备考2022年广东省深圳市盐港中学中考数学模拟试卷（4月份）（解析版）.doc

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1、备考2022年广东省深圳市盐港中学中考数学模拟试卷（4月份）一选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1在一个口袋中有4个完全相同的小球，把它们分别标号为1，2，3，4，随机摸出一个小球不放回，再随机摸出一个小球，则两次摸出小球的标号之和为奇数的概率是（）ABCD2已知反比例函数的图象过点P（1，3），则该反比例函数图象位于（）A第一、二象B第一、三象限C第二、四象限D第三、四象限3在一个有 10 万人的小镇，随机调查了 1000 人，其中有 120 人周六早上观看中央电视台的“朝闻天下”节目，那么在该镇随便问一个人，他在周六早上观看中央电视台的“朝闻天下”节目的概率大约是（）ABCD4点

2、P1（1，y1），P2（3，y2），P3（5，y3）均在二次函数yx2+2x+c的图象上，则y1，y2，y3的大小关系是（）Ay1y2y3By1y2y3Cy3y2y1Dy3y1y25正六边形内接于圆，它的边所对的圆周角是（）A60°B120°C60°或120°D30°或150°6由五个相同的立方体搭成的几何体如图所示，则它的左视图是（）ABCD7函数ykx+1与y在同一坐标系中的大致图象是（）ABCD8下列性质中，直角三角形具有而等腰三角形不一定具有的是（）A两边之和大于第三边B内角和等于180°C有两个锐角的和等于90&#

3、176;D有一个角的平分线垂直于这个角的对边9下列语句中，正确的是（）A长度相等的弧是等弧B在同一平面上的三点确定一个圆C三角形的内心是三角形三边垂直平分线的交点D三角形的外心到三角形三个顶点的距离相等10如图，是二次函数 yax2+bx+c（a0）的图象的一部分，给出下列命题：a+b+c0；b2a；ax2+bx+c0的两根分别为3和1；a2b+c0其中正确的命题是（）ABCD二填空题（共8小题，满分24分，每小题3分）11如图，一山坡的坡度为i1：，小辰从山脚A出发，沿山坡向上走了200米到达点B，则小辰上升了 米12如图所示，一根水平放置的圆柱形输水管道横截面，其中有水部分水面宽0.8米，

4、最深处水深0.2米，则此输水管道的直径是 13将抛物线yx2先向左平移2个单位，再向下平移3个单位，所得抛物线的解析式为 14如图，用长为10米的篱笆，一面靠墙（墙的长度超过10米），围成一个矩形花圃，设矩形垂直于墙的一边长为x米，花圃面积为S平方米，则S关于x的函数解析式是 （不写定义域）15我国古代有这样一道数学问题：“枯木一根直立地上，高二丈，周三尺，有葛藤自根缠绕而上，五周而达其顶，问葛藤之长几何？”题意是：如图所示，把枯木看作一个圆柱体，因一丈是十尺，则该圆柱的高为20尺，底面周长为3尺，有葛藤自点A处缠绕而上，绕五周后其末端恰好到达点B处，则问题中葛藤的最短长度是 尺16按照如图所

5、示的方法排列黑色小正方形地砖，则第14个图案中黑色小正方形地砖的块数是 17一位小朋友在粗糙不打滑的“Z”字形平面轨道上滚动一个半径为10cm的圆盘，如图所示，AB与CD是水平的，BC与水平面的夹角为60°，其中AB60cm，CD40cm，BC40cm，那么该小朋友将圆盘从A点滚动到D点其圆心所经过的路线长为 cm18如图，ABC中，C90°，AC6，AB10，D为BC边的中点，以AD上一点O为圆心的O和AB、BC均相切，则OD的长为 三解答题（共9小题，满分76分）19（8分）如图，某日的钱塘江观潮信息如图：按上述信息，小红将“交叉潮”形成后潮头与乙地之间的距离s（千米）

6、与时间t（分钟）的函数关系用图3表示，其中：“11：40时甲地交叉潮的潮头离乙地12千米”记为点A（0，12），点B坐标为（m，0），曲线BC可用二次函数st2+bt+c（b，c是常数）刻画（1）求m的值，并求出潮头从甲地到乙地的速度；（2）11：59时，小红骑单车从乙地出发，沿江边公路以0.48千米/分的速度往甲地方向去看潮，问她几分钟后与潮头相遇？（3）相遇后，小红立即调转车头，沿江边公路按潮头速度与潮头并行，但潮头过乙地后均匀加速，而单车最高速度为0.48千米/分，小红逐渐落后问小红与潮头相遇到落后潮头1.8千米共需多长时间？（潮水加速阶段速度vv0+（t30），v0是加速前的速度）20

7、（6分）为了测量一棵大树的高度，准备了如下测量工具：镜子；皮尺；长为2m的标杆；高为1.5m的测角仪（能测量仰角和俯角的仪器），请根据你所设计的测量方案，回答下列问题：（1）在你设计的方案上，选用的测量工具是 ；（2）在下图中画出你的测量方案示意图；（3）你需要测量示意图中的哪些数据，并用a，b，c，等字母表示测得的数据；（4）写出求树高的算式：AB m21（6分）如图所示，五边形ABCDE是张大爷十年前承包的一块土地的示意图经过多年开垦荒地，现已变成如图所示的形状，但承包土地与开垦荒地的分界小路（即图中折线CDE）还保留着，张大爷想过E点修一条直路，直路修好后，要保持直路左边的土地面积与承包

8、时的一样多，右边的土地面积与开垦的荒地面积一样多请你用有关的几何知识，按张大爷的要求设计出修路方案（不计分界小路与直路的占地面积）（1）写出设计方案，并在图中画出相应的图形；（2）说明方案设计理由22（8分）已知，如图，EB是O的直径，且EB6，在BE的延长线上取点P，使EPEB，A是EP上一点，过A作O的切线，切点为D，过D作DFAB于F，过B作AD的垂线BH，交AD的延长线于H当点A在EP上运动，不与E重合时：（1）是否总有，试证明你的结论；（2）设EDx，BHy，求y和x的函数关系，并写出x的取值范围23（9分）抛掷红、蓝两枚四面编号分别为14（整数）的质地均匀、大小相同的正四面体，将红

9、色和蓝色四面体一面朝下的编号分别作为二次函数yx2+mx+n的一次项系数m和常数项n的值（1）一共可以得到 个不同形式的二次函数；（直接写出结果） （2）抛掷红、蓝四面体各一次，所得的二次函数的图象顶点在x轴上方的概率是多少？并说明理由24（8分）如图，BAC的平分线交ABC的外接圆于点D，交BC于点F，ABC的平分线交AD于点E（1）求证：DEDB：（2）若BAC90°，BD4，求ABC外接圆的半径；（3）若BD6，DF4，求AD的长25（7分）阅读理解：给定一个矩形，如果存在另一个矩形，它的周长和面积分别是已知矩形的周长和面积的一半，则这个矩形是给定矩形的“减半”矩形如图，矩形A

10、1B1C1D1是矩形ABCD的“减半”矩形请你解决下列问题：（1）当矩形的长和宽分别为1，2时，它是否存在“减半”矩形？请作出判断，并请说明理由；（2）边长为a的正方形存在“减半”正方形吗？如果存在，求出“减半”正方形的边长；如果不存在，说明理由26（12分）如图1，我们将相同的两块含30°角的直角三角板RtDEF与RtABC叠合，使DE在AB上，DE过点C，已知ACDE6（1）将图1中的DEF绕点D逆时针旋转（DF与AB不重合），使边DF、DE分别交AC、BC于点P、Q，如图2求证：CQDAPD；连接PQ，设APx，求面积SPCQ关于x的函数关系式；（2）将图1中的DEF向左平移（

11、点A、D不重合），使边FD、FE分别交AC、BC于点M、N设AMt，如图3判断BEN是什么三角形？并用含t的代数式表示边BE和BN；连接MN，求面积SMCN关于t的函数关系式；（3）在旋转DEF的过程中，试探求AC上是否存在点P，使得SPCQ等于平移所得SMCN的最大值？说明你的理由27（12分）如图1，二次函数yax22ax3a（a0）的图象与x轴交于A、B两点（点A在点B的右侧），与y轴的正半轴交于点C，顶点为D（1）求顶点D的坐标（用含a的代数式表示）；（2）若以AD为直径的圆经过点C求抛物线的函数关系式；如图2，点E是y轴负半轴上一点，连接BE，将OBE绕平面内某一点旋转180

12、6;，得到PMN（点P、M、N分别和点O、B、E对应），并且点M、N都在抛物线上，作MFx轴于点F，若线段MF：BF1：2，求点M、N的坐标；点Q在抛物线的对称轴上，以Q为圆心的圆过A、B两点，并且和直线CD相切，如图3，求点Q的坐标备考2022年广东省深圳市盐港中学中考数学模拟试卷（4月份）参考答案与试题解析一选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1【分析】先画树状图展示所有12种等可能的结果数，再找出其中两次摸出的小球的标号的和为奇数的结果数，然后根据概率公式求解【解答】解：画树状图为：共有12种等可能的结果数，其中两次摸出的小球的标号的和为奇数的结果数为8，所以两次摸出的小球的标号

13、的和为奇数的概率为，故选：B【点评】本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率2【分析】先根据反比例函数的图象过点P（1，3）求出k的值，进而可得出结论【解答】解：反比例函数的图象过点P（1，3），k1×330，此函数的图象在一、三象限故选：B【点评】本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点，根据反比例函数中kxy的特点求出k的值是解答此题的关键3【分析】根据随机事件概率大小的求法，找准两点：符合条件的情况数目；全部情况的总数二者的比值就是其发生的概率的大小【解答】解：由题意知

14、：1000人中有120人看中央电视台的早间新闻，在该镇随便问一人，他看早间新闻的概率大约是故选：C【点评】本题考查概率公式和用样本估计总体，概率计算一般方法：如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）4【分析】先求出抛物线的对称轴方程，然后根据二次函数的性质，通过比较三个点到对称轴的距离大小可得到y1，y2，y3的大小关系【解答】解：二次函数yx2+2x+c的图象的对称轴为直线x1，而P1（1，y1）和P2（3，y2）到直线x1的距离都为2，P3（5，y3）到直线x1的距离为4，所以y1y2y3故选：A【点评】本题考查了二次函数图象上点的

15、坐标特征：熟练掌握二次函数图象上点的坐标满足其解析式也考查了二次函数的性质5【分析】作出图形，求出一条边所对的圆心角的度数，再根据圆周角和圆心角的关系解答【解答】解：圆内接正六边形的边所对的圆心角360°÷660°，根据圆周角等于同弧所对圆心角的一半，边所对的圆周角的度数是60×30°或180°30°150°故选：D【点评】本题考查学生对正多边形的概念掌握和计算的能力，属于基础题，要注意分两种情况讨论6【分析】根据从左边看得到的图形是左视图，可得答案【解答】解：从左边看第一层是三个小正方形，第二层左边一个小正方形，

16、故选：D【点评】本题考查了简单组合体的三视图，从左边看得到的图形是左视图7【分析】先利用一次函数的性质对B、C进行判断；然后利用反比例函数的性质对A、D进行判断【解答】解：直线ykx+1与y轴的交点坐标为（0，1），所以B、C选项错误；当k0时，k0，反比例函数图象分布在第二、四象限，所以A选项错误，D选项正确故选：D【点评】本题考查了反比例函数的图象：利用反比例函数解析式，运用反比例函数的性质对反比例函数图象的位置进行判断8【分析】根据等腰三角形与直角三角形的性质作答【解答】解：A、两边之和大于第三边，不符合题意；B、对于任意一个三角形都有内角和等于180°，不符合题意；C、只有直

17、角三角形才有两个锐角的和等于90°，符合题意；D、等腰三角形顶角的平分线垂直于顶角的对边，而直角三角形（等腰直角三角形除外）没有任何一个角的平分线垂直于这个角的对边，不符合题意故选：C【点评】本题主要考查了三角形的性质，等腰三角形与直角三角形的性质的区别9【分析】根据圆的有关概念、确定圆的条件及三角形与其外心和内心之间的关系解得即可【解答】解：A、能完全重合的弧才是等弧，故错误；B、不在同一直线上的三点确定一个圆，故错误；C、三角形的内心到三边的距离相等，是三条角平分线的交点，故错误；D、三角形的外心是外接圆的圆心，到三顶点的距离相等，故正确；故选：D【点评】本题考查了圆的有关的概念

18、，属于基础知识，必须掌握10【分析】根据抛物线与x轴的交点坐标为（1，0）对进行判断；根据对称轴方程为x1对进行判断；根据抛物线的对称性得到抛物线与x轴的交点坐标为（3，0）和（1，0），由此对进行判断；根据抛物线与y轴的交点在x轴下方，得到c0，而a+b+c0，则a2b+c3b，由b0，于是可对进行判断【解答】解：x1时，y0，a+b+c0，所以正确；x1，b2a，所以错误；点（1，0）关于直线x1对称的点的坐标为（3，0），抛物线与x轴的交点坐标为（3，0）和（1，0），ax2+bx+c0的两根分别为3和1，所以正确；抛物线与y轴的交点在x轴下方，c0，而a+b+c0，b2a，c3a，a2

19、b+c3b，b0，3b0，所以错误故选：C【点评】本题考查了二次函数的图象与系数的关系：二次函数yax2+bx+c（a0）的图象为抛物线，当a0，抛物线开口向上；对称轴为直线x；抛物线与y轴的交点坐标为（0，c）二填空题（共8小题，满分24分，每小题3分）11【分析】根据坡比的定义得到tanA，A30°，然后根据含30度的直角三角形三边的关系求解【解答】解：根据题意得tanA，所以A30°，所以BCAB×200100（m）故答案为100【点评】本题考查了解直角三角形的应用：坡度是坡面的铅直高度h和水平宽度l的比，又叫做坡比，它是一个比值，反映了斜坡的陡峭程度，一般

20、用i表示，常写成i1：m的形式12【分析】设O的半径是R，过点O作ODAB于点D，交O于点C，连接OA，由垂径定理得出AD的长，在RtAOD中利用勾股定理即可求出OA的长【解答】解：设O的半径是R，过点O作ODAB于点D，交O于点C，连接OA，AB0.8m，ODAB，AD0.4m，CD0.2m，ODRCDR0.2，在RtOAD中，OD2+AD2OA2，即（R0.2）2+0.42R2，解得R0.5m2R2×0.51米故答案为：1米【点评】本题考查的是垂径定理在实际生活中的应用，根据题意作出辅助线，构造出直角三角形是解答此题的关键13【分析】先得到抛物线yx2的顶点坐标（0，0），再根据

21、点平移的规律得到点（0，0）平移后的对应点的坐标为（2，3），然后根据顶点式写出平移后的抛物线解析式【解答】解：抛物线yx2的顶点坐标为（0，0），把点（0，0）先向左平移2个单位，再向下平移3个单位得到对应点的坐标为（2，3），所以平移后的抛物线解析式为y（x+2）23故答案为y（x+2）23【点评】本题考查了二次函数与几何变换：由于抛物线平移后的形状不变，故a不变，所以求平移后的抛物线解析式通常可利用两种方法：一是求出原抛物线上任意两点平移后的坐标，利用待定系数法求出解析式；二是只考虑平移后的顶点坐标，即可求出解析式14【分析】根据题意列出S与x的二次函数解析式即可【解答】解：设平行于墙的

22、一边为（102x）米，则垂直于墙的一边为x米，根据题意得：Sx（102x）2x2+10x，故答案为：S2x2+10x【点评】此题考查了根据实际问题列二次函数关系式，弄清题意是解本题的关键15【分析】这种立体图形求最短路径问题，可以展开成为平面内的问题解决，展开后可转化下图，所以是个直角三角形求斜边的问题，根据勾股定理可求出【解答】解：如图，一条直角边（即枯木的高）长20尺，另一条直角边长5×315（尺），因此葛藤长为25（尺）故答案为：25【点评】本题考查了平面展开最短路径问题，关键是把立体图形展成平面图形，本题是展成平面图形后为直角三角形按照勾股定理可求出解16【分析】观察图形可知

23、，黑色与白色的地砖的个数的和是连续奇数的平方，而黑色地砖比白色地砖多1个，求出第n个图案中的黑色与白色地砖的和，然后求出黑色地砖的块数，再把n14代入进行计算即可【解答】解：第1个图案只有1块黑色地砖，第2个图案有黑色与白色地砖共329，其中黑色的有5块，第3个图案有黑色与白色地砖共5225，其中黑色的有13块，第n个图案有黑色与白色地砖共（2n1）2，其中黑色的有 （2n1）2+1，当n14时，黑色地砖的块数有 （2×141）2+1×730365故答案为：365【点评】本题是对图形变化规律的考查，观察图形找出黑色与白色地砖的总块数与图案序号之间的关系是解题的关键17【分析

24、】A点滚动到D点其圆心所经过的路线在点B处少走了一段，在点C处又多求了一段弧长，所以A点滚动到D点其圆心所经过的路线（60+40+40）+cm【解答】解：A点滚动到D点其圆心所经过的路线（60+40+40）+cm【点评】本题的关键是弄明白圆中心所走的路线是由哪几段组成的18【分析】过点O作OEAB于点E，OFBC于点F根据切线的性质，知OE、OF是O的半径；然后由三角形的面积间的关系（SABO+SBODSABDSACD）列出关于圆的半径的等式，求得圆的半径，然后根据相似三角形的性质即可得到结论【解答】解：过点O作OEAB于点E，OFBC于点FAB、BC是O的切线，点E、F是切点，OE、OF是O

25、的半径；OEOF；在ABC中，C90°，AC6，AB10，由勾股定理，得BC8；又D是BC边的中点，SABDSACD，又SABDSABO+SBOD，ABOE+BDOFCDAC，即10×OE+4×OE4×6，解得OE，O的半径是由勾股定理得AD2，DOHDAC，OD故答案为：【点评】本题考查了切线的性质与三角形的面积运用切线的性质来进行计算或论证，常通过作辅助线连接圆心和切点，利用垂直构造直角三角形解决有关问题三解答题（共9小题，满分76分）19【分析】（1）由题意可知：经过30分钟后到达乙地，从而可知m30，由于甲地到乙地是匀速运动，所以利用路程除以时间

26、即可求出速度；（2）由于潮头的速度为0.4千米/分钟，所以到11：59时，潮头已前进19×0.47.6千米，设小红出发x分钟，根据题意列出方程即可求出x的值，（3）先求出s的解析式，根据潮水加速阶段的关系式，求出潮头的速度达到单车最高速度0.48千米/分钟时所对应的时间t，从而可知潮头与乙地之间的距离s，设她离乙地的距离为s1，则s1与时间t的函数关系式为s10.48t+h（t35），当t35时，s1s，从而可求出h的值，最后潮头与小红相距1.8千米时，即ss11.8，从而可求出t的值，由于小红与潮头相遇后，按潮头速度与潮头并行到达乙地用时6分钟，共需要时间为6+503026分钟，【

27、解答】解：（1）由题意可知：m30；B（30，0），潮头从甲地到乙地的速度为：千米/分钟；（2）潮头的速度为0.4千米/分钟，到11：59时，潮头已前进19×0.47.6千米，设小红出发x分钟与潮头相遇，0.4x+0.48x127.6，x5小红5分钟与潮头相遇，（3）把B（30，0），C（55，15）代入st2+bt+c，解得：b，c，st2v00.4，v（t30）+，当潮头的速度达到单车最高速度0.48千米/分钟，此时v0.48，0.48（t30）+，t35，当t35时，st2，从t35分（12：15时）开始，潮头快于小红速度奔向丙地，小红逐渐落后，但小红仍以0.48千米/分的速度

28、匀速追赶潮头设她离乙地的距离为s1，则s1与时间t的函数关系式为s10.48t+h（t35），当t35时，s1s，代入可得：h，s1最后潮头与小红相距1.8千米时，即ss11.8，t2+1.8解得：t50或t20（不符合题意，舍去），t50，小红与潮头相遇后，按潮头速度与潮头并行到达乙地用时6分钟，共需要时间为6+503026分钟，小红与潮头相遇到潮头离她1.8千米外共需要26分钟，【点评】本题考查二次函数的实际应用，涉及一次函数的应用，一元二次方程的解法，待定系数法求解析式等知识，综合程度较高，属于中等题型20【分析】此题要求学生根据题意，自己设计方案，答案不唯一；可借助相似三角形的对应边成

29、比例的性质进行设计测量方法，先测得CE，EA与CD的大小，根据相似三角形的性质；可得：；即AB【解答】解：（1）镜子，皮尺；（2）测量方案示意图；（3）EA（镜子离树的距离）a，EC（人离镜子的距离）b，DC（目高）c；（4）根据相似三角形的性质；可得：；即AB【点评】本题考查俯角、仰角的定义，要求学生能借助俯角、仰角构造直角三角形并结合图形利用三角函数解直角三角形21【分析】利用尺规作图做ECDF，两条平行线之间的垂线段相等，可得SECFSECD【解答】解：（1）画法如图所示连接EC，过点D作DFEC，交CM于点F，连接EF，EF即为所求直路的位置；（2）ECDF，D和F点到EC的距离相等（

30、平行线间的距离处处相等），又EC为公共边，SECFSECD（同底等高的两三角形面积相等），S四边形ABFES五边形AEDCB，S五边形EDCMNS四边形EFMN即：EF为直路的位置可以保持直路左边的土地面积与承包时的一样多，右边的土地面积与开垦的荒地面积一样多【点评】考查通过尺规作图作出相等面积来彼此替换以保持总面积不变22【分析】欲证所求的比例式，只需证得DEFH即可连接BD，设BD与FH的交点为G，由于HD切O于D，根据弦切角定理知HDBDEB，在RtDEB中，易证得DEBFDB，则FDBHDB，即可证得DFBDHB，由此可得BHBF，即BFH是等腰三角形，根据等腰三角形三线合一的性质可证

31、得BDFH，而BDDE，则FHDE，由此得证由于BHBF，根据EB的长，可用y表示出EF的值，进而在RtDEB中，根据射影定理得到y、x的函数关系式；求x的取值范围时，只需考虑x的最大值即可，当A、P重合时，若连接OD，则ODPH，根据平行线分线段成比例定理，可求得BH的长，进而可得到BF、EF的值，然后根据射影定理即可求得DE的长，由此求得x的取值范围【解答】解：无论点A在EP上怎么移动（点A不与点E重合），总有证明：连接DB，交FH于GAH是O的切线，HDBDEB又BHAH，BE为直径，BDE90°有DBE90°DEB90°HDBDBH在DFB和DHB中，DF

32、AB，DFBDHB90°，DBDB，DBEDBH，DFBDHB（4分）BHBFBHF是等腰三角形BGFH，即BDFHEDFH，（5分）EDx，BHy，BE6，BFBH，EF6y，又DF是RtBDE斜边上的高，DFEBDE，即ED2EFEBx26（6y）即yx2+6（7分）EDx0，当A从E向左移动，ED逐渐增大，当A和P重合时，ED最大，这时，连接OD，则ODPH，ODBH又POPE+EO6+39，PB12，BHBFBH4，EFEBBF642由ED2EFEB，得：x22×612，x0，x2，0x2，或由BH4y，代入yx2+6中，得x2故所求函数关系式为yx2+6（0x2）

33、【点评】此题主要考查了切线的性质、圆周角定理、全等三角形及相似三角形的判定和性质、平行线的判定等知识；（2）中，能够构造出与所求相关的全等三角形是解决问题的关键23【分析】（1）直接求算出两个骰子总共出现的点数和有16种；（2）由于二次项系数是10，根据二次函数图象顶点在x轴上方时，0，求算出n，m的值，再求满足条件的m，n的值的概率是多少即可【解答】解：（1）根据题意知，m的值有4个，n的值有4个，所以可以得到4×416个不同形式的二次函数故答案为16；（2）yx2+mx+n，m24n二次函数图象顶点在x轴上方，m24n0，通过计算可知，m1，n1，2，3，4；或m2，n2，3，4

34、；或m3，n3，4时满足m24n0，由此可知，抛掷红、蓝四面体各一次，所得的二次函数的图象顶点在x轴上方的概率是【点评】本题是二次函数与统计初步中的综合题型，要熟悉二次函数的性质，并会根据条件求出字母系数的值掌握求算概率的基本方法24【分析】（1）通过证明BEDDBE得到DBDE；（2）连接CD，如图，证明DBC为等腰直角三角形得到BCBD4，从而得到ABC外接圆的半径；（3）证明DBFADB，然后利用相似比求AD的长【解答】（1）证明：AD平分BAC，BE平分ABD，12，34，BED1+32+45+4DBE，DBDE；（2）解：连接CD，如图，BAC90°，BC为直径，BDC90

35、°，12，DBBC，DBC为等腰直角三角形，BCBD4，ABC外接圆的半径为2；（3）解：521，FDBBDA，DBFADB，即，AD9【点评】本题考查了三角形的外接圆与外心：三角形外接圆的圆心是三角形三条边垂直平分线的交点，叫做三角形的外心也考查了圆周角定理和相似三角形的判定与性质25【分析】（1）假设存在，不妨设“减半”矩形的长和宽分别为x、y，根据如果存在另一个矩形，它的周长和面积分别是已知矩形的周长和面积的一半，可列出方程组求解（2）正方形和其他的正方形是相似图形，周长比是2，面积比就应该是4，所以不存在“减半”正方形【解答】解：（1）不存在（1分）假设存在，不妨设“减半”矩

36、形的长和宽分别为x、y，则，由得：yx，把代入得：x2x+10，b24ac40，（5分）所以不存在；（2）不存在（6分）因为两个正方形是相似图形，当它们的周长比为时，面积比必定是，所以正方形不存在“减半”正方形（10分）【点评】本题考查反证法和相似图形的性质，关键知道相似图形的面积比，周长比的关系26【分析】（1）易得BCDA60°，ADPCDE，那么可得CQDAPD利用相似可得CQx，那么PC6x可表示出SPCQ（2）由外角FEN60°，B30°，可得BNE30°，NEBN，那么BEN是等腰三角形易得ADt，AB12，那么BE12ADDE6t过E作EG

37、BN于点G利用30°的三角函数可求得BG，进而求得BN容易利用t表示出MC、CN，即可表示出所求面积（3）利用二次函数的最值表示出SMCN的最大值，让前面所求的面积的代数式等于即可【解答】解：（1）证明：FB30°，ACBBDF90°BCDA60°，ADP+PDC90°，CDE+PDC90°CQDAPD在RtADC中，AD3，DC3又CQDAPD，CQxSPCQx2+3x（2）BEN是等腰三角形BE6t，BN（6t）SMCN（6t）×t （t3）29（3）存在由题意建立方程x2+3x解得X或即当AP或AP时，SPCQ等于SM

38、CN的最大值【点评】用到的知识点为：两角对应相等，两三角形相似；相似三角形的对应边成比例27【分析】（1）将二次函数的解析式进行配方即可得到顶点D的坐标（2）以AD为直径的圆经过点C，即点C在以AD为直径的圆的圆周上，依据圆周角定理不难得出ACD是个直角三角形，且ACD90°，A点坐标可得，而C、D的坐标可由a表达出来，在得出AC、CD、AD的长度表达式后，依据勾股定理列等式即可求出a的值，由此得出抛物线的解析式将OBE绕平面内某一点旋转180°得到PMN，说明了PM正好和x轴平行，且PMOB1，所以求M、N的坐标关键是求出点M的坐标；首先根据的函数解析式设出M点的坐标，然

39、后根据题干条件：BF2MF作为等量关系进行解答即可设Q与直线CD的切点为G，连接QG，由C、D两点的坐标不难判断出CDQ45°，那么QGD为等腰直角三角形，即QD22QG22QB2，设出点Q的坐标，然后用Q点纵坐标表达出QD、QB的长，根据上面的等式列方程即可求出点Q的坐标【解答】解：（1）yax22ax3aa（x1）24a，D（1，4a）（2）以AD为直径的圆经过点C，ACD为直角三角形，且ACD90°；由yax22ax3aa（x3）（x+1）知，A（3，0）、B（1，0）、C（0，3a），则：AC2（03）2+（3a0）29a2+9、CD2（01）2+（3a+4a）2a

40、2+1、AD2（31）2+（0+4a）216a2+4由勾股定理得：AC2+CD2AD2，即：9a2+9+a2+116a2+4，化简，得：a21，由a0，得：a1即，抛物线的解析式：yx2+2x+3将OBE绕平面内某一点旋转180°得到PMN，PMx轴，且PMOB1；设M（x，x2+2x+3），则OFx，MFx2+2x+3，BFOF+OBx+1；MF：BF1：2，即BF2MF，2（x2+2x+3）x+1，化简，得：2x23x50解得：x11、x2M（，）、N（，）设Q与直线CD的切点为G，连接QG，过C作CHQD于H，如右图；设Q（1，b），则QD4b，QB2QG2（1+1）2+（b0）2b2+4；C（0，3）、D（1，4），CHDH1，即CHD是等腰直角三角形，QGD也是等腰直角三角形，即：QD22QG2；代入数据，得：（4b）22（b2+4），化简，得：b2+8b80，解得：b4±2；即点Q的坐标为（1，4+2）或（1，42）【点评】此题主要考查了二次函数解析式的确定、旋转图形的性质、圆周角定理以及直线和圆的位置关系等重要知识点；后两个小题较难，最后一题中，通过构建等腰直角三角形找出QD和Q半径间的数量关系是解题题目的关键