2017年上海市崇明县中考物理一模试卷(解析版)(共28页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2017年上海市崇明县中考物理一模试卷一、选择题（每题2分，共16分）1同一个初中生对地面产生压强最大的是（）A平躺着B侧躺着C双脚站着D步行走着2下列实例中，不属于利用大气压强的是（）A脱排油烟机B锅炉液位计C吸盘挂钩D拔火罐3学习电压时，一般我们可以通过用“水压”来加以理解，这种科学方法属于（）A控制变量法B等效替代法C类比法D比较法4通过大量实验研究得出电流与电压之间关系的科学家是（）A安培B伏特C欧姆D焦耳5如果用水代替水银做托里拆利实验，那么玻璃管长度至少是（）A1米B11米C76米D760米6有两个电阻阻值相同，串联后总电阻为8欧；那么这两个电阻并联后总电

2、阻为（）A2欧B4欧C8欧D16欧7如图所示，取4个完全相同的正方体物块，分别以甲、乙、丙三种方式叠放（均放在中央位置），在三种叠放方式中，其中底层物块上表面受到的压强分别为p甲、p乙、p丙，则p甲：p乙：p丙关系为（）A3：1：3B3：2：3C3：3：4D2：1：28在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电键S1、S2同时闭合时，电路中（）A电压表V的示数不变B电流表A1的示数变大C电压表V示数与电流表A1示数的比值不变D电压表V示数与电流表A示数的乘积变大二、填空题（第914题每格1分，第15题每格2分，共22分）9一节新干电池的电压为伏；一般情况下，为了控制电灯的工作情况，需要一个电键；

3、电灯和电风扇之间是连接的（后两空选填“串联”或“并联”）10物理知识在日常生活中有着广泛的应用：图1中，利用知识可以方便地估算游泳池中水的质量；“图2乳牛自动喂水器”利用的是原理；图3修筑拦河大坝时要做成上窄下宽，主要是根据的规律（最后一格选填“固体压强”或“液体压强”）11上海长江隧桥的开通给崇明人民带来了巨大方便其中江底隧道最深处约在水下50米，则该处受到水的压强为帕，其表面0.1米2的面积上受到水的压力为牛；一辆汽车从隧道中驶过，它受到水的压强为帕12质量为1千克的木块漂浮在水中，则木块受到水的浮力为牛，浮力的方向是，若用力将木块全部摁入水中，那么它受到水的浮力将（选填“不变”、“变大”

4、或“变小”）13若10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，导体两端的电压为6伏，则通过导体的电流为安，导体的电阻为欧；如果通过该导体的电流变大，则该导体的电阻将（选填“变大”、“不变”或“变小”）14学习了压强知识后，某物理兴趣小组选取一定质量的空气密封起来，改变它的温度和体积，用压强传感器测出了它的压强，记录在下表中，请根据表中的数据回答问题：02040608028303235405660646920112120128139（1）当该一定质量的密封空气，温度为40，体积为20L时，它的压强为kpa（2）当该一定质量的密封空气，体积一定时，压强与温度的关系是：（3）根据表中数据，可以推测：当温

5、度为20，该密封空气受到挤压后体积变为10L时，它的压强约为kpa15在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，发现只有两个电表的指针发生偏转，已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障（1）电路中的故障可能是；（2）接着，用一个完好的灯L替换电阻R1，闭合电键S，发现灯L不发光，则故障一定是三、作图题（第16、17题各3分，第18题2分，共8分）16在图中，重为10牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法画出地面受到的压力17在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填进电路的空缺处，要求电键S闭合后，电路能正常工作18在图示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上补

6、上后要求：电压表测小灯两端电压；闭合电键S，向左端移动滑动变阻器的滑片P，小灯变亮四、计算题（第19、20题4分，第21题9分，第22题9分，共26分）19体积为1×104米3的金属块浸没在水中求：（1）该金属块排开水的体积V水；（2）该金属块受到的浮力F浮20某电路要求保持1安的稳定电流现有一个灯丝电阻为10欧的小灯，正常工作电流为0.6安，问如何设计电路才能使小灯正常工作？21在如图所示的电路中，电源电压为6V且不变电阻R1的阻值为10，滑动变阻器R2上标有“20 2A”字样，两电表均为常用电表闭合开关S，电流表示数为0.2A求：（1）电压表的示数；（2）电阻R2连入电路的阻值；

7、（3）若移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，发现电压表和电流表中有一个已达满刻度，此时电压表和电流表的示数22如图所示，柱形容器A和均匀柱体B置于水平地面上，A中盛有质量为5千克的水，B受到的重力为200牛，B的底面积为5×102米2（1）求A中水的体积V水；（2）求B对水平地面的压强pB；（3）现沿水平方向在圆柱体B上截去一定的厚度，B剩余部分的高度与容器A中水的深度之比h：h水为2：5，且B剩余部分对水平地面的压强大于水对容器A底部的压强，求B的密度B的范围五、实验题（每格1分，共18分）23测定某导体最基本的方法叫做是伏安法；其实验原理是根据；实验时所用的两个电表在接入电路时应注

8、意：选择适当的、正确连接24在“验证阿基米德原理”的实验中，小明填写的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容实验名称：验证阿基米德原理实验目的：通过实验定量研究：浸没在液体中的物体受到的浮力与它排开液体的之间的大小关系实验器材：，量筒，金属块，细线，水实验：1测量并记下金属块受到的重力G 2在量筒中倒入适量的水，记下水面的示数V1 3将金属块，记下此时量筒中水面的示数V2 25如图所示，是用压强计探究内部压强的情境（1）把探头放入水中，通过观察U型管两边液面的高度差来判断探头处水的压强的大小，高度差越大，水的压强（选填“越大”或“越小”）；（2）比较甲图、乙图和丙图，可以得到：在同一深度，液

9、体内部向各个方向的压强；（3）在乙图中把探头慢慢下移，可以观察到U型管两边液体的高度差增大，从而得到：在同一种液体里，液体的压强随的增加而增大；（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，则可以观察到U型管两边液体的26某物理兴趣小组学生在学习了电学知识以后，做了一项科学探究即探究“苹果电池的电压大小U与电极插入苹果的深度h的关系”在苹果中插入铜片和锌片，就能自制成为一个苹果电池，铜片是电池的正电极，锌片是负电极那么，苹果电池的电压大小与电极插入苹果的深度有怎样的关系呢？该实验小组用如图1所示的实验器材对该问题进行探究（1）实验时，应保持其它条件不变，只改变；（2）小组同学测得的实

10、验数据如表，当深度为5cm时，电压表示数如图2所示，请将电压值填入下表的空格中；实验序号123456电极插入的深度h/cm123456苹果电池电压U/V0.120.180.220.270.34（3）分析表格中的数据，你能得到的实验结论是：；（4）科学猜想：苹果电池的电压大小还可能与有关；（5）如果实验前不知道苹果电池的正负极，可以使用（填一种实验器材）来判断；（6）如果把图1中实物图用导线连接成电路图，该电路属于（选填“串联电路”、“并联电路”、“最简单电路”或“检测电路”）2017年上海市崇明县中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共16分）1同一个初中生对地面产生压强最大

11、的是（）A平躺着B侧躺着C双脚站着D步行走着【考点】压强大小比较【分析】初中生对地面的压力和自身的重力相等，根据p=可知，受力面积最小时，对地面产生的压强最大【解答】解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，同一个初中生对地面的压力不变，由选项可知，步行走着时受力面积最小，由p=可知，对地面产生的压强最大故选D2下列实例中，不属于利用大气压强的是（）A脱排油烟机B锅炉液位计C吸盘挂钩D拔火罐【考点】大气压的综合应用【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”【解答】解：A、抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，

12、从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出，属于利用大气压强，故A不符合题意；B、用液位计观察锅炉内水位的高度，是应用了连通器的原理不属于利用大气压强，故B符合题意；C、塑料吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上属于利用大气压强，故C不符合题意D、拔火罐时，是先把拔火罐内的空气挤出，在外界大气压的作用下，拔火罐被压在皮肤上属于利用大气压强，故D不符合题意故选B3学习电压时，一般我们可以通过用“水压”来加以理解，这种科学方法属于（）A控制变量法B等效替代法C类比法D比较法【考点】物理学方法【分析】物理学或生物学中对于多因素（多变量）的

13、问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题，而只改变其中的某一个因素，从而研究这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法；等效替代法是在保证某种效果（特性和关系）相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法；类比法也叫“比较类推法”，是指由一类事物所具有的某种属性，可以推测与其类似的事物也应具有这种属性的推理方法；比较法是认识事物间的相异点和相同点的逻辑方法，比较分析（辨）常相伴而行它们是科学发现的基本逻辑方法【解答】解：电压比较抽象，不容易观察；水流产生的压强直观

14、性强，可以直观感受用水压的作用说明电压的作用，采用的是类比法故选C4通过大量实验研究得出电流与电压之间关系的科学家是（）A安培B伏特C欧姆D焦耳【考点】物理常识【分析】通过导体的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，这一规律最早由德国科学家欧姆总结得出，这就是著名的欧姆定律【解答】解：A、安培最早发现通电导体周围磁场方向与电流方向的关系不符合题意；B、伏特最早研制出了液体电池不符合题意；C、通过导体的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，这一规律最早由德国科学家欧姆总结得出，这就是著名的欧姆定律符合题意；D、焦耳最早发现电流产生热量的影响因素不符合题意故选C5如果用水代替水银做

15、托里拆利实验，那么玻璃管长度至少是（）A1米B11米C76米D760米【考点】大气压强的存在；液体压强计算公式的应用【分析】利用液体压强公式P0=水gh求大气压能支持的水柱的高【解答】解：由P=gh得：h=10m故如果用水代替水银做托里拆利实验，那么玻璃管长度至少是11米故选：B6有两个电阻阻值相同，串联后总电阻为8欧；那么这两个电阻并联后总电阻为（）A2欧B4欧C8欧D16欧【考点】电阻的串联；电阻的并联【分析】根据电阻的串并联进行求解，即串联电路的总电阻等于各分电阻之和，并联电路总电阻的倒数等于各分电阻到数值和【解答】解：n个阻值相同的电阻R串联后的总电阻R串=nR，由题意知，两个相同电阻

16、串联的总电阻R串=8，所以每个电阻的阻值R=R串=×8=4，n个阻值相同的电阻R并联后的总电阻R并=R；因此它们并联后的总电阻R并=R=×4=2故选A7如图所示，取4个完全相同的正方体物块，分别以甲、乙、丙三种方式叠放（均放在中央位置），在三种叠放方式中，其中底层物块上表面受到的压强分别为p甲、p乙、p丙，则p甲：p乙：p丙关系为（）A3：1：3B3：2：3C3：3：4D2：1：2【考点】压强的大小及其计算【分析】水平面上物体的压力和自身的重力相等，由图可知甲、乙、丙三者的受力面积关系，根据p=求出三者的压强之比【解答】解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，分别以

17、甲、乙、丙三种方式叠放时对地面的压强相等，由图可知，S甲：S乙：S丙=1：2：1，由p=可得，三者的压强之比：p甲：p乙：p丙=： =： =2：1：2故选D8在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电键S1、S2同时闭合时，电路中（）A电压表V的示数不变B电流表A1的示数变大C电压表V示数与电流表A1示数的比值不变D电压表V示数与电流表A示数的乘积变大【考点】电路的动态分析【分析】当电键S1、S2同时闭合时，电路为R1的简单电路，电压表无示数，两电流表均测通过R1的电流，当电键S1、S2均闭合时，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流；根据电源的电压可

18、知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后判断选项得出答案【解答】解：当电键S1、S2断开时，电路为R1的简单电路，电压表无示数，两电流表均测通过R1的电流，当电键S1、S2均闭合时，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流；A、电压表V的示数变大，故A错误；B、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，故B错误；C、因为电压表V的示数变大，电流表A1的示数不变，故电压表V示数与电流表A1示数的比值变大，故C错误；D、因并

19、联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A的示数变大，故电压表V示数与电流表A示数的乘积变大，故D正确故选D二、填空题（第914题每格1分，第15题每格2分，共22分）9一节新干电池的电压为1.5伏；一般情况下，为了控制电灯的工作情况，需要串联一个电键；电灯和电风扇之间是并联连接的（后两空选填“串联”或“并联”）【考点】电压；串联电路和并联电路的辨别【分析】干电池的电压是1.5V；电键与它控制的用电器是串联的；家庭电路中，各用电器互不影响，能独立工作，它们是并联的【解答】解：一节新干电池的电压为1.5伏，电灯泡与电键是串联连接的，在家庭电路中，电灯和电风扇之间是并联连接

20、的故答案为：1.5；串联；并联10物理知识在日常生活中有着广泛的应用：图1中，利用密度知识可以方便地估算游泳池中水的质量；“图2乳牛自动喂水器”利用的是连通器原理；图3修筑拦河大坝时要做成上窄下宽，主要是根据液体压强的规律（最后一格选填“固体压强”或“液体压强”）【考点】密度的应用与物质鉴别；液体的压强的特点；连通器原理【分析】（1）要估算游泳池中水的质量，需估测出游泳池的容积，利用密度公式m=V可求游泳池中水的质量；（2）上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理；（3）液体压强随深度的增加而增大，为了让拦

21、河坝承受更大的水的压强，修成“上窄下宽”的形状；【解答】解：（1）要估算游泳池中水的质量，需估测出游泳池的容积，利用密度公式m=V可求游泳池中水的质量，因此利用的是密度知识；（2）乳牛自动喂水器的结构符合上端开口、下部连通的容器，属于连通器，利用的是连通器原理；（3）拦河大坝之所以修成“上窄下宽”的形状，是因为液体内部压强随着深度的增加而增大，越往下面，液体内部压强越大，所以修成这种形状，河坝不易被冲垮故答案为：密度；连通器；液体压强11上海长江隧桥的开通给崇明人民带来了巨大方便其中江底隧道最深处约在水下50米，则该处受到水的压强为4.9×105帕，其表面0.1米2的面积上受到水的压

22、力为4.9×104牛；一辆汽车从隧道中驶过，它受到水的压强为0帕【考点】液体的压强的计算【分析】（1）知道水的深度，根据p=gh求出该处受到水的压强，根据F=pS求出其表面0.1米2的面积上受到水的压力；（2）液体压强产生的原因是因为液体受到重力作用，并且有流动性【解答】解：江底隧道最深处受到水的压强：p=gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×50m=4.9×105Pa，由p=可得，其表面0.1米2的面积上受到水的压力：F=pS=4.9×105Pa×0.1m2=4.9×104N；隧道内没有水，汽车从隧道中

23、驶过时不会受到水的压强故答案为：4.9×105；4.9×104；012质量为1千克的木块漂浮在水中，则木块受到水的浮力为9.8牛，浮力的方向是竖直向上，若用力将木块全部摁入水中，那么它受到水的浮力将变大（选填“不变”、“变大”或“变小”）【考点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）知道木块漂浮，利用物体的漂浮条件求木块受到的浮力，浮力方向是竖直向上的；（2）将木块全部摁入水中，物体排开水的体积变大，利用阿基米德原理的推导公式F浮=液gV排判断木块所受浮力的大小变化【解答】解：（1）因为木块漂浮在水中，所以木块受到水的浮力：F浮=G=mg=1kg×9.

24、8N/kg=9.8N，浮力方向是竖直向上的；（2）将木块全部摁入水中，物体排开水的体积变大，水的密度不变，根据F浮=水gV排，可知木块受到水的浮力将变大故答案为：9.8；竖直向上；变大13若10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，导体两端的电压为6伏，则通过导体的电流为0.3安，导体的电阻为20欧；如果通过该导体的电流变大，则该导体的电阻将不变（选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】电量及其计算；欧姆定律的应用【分析】由I=计算通过导体的电流，由I=计算导体的电阻；导体的电阻只与导体的材料、长度、横截积和温度有关【解答】解：10s内通过某导体横截面的电荷量为3C，所以通过导体的电流：I=0

25、.3A，由I=可得导体的电阻：R=20；因为导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体的电压和电流无关，所以如果通过该导体的电流变大，则该导体的电阻不变故答案为：0.3；20；不变14学习了压强知识后，某物理兴趣小组选取一定质量的空气密封起来，改变它的温度和体积，用压强传感器测出了它的压强，记录在下表中，请根据表中的数据回答问题：02040608028303235405660646920112120128139（1）当该一定质量的密封空气，温度为40，体积为20L时，它的压强为128kpa（2）当该一定质量的密封空气，体积一定时，压强与温度的关系是：温度越高，压强越大（3）根据表中数据，可以推测：

26、当温度为20，该密封空气受到挤压后体积变为10L时，它的压强约为240kpa【考点】气体压强跟体积的关系【分析】（1）由表中数据分析得出结论；（2）根据表格，分析气体温度与气体压强的关系；（3）根据气体体积与气体压强的关系解答【解答】解：（1）由表中的数据可知当该一定质量的密封空气，温度为40，体积为20L时，它的压强为128kpa（2）由表知：当该一定质量的密封空气，体积一定时，压强与温度的关系是：温度越高，压强越大；（3）由表可知：气体体积和气体压强的乘积为定值，即在温度不变的情况下，气体压强与气体体积成反比；由当温度为20，20L为120Kpa知，当该密封空气受到挤压后体积变为10L时，

27、它的压强约为240KPa故答案为：（1）128；（2）温度越高，压强越大；（3）24015在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，发现只有两个电表的指针发生偏转，已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障（1）电路中的故障可能是R2开路或R2短路；（2）接着，用一个完好的灯L替换电阻R1，闭合电键S，发现灯L不发光，则故障一定是R2开路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障，分别列举可能出现的4种情况：电阻R1开路；电阻R1短路；滑动变阻器开路；滑动变阻器短路，所发生的现象与题目对比，符合的即为可能出现的故障【解答】

28、解：（1）若电阻R2开路，两个电压表的正负接线柱通过变阻器、导线接在电源正负极上，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表无示数，两个表有示数；若电阻R2短路，电压表V1无示数；电压表V通过导线接在电源上，电流表测量通过变阻器的电流，二者都有示数，两个表有示数；若R1开路，电压表V1无示数数，电流表无示数；电压表V的正负接线柱通过导线接在电源正负极上，电压表有示数，只有一个表有示数；若R1短路，两个电压表测量的都电源的电压，都有示数；电流表测量的是通过电阻R1的电流，也有示数，三个表都有示数；综上，电路中的故障可能是电阻R2开路或若电阻R2短路；（2）接着，用一个完好的灯

29、L替换电阻R1，闭合电键S，发现灯L不发光，则故障一定是电阻R2开路故答案为：（1）R2开路或R2短路；（2）R2短路三、作图题（第16、17题各3分，第18题2分，共8分）16在图中，重为10牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法画出地面受到的压力【考点】压力及重力与压力的区别【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力【解答】解：压力的大小等于重力，为10N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上如图所示：17在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填进电路的空缺处，要求电键S闭合后，电路能正常工作【考点】电路图及元件符号【分析】由于图中有滑动

30、变阻器，则应将滑动变阻器与灯泡串联达到改变灯泡亮度的目的，然后根据电流表相当于导线，电压表相当于开路的特点判断电表的连接【解答】解：根据串联特点可知，滑动变阻器与灯泡应是串联连接，则左边或右边的空缺处应是电源和电流表，中间的空缺处应是相当于开路的电压表，故答案如下：18在图示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上补上后要求：电压表测小灯两端电压；闭合电键S，向左端移动滑动变阻器的滑片P，小灯变亮【考点】实物的电路连接【分析】分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据串联电路特点，按题目要求确定滑动变阻器的接法，然后完成电路图连接【解答】解：闭合开关S，向左端移动滑动变阻器的

31、滑片P，小灯泡变亮，说明滑动变阻器接入电路的阻值变小，故将左下接线柱与灯泡的右接线柱相连；将电压表的负接线柱与灯泡的左接线柱相连，如下图所示：四、计算题（第19、20题4分，第21题9分，第22题9分，共26分）19体积为1×104米3的金属块浸没在水中求：（1）该金属块排开水的体积V水；（2）该金属块受到的浮力F浮【考点】阿基米德原理；浮力大小的计算【分析】（1）物体浸没时排开水的体积与物体体积相等；（2）由阿基米德原理计算金属块受到的浮力【解答】解：（1）因为金属块浸没在水中，所以金属块排开水的体积：V排=V物=1×104m3；（2）由阿基米德原理可得，金属块受到的浮力

32、F浮=液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×104m3=1N答：（1）该金属块排开水的体积为1×104m3；（2）该金属块受到的浮力为1N20某电路要求保持1安的稳定电流现有一个灯丝电阻为10欧的小灯，正常工作电流为0.6安，问如何设计电路才能使小灯正常工作？【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律【分析】根据并联分流的知识，应并联一个电阻，由欧姆定律求出灯正常工作时的电压，根据并联电路电流的规律求出并联的电阻分得的电流，由欧姆定律求并联的电阻大小【解答】解：某电路要求保持1安的稳定电流现有一个灯丝电阻为1

33、0欧的小灯，正常工作电流为0.6安，根据并联分流的知识，应并联一个电阻R2 分去多余的电流，根据欧姆定律，灯正常工作时的电压，U灯=I1R1=0.6A×10=6V； 根据并联电路电流的规律，通过R2的电流I2=II1=1A0.6A=0.4A，所以并联的电阻R2=15答：将一个 15 的电阻与灯并联能使小灯正常工作21在如图所示的电路中，电源电压为6V且不变电阻R1的阻值为10，滑动变阻器R2上标有“20 2A”字样，两电表均为常用电表闭合开关S，电流表示数为0.2A求：（1）电压表的示数；（2）电阻R2连入电路的阻值；（3）若移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，发现电压表和电流表中有一

34、个已达满刻度，此时电压表和电流表的示数【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R1两端的电压；（1）已知电流与电阻R1的阻值，由欧姆定律可以求出电压表的示数（2）由串联电路规律求出滑动变阻器两端的电压，然后由欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值（3）根据电源电压与所给电阻阻值，确定电压表与电流表的量程，然后根据欧姆定律分析答题【解答】解：（1）因为I=，所以电压表示数UV=U1=IR1=0.2A×10=2V；（2）电阻R2两端的电压U2=UU1=6V2V=4V；因为I=，所以此时R2连入电路的阻值：R2=20；（3）电源电压是6V，如果电

35、压表量程为015V，因为R1=10，滑动变阻器接入电路阻值为零时，电路电流最大，电路最大电流为I=0.6A，因此电流表量程应为00.6A；由电路图可知，当滑片向左移动时，电压表和电流表的示数都变大；电流表量程为00.6A，当电流表指针达到满偏时，电路电流最大为I最大=0.6A，此时电压表示数为UV=I最大R1=0.6A×10=6V15V，能够保证电路安全，符合题意，此时电压表、电流表的示数分别为6V、0.6A；如果电流表选择00.6A量程，电压表选择03V量程，当电压表达到最大示数3V时，电路电流为I=0.3A此时电压表、电流表的示数分别为3V、0.3A答：（1）电压表示数为2V（2

36、）电阻R2连入电路的阻值为20（3）此时电压表和电流表的示数为6V和0.6A或3V和0.3A22如图所示，柱形容器A和均匀柱体B置于水平地面上，A中盛有质量为5千克的水，B受到的重力为200牛，B的底面积为5×102米2（1）求A中水的体积V水；（2）求B对水平地面的压强pB；（3）现沿水平方向在圆柱体B上截去一定的厚度，B剩余部分的高度与容器A中水的深度之比h：h水为2：5，且B剩余部分对水平地面的压强大于水对容器A底部的压强，求B的密度B的范围【考点】密度公式的应用；压强的大小及其计算【分析】（1）知道水的质量和密度，利用密度公式变形V=求水的体积；（2）B对水平地面的压力等于B

37、的重力，利用压强公式求B对水平地面的压强；（3）求出剩余部分对地面的压强pB=BghB，而水对容器底的压强p水=水gh水，由题知，为B剩余部分对水平地面的压强大于水对容器A底部的压强，hB：h水=2：5，据此求B的密度范围【解答】解：（1）水的质量：m水=5kg，根据=可得水的质量：V水=5×103m3，（2）B对水平地面的压力：FB=GB=200N，B对水平地面的压强：pB=4000Pa；（3）剩余部分对地面的压强：pB=BghB，水对容器底的压强：p水=水gh水，hB：h水=2：5，因为B剩余部分对水平地面的压强大于水对容器A底部的压强，所以BghB水gh水，B水=水=×

38、;1×103kg/m3=2.5×103kg/m3所以B1.5×103kg/m3答：（1）A中水的质量为6kg（2）B对水平地面的压强为5000Pa（3）B的密度范围为大于2.5×103kg/m3五、实验题（每格1分，共18分）23测定某导体电阻最基本的方法叫做是伏安法；其实验原理是根据欧姆定律；实验时所用的两个电表在接入电路时应注意：选择适当的量程、正确连接“+”、“”接线柱【考点】伏安法【分析】电流表测出通过电阻的电流，电压表测出电阻两端的电压，根据电阻的计算公式R=可以求出电阻的大小【解答】解：测导体电阻的基本方法是伏安法，电流表测出通过电阻的电流，

39、电压表测出电阻两端的电压，根据电阻的计算公式R=可以求出电阻的大小，其实验原理是根据欧姆定律；实验时所用的两个电表在接入电路时应注意：选择适当的量程；正确连接正负接线柱故答案为：电阻；欧姆定律； 量程；“+”、“”接线柱24在“验证阿基米德原理”的实验中，小明填写的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容实验名称：验证阿基米德原理实验目的：通过实验定量研究：浸没在液体中的物体受到的浮力与它排开液体的重力之间的大小关系实验器材：弹簧测力计，量筒，金属块，细线，水实验步骤：1测量并记下金属块受到的重力G 2在量筒中倒入适量的水，记下水面的示数V1 3将金属块浸没在水中，记下此时量筒中水面的示数V2

40、 【考点】探究浮力大小的实验【分析】研究浸没在液体中的物体受到的浮力与它排开的液体所受重力之间的关系时：利用称重法测量金属块受到的浮力，利用排水法得出金属块排开水的体积，求出排开水的重，通过比较得出结论【解答】解：实验器材：金属块、细线、弹簧测力计、量筒和适量的水等实验步骤：1用弹簧测力计测量并记下金属块的重G2在量筒中盛适量的水，记下水面示数V13将金属块完全浸没在量筒中记下此时水面示数V2，读出弹簧测力计的示数F示，则F浮=GF示，4排开液体的体积V排=V2V1，排开水的重力G排=水V排g=水（V2V1）g，5比较F浮与G排的大小得出结论故答案为：重力；弹簧测力计；步骤；浸没在水中25如图

41、所示，是用压强计探究内部压强的情境（1）把探头放入水中，通过观察U型管两边液面的高度差来判断探头处水的压强的大小，高度差越大，水的压强越大（选填“越大”或“越小”）；（2）比较甲图、乙图和丙图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；（3）在乙图中把探头慢慢下移，可以观察到U型管两边液体的高度差增大，从而得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大；（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，则可以观察到U型管两边液体的高度差变大【考点】探究液体压强的特点实验【分析】（1）本题采用了物理中常见的研究方法转换法，即把水的内部压强的大小转换成U型管两边液面高度差的大小

42、来判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大（2）此题用到了常用的研究方法控制变量法比较图甲、图乙和图丙，是控制液体的密度相同，深度相同，改变压强计金属盒的方向，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和方向有关（3）在乙图中把探头慢慢下移，是控制液体的密度相同，改变液体的深度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的深度有关（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，是控制深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的密度有关【解答】解：（1）把水的内部压强的大小转换成U型管两边液面高度差的大小来

43、判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大（2）比较甲图、乙图和丙图，控制液体密度和深度不变，改变探头的方向，U形管两侧的液面高度差相等可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等（3）在乙图中把探头慢慢下移，控制液体的密度不变，改变深度，可以观察到U型管两边液体的高度差增大，得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大；（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，控制深度不变，把水换成盐水，密度变大，则可以观察到U型管两边液体的高度差变大故答案为：（1）越大；（2）相等；（3）深度；（4）高度差变大26某物理兴趣小组学生在学习了电学知识以后，做了一项科学探究即探究“苹

44、果电池的电压大小U与电极插入苹果的深度h的关系”在苹果中插入铜片和锌片，就能自制成为一个苹果电池，铜片是电池的正电极，锌片是负电极那么，苹果电池的电压大小与电极插入苹果的深度有怎样的关系呢？该实验小组用如图1所示的实验器材对该问题进行探究（1）实验时，应保持其它条件不变，只改变电极插入苹果的深度；（2）小组同学测得的实验数据如表，当深度为5cm时，电压表示数如图2所示，请将电压值填入下表的空格中；实验序号123456电极插入的深度h/cm123456苹果电池电压U/V0.120.180.220.270.300.34（3）分析表格中的数据，你能得到的实验结论是：苹果电池电压随电极插入苹果的深度增大而增大；（4）科学猜想：苹果电池的电压大小还可能与苹果的种类（或苹果的大小、两极间距离、电极面积大小）有关；（5）如果实验前不知道苹果电池的正负极，可以使用电压表（或电流表）（填一种实验器材）来判断；（6）如果把图1中实物图用导线连接成电路图，该电路