概率论与数理统计浙大四版习题答案第四章(共13页).doc

《概率论与数理统计浙大四版习题答案第四章(共13页).doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《概率论与数理统计浙大四版习题答案第四章(共13页).doc（13页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、精选优质文档-倾情为你奉上第四章2.二 某产品的次品率为0.1，检验员每天检验4次。每次随机地抽取10件产品进行检验，如果发现其中的次品数多于1，就去调整设备，以X表示一天中调整设备的次数，试求E (X)。（设诸产品是否是次品是相互独立的。）解：设表示一次抽检的10件产品的次品数为P=P（调整设备）=P (>1)=1P (1)= 1P (=0)+ P (=1)10.7361=0.2639.因此X表示一天调整设备的次数时XB(4, 0.2639). P (X=0)=×0.26390×0.73614 =0.2936.P (X=1)=×0.26391×0

2、.73613=0.4210, P (X=2)= ×0.26392×0.73612=0.2264.P (X=3)=×0.26393×0.7361=0.0541, P (X=4)= ×0.2639×0.73610=0.0049.从而E (X)=np=4×0.2639=1.05563.三 有3只球，4只盒子，盒子的编号为1，2，3，4，将球逐个独立地，随机地放入4只盒子中去。设X为在其中至少有一只球的盒子的最小号码（例如X=3表示第1号，第2号盒子是空的，第3号盒子至少有一只球），求E (X)。 事件 X=1=一只球装入一号盒，两

3、只球装入非一号盒+两只球装入一号盒，一只球装入非一号盒+三只球均装入一号盒（右边三个事件两两互斥）事件“X=2”=“一只球装入二号盒，两只球装入三号或四号盒”+“两只球装二号盒，一只球装入三或四号盒”+“三只球装入二号盒”同理：故5.五 设在某一规定的时间间段里，其电气设备用于最大负荷的时间X（以分计）是一个连续型随机变量。其概率密度为求E (X)解： 6.六 设随机变量X的分布为X202Pk0.40.30.3求 E (X)，E (3X2+5)解：E (X)= (2)×0.4+0×0.3+2×0.3=0.2E (X2)= (2)2×0.4+02×

4、;0.3+22×0.3=2.8E (3X2+5) = 3E (X2)+ E (5)= 8.4+5=13.47.七 设随机变量X的概率密度为求（1）Y=2X（2）Y=e2x的数学期望。解：（1） （2） 8.八 设（X，Y）的分布律为XY1231010.20.10.10.100.100.30.1(1) 求E (X)，E (Y )。(2) 设Z=Y/X，求E (Z )。(3) 设Z= (XY )2，求E (Z)。解：（1）由X，Y的分布律易得边缘分布为XY12310.20.100.300.100.30.410.10.10.10.30.40.20.41E(X)=1×0.4+2&#

5、215;0.2+3×0.4=0.4+0.4+1.2=2.E(Y)= (1)×0.3+0×0.4 +1×0.3=0.Z=Y/X11/21/301/31/21pk0.20.100.40.10.10.1（2） E (Z )= (1)×0.2+(0.5)×0.1+(1/3)×0+0×0.4+1/3×0.1+0.5×0.1+1×0.1 = (1/4)+1/30+1/20+1/10=(15/60)+11/60=1/15.Z (XY)20(1-1)21(1- 0)2或(2-1)24(2- 0)2或(

6、1- (-1)2或(3-1)29(3- 0)2或(2-(-1)216(3-(-1)2pk0.10.20.30.40（3） E (Z )=0×0.1+1×0.2+4×0.3+9×0.4+16×0=0.2+1.2+3.6=510.十 一工厂生产的某种设备的寿命X（以年计）服从指数分布，概率密度为工厂规定出售的设备若在一年内损坏，可予以调换。若工厂出售一台设备可赢利100元，调换一台设备厂方需花费300元。试求厂方出售一台设备净赢利的数学期望。解：一台设备在一年内损坏的概率为故设Y表示出售一台设备的净赢利则故 11.十一 某车间生产的圆盘直径在区间（

7、a, b）服从均匀分布。试求圆盘面积的数学期望。解：设X为圆盘的直径，则其概率密度为用Y表示圆盘的面积，则12.十三 设随机变量X1，X2的概率密度分别为求（1）E (X1+X2)，E (2X13)；（2）又设X1，X2相互独立，求E (X1X2)解：（1） = （2） = （3）13.十四 将n只球（1n号）随机地放进n只盒子（1n号）中去，一只盒子装一只球。将一只球装入与球同号的盒子中，称为一个配对，记X为配对的个数，求E(X )解：引进随机变量 i=1, 2, n 则球盒对号的总配对数为Xi的分布列为Xi:10P:i=1, 2 n i=1, 2 n14.十五 共有n把看上去样子相同的钥匙

8、，其中只有一把能打开门上的锁，用它们去试开门上的锁。设抽取钥匙是相互独立的，等可能性的。若每把钥匙经试开一次后除去，试用下面两种方法求试开次数X的数学期望。（1）写出X的分布律，（2）不写出X的分布律。解：（1）X123nP （2）设一把一把钥匙的试开，直到把钥匙用完。设 i=1, 2 n则试开到能开门所须试开次数为Xii0PE (Xi)=i=1, 2n 15. （1）设随机变量X的数学期望为E (X)，方差为D (X)>0，引入新的随机变量（X*称为标准化的随机变量）：验证E (X* )=0，D (X* )=1（2）已知随机变量X的概率密度。求X*的概率密度。解：（1） D (X* )

9、= E X*E (X )* 2= E (X*2 )= = （2） 16.十六 设X为随机变量，C是常数，证明D (X )<E (XC )2 ，对于CE (X )，（由于D (X ) = E XE (X )2 ，上式表明E (XC )2 当C=E (X )时取到最小值。）证明： D (X )E (XC )2 = D (X2 )E (X )2E (X2 )2CE (X2 )+C2 =E (X )22CE (X2 )+C2 =E (X )C 2<0，当E (X )C时D (X )< E (XC )2 17. 设随机变量X服从指数分布，其概率密度为其中>0是常数，求E (X )

10、，D (X )。解：又D (X )= E (X 2 )E 2 (X )=222=221设X1, X2 , Xn是相互独立的随机变量且有,i=1,2, n.记，.（1）验证（2）验证.（3）验证E (S 2 )证明：（1）(利用数学期望的性质2°，3°) (利用方差的性质2°，3°)（2）首先证于是（3） 23二十五 设随机变量X和Y的联合分布为：XY1011001验证：X和Y不相关，但X和Y不是相互独立的。证：P X=1 Y=1=P X=1= P Y=1= P X=1 Y=1P X=1 P Y=1 X，Y不是独立的又E (X )=1×+0

11、15;+1×=0 E (Y )=1×+0×+1×=0 COV(X, Y )=EXE (X )YE (Y )= E (XY )EX·EY = (1)(1) +(1)1×+1×(1)×+1×1×=0 X，Y是不相关的27已知三个随机变量X，Y，Z中，E (X )= E (Y )=1, E (Z )=1，D (X )=D (Y )=D (Z )=1, XY=0 XZ=，YZ=。设W=X+Y+Z 求E (W )，D (W )。解：E (W )= E (X+Y+Z)= E (X )+ E (Y )+ E

12、(Z )=1+11=1 D (W )= D (X+Y+Z)=E (X+Y+Z)E (X+Y+Z)2 = E XE (X )+ YE (Y )+ZE (Z )2 = E XE (X )2+ YE (Y )2+ ZE (Z )2+2 XE (X ) YE (Y ) +2 YE (Y ) ZE (Z )+2ZE (Z ) XE (X ) = D (X )+D (Y )+D (Z )+2 COV(X, Y )+ 2 COV(Y, Z )+ 2 COV(Z, X ) = D (X )+D (Y )+D (Z )+2 +=1+1+1+2× 26.二十八 设随机变量（X1，X2）具有概率密度。，0

13、x2,0y2求E (X1)，E (X2)，COV（X1，X2），解： D (X1+X2)= D (X1)+ D (X2)+2COV(X1, X2) =28.二十九设XN（， 2），YN（， 2），且X，Y相互独立。试求Z1= X+Y和Z2= XY的相关系数（其中是不为零的常数）.解：由于X，Y相互独立Cov(Z1, Z2)=E(Z1,Z2)E(Z1) E(Z2)=E (X+Y ) (XY )(EX+EY ) (EXEY ) =2EX 2EY 22 (EX ) 2+(EY ) 2=2DX 2DY=(2 2) 2DZ1=2DX+ 2DY=(2+ 2) 2, DZ2=2DX+ 2DY=(2+ 2)

14、2,(利用数学期望的性质2°3°)故29二十三 卡车装运水泥，设每袋水泥重量（以公斤计）服从N（50,2.52）问最多装多少袋水泥使总重量超过2000的概率不大于0.05.解：已知XN（50,2.52）不妨设最多可装A袋水泥才使总重量超过2000的概率不大于0.05.则由期望和方差的性质得Y=AXN（50A,2.52A）.故由题意得P Y20000.05即解得A39.30.三十二 已知正常男性成人血液中，每一毫升白细胞数平均是7300，均方差是700，利用契比雪夫不等式估计每毫升含白细胞数在52009400之间的概率p.解：由题意知=7300,=700，则由契比雪夫不等式3

15、1.三十三对于两个随机变量V,W若E(V2 )E (W2 )存在,证明E (VW)2E (V2 )E (W 2 )这一不等式称为柯西施瓦兹（Cauchy-Schwarz）不等式.证明：由和关于矩的结论，知当E (V2 ), E (W 2 )存在时E (VW)，E(V ), E(W ), D (V ), D (W ),都存在.当E (V2 ), E (W 2 )至少有一个为零时，不妨设E (V2 )=0，由D (V )= E (V2 )E (V )2E (V2 )=0知D (V )=0，此时E (V )2 = E (V2 )=0即E (V )=0。再由方差的性质知P (V=0)=1.又故有P (

16、VW=0)=1.于是E(VW )=0，不等式成立. 当E (V2 )>0，E (W 2 )>0时，对有E (WtV )2 = E (V2 ) t22 E(VW )t+ E (W 2 )0.(*)(*)式是t的二次三项式且恒非负，所以有=2 E(VW ) 24 E (V2 ) E (W 2 ) 0故Cauchy-Schwarz不等式成立。二十一（1）设随机变量X1，X2，X3，X4相互独立，且有E (Xi )=i, D (Xi )=5i, i=1,2,3,4。设Y=2 X1X2+3X3X4，求E (Y)，D (Y)。（2）设随机变量X，Y相互独立，且XN（720，302），YN（64

17、0，252），求Z1=2X+Y，Z2=XY的分布，并求P X>Y , P X+Y>1400 解：（1）利用数学期望的性质2°，3°有E (Y )= 2E (X1 )E (X2 )+3 E (X3 )E (X4 )=7利用数学方差的性质2°，3°有D (Y )=22 D (X1 )+ (1)2 D (X2 )+32 D (X3 )+()2 D (X4 )=37.25（2）根据有限个相互独立的正态随机变量的线性组合仍然服从正态分布，知Z1N（· ，·），Z2N（· ，·）而E Z1=2EX+Y=2×

18、;720+640, D (Z1)= 4D (X )+ D (Y )= 4225E Z2=EXEY=720640=80, D (Z2)= D (X )+ D (Y )= 1525即 Z1N（2080，4225），Z2N（80，1525）P X>Y = P XY >0 = P Z2>0 =1P Z2 0 =P X+Y >1400 =1P X+Y 1400 同理X+YN（1360，1525）则P X+Y >1400 =1P X+Y 1400 =二十二 5家商店联营，它们每周售出的某种农产品的数量（以kg计）分别为X1，X2，X3，X4，X5，已知X1N（200，225）

19、，X2N（240，240），X3N（180，225），X4N（260，265），X5N（320，270），X1，X2，X3，X4，X5相互独立。（1）求5家商店两周的总销售量的均值和方差；（2）商店每隔两周进货一次，为了使新的供货到达前商店不会脱销的概率大于0.99，问商店的仓库应至少储存多少公斤该产品？解：（1）令为总销售量。已知E X1=200，E X2=240，E X3=180，E X4=260，E X5=320，D (X1)=225，D (X2)=240，D (X3)=225，D (X4)=265，D (X5)=270，利用数学期望的性质3°有利用方差的性质3°有 （2）设商店仓库储存a公斤该产品，使得P Y a>0.99由相互独立的正态随机变量的线性组合仍然服从正态分布，并注意到（1），得Y N（1200，1225）查标准正态分布表知a至少取1282.专心-专注-专业