APQ=AMD，四边形ABCD是正方形，AD=AB，HQ=AD，在ADM和QHP中，ADMQHP（AAS），QP=AM，点M是CD的中点，DM=CD=3，在RtADM中，由勾股定理得，AM=，PQ的长为【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，翻折变换的问题，折叠问题其实质是轴对称，对应线段相等，对应角相等，找到相应的直角三角形利用勾

36、股定理求解是解决本题的关键21在平面直角坐标系中，抛物线经过点和点.（1）求抛物线的解析式；（2）为抛物线上的一个动点，点关于原点的对称点为.当点落在该抛物线上时，求的值；（3）是抛物线上一动点，连接，以为边作图示一侧的正方形，随着点的运动，正方形的大小与位置也随之改变，当顶点或恰好落在轴上时，求对应的点坐标.【答案】（1）.（2）或.（3）点的坐标为，.【分析】（1）将和点代入解析式解方程即可；（2）将的坐标表示，把坐标代入解析式求m即可；（3）利用正方形性质和一线三直角几何模型，找到全等三角形，根据直角边解方程即可.【详解】（1）抛物线经过点和点.得，解得抛物线的解析式为.（2）与关于原点

37、对称，的坐标为.，都在抛物线上，.解得或.（3）当点落在轴上时，如图1，过点作轴于点，四边形是正方形，.，.又，.，有，解得或（舍去）.点坐标为.如图2，过点作轴于点，同理可以证得，.，有，解得或（舍去）.点坐标为.当点落在轴上时，如图3，过点作轴于点，过点作于点，同理可以证得，有，解得或（舍去）.点坐标为.如图4，过点作轴于点，过点作，交的延长线于点，同理可以证得，有，解得或（舍去）.点坐标为.综上所述，点的坐标为，.【点评】本题是经典的二次函数题目，涉及待定系数法求解析式，点的表示及代入，以及与一线三直角模型的点的存在性问题，是典型的综合性题目.22（1）如图1，正方形ABCD中，点P为线

38、段BC上一个动点，若线段MN垂直AP于点E，交线段AB于点M，交线段CD于点N，证明：APMN；（2）如图2，正方形ABCD中，点P为线段BC上一动点，若线段MN垂直平分线段AP，分别交AB，AP，BD，DC于点M，E，F，N求证：EFME+FN；（3）若正方形ABCD的边长为2，求线段EF的最大值与最小值【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3）EF最大值： ，EF最小值：1【分析】（1）过B点作BHMN交CD于H，则APBH，根据平行四边形和正方形的性质求证ABPBCH（ASA），然后根据三角形全等的性质即可证明；（2）根据垂直平分线的性质和正方形的性质求得FPFC，然后根据等边对等角和等

39、量代换求得AFP90°，根据直角三角形斜边中线的性质得到FEAP，结合（1）问结论即可求证；（3）根据（2）问结论得到EFMN，当点P和点B重合时，EF有最小值；当点P和C重合时，EF有最大值，根据正方形的对角线即可求解【详解】（1）如图1，过B点作BHMN交CD于H，则APBH，BMNH，四边形MBHN为平行四边形， MNBH，四边形ABCD是正方形ABBC，ABP90°C，CBH+ABHBAP+ABH90°，BAPCBH，ABPBCH（ASA），BHAP，MNAP；（2）如图2，连接FA，FP，FC正方形ABCD是轴对称图形，F为对角线BD上一点，FAFC，又FE垂直平分AP，FAFP，FPFC，FPCFCP，FABFCP，FABFPC，FAB+FPB180°，ABC+AFP180°，AFP90°，FEAP，由（1）知，APMN，MNME+EF+FNAP2EF，EFME+FN；（3）由（2）有，EFME+FN，MNEF+ME+NF，EFMN，AC，BD是正方形的对角线，BD2，当点P和点B重合时，EF最小值MNAB1，当点P和C重合时，EF最大值MNBD【点评】本题考查了平行四边形的判定和性质，正方形的性质，三角形全等的判定和性质，等腰三角形的性质，本题考查较为综合，题目较难，熟练掌握各部分定理和性质是本题的关键