高三数学培优资料 用泰勒公式和拉格朗日中值定理来处理高中函数不等式问题(教师版).pdf

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1、高三数学培优资料教师版高三数学培优资料教师版泰勒公式与拉格朗日中值定理在证明不等式中的简单应用泰勒公式与拉格朗日中值定理在证明不等式中的简单应用泰勒公式是高等数学中的重点，也是一个难点，它贯穿于高等数学的始终。泰勒公式的重点就在于使用一个n次多项式pn(x),去逼近一个已知的函数fx，而且这种逼近有很好的性质：pn(x)与fx在x点具有相同的直到阶n的导数13.所以泰勒公式能很好的集中体现高等数学中的“逼近”这一思想精髓。泰勒公式的难点就在于它的理论性比较强，一般很难接受，更不用说应用了。但泰勒公式无论在科研领域还是在证明、计算应用等方面，它都起着很重要的作用.运用泰勒公式，对不等式问题进行分

2、析、构造、转化、放缩是解决不等式证明问题的常用方法与基本思想.本文拟在前面文献研究的基础上通过举例归纳，总结泰勒公式在证明不等式中的应用方法.泰勒公式知识：泰勒公式知识：设函数fx在点x0处的某邻域内具有n1阶导数，则对该邻域内异于x0的任意点x，在x0与x之间至少存在一点，使得：nfx02f xfx=fx0+fx0(x-x0)+(x-x0)+(x-x0)n+Rnx，2!n!0其中Rnxf(n1)(n1)!(x x)n1称为余项，上式称为n0阶泰勒公式；若x00，则上述的泰勒公式称为麦克劳林公式，nf02f 0nx+x+0(xn).即fx=f0+f0 x+2!n!利用泰勒公式证明不等式：若函数

3、f(x)在含有x0的某区间有定义,并且有直到(n1)阶的各阶导数,又在点x0处有n阶的导数f(n)(x0),则有公式(n)f(x)f(x)2f(x)(n)000f(x)f(x)(x x)(x x)(x x)R(x)0000n1!2!n!x)0(或Rx)0),则可得在上述公式中若Rn(n(1(n)f(x)f(x)f(x)2(n)000f(x)f(x)(x x)(x x)(x x)00001!2!n!(n)f(x)f(x)f(x)2(n)000或f(x)f(x)(x x)(x x)(x x)00001!2!n!23xx1 1、证明:ln(1 x)x,(1 x 1).23证明证明设f则f(x)在x

4、0处有带有拉格朗日(x)ln(1 x)（1 x 1)234xxx余项三阶泰勒公式ln(1 x)x(11)4234(1)234xxxln(1 x)x 04234(1)由以上证明可知,用泰勒公式证明不等式,首先构造函数,选取适当的点x0在x处展开,然后判断余项Rn(x)的正负,从而证明不等式.0对于欲证不等式中含有初等函数、三角函数、超越函数与幂函数结合的证明问题，要充分利用泰勒公式在x0 0时的麦克劳林展开式，选取适当的基本函数麦克劳林的的展开式，对题目进行分析、取材、构造利用.2 2、证明不等式：x13xsin x.62、不等式左边是三次二项式的初等函数，右边是三角函数，两边无明显的大小关系。

5、这时我们可用sin x在x0 0的二阶麦克劳林公式表示出来，然后进行比较判断两者的大小关系。证明1312f(x)sin x xx(x)cosx 1x,f(0,f()0,f 0)0,62,f(,f当f(x)sin xx 0)0,f(x)cosx1()cos1133n 3时，f(x)的泰勒展式为：fx()0 00(1cosx)xo()x3!1f(x)(1cosxx)3ox(3)0 (x0,x,01)所以x0,，613有xxsin x.6在含有无理函数与幂函数结合的不等式证明问题中，它们之间没有明显的大小关系。如果用常规方法（放缩法、比较法，代换法等），我们很难比较它们之间的大小2关系，但这时用泰勒

6、公式却能轻易解答.23 3、证明不等式：1xx1 x，（x0）.28对于此题，若我们对不等式两边同时平方，虽可以去掉根号，但x的次数却提高了2次，这还是难以比较他们之间的大小关系，但若用泰勒公式却可以轻易解答.111证明设f(1 x)2,f(0),x)1 x，则f(0)1,f(x)(2235131f(x)(1 x)2,f(0),f(x)(1 x)24845x21x3代入x0=0 的二阶泰勒公式，有1 x=1+-+(1x)3x (01)81625xx31x0,(1x)3x0所以11 x（x0）.28162在不等式的证明问题中，若题目中出现了一阶导数、二阶导数、初等函数、三角函数或超越函数等与幂函

7、数结合时，可优先考虑泰勒公式在x0=0 时的麦克劳林表达式。当然能做好此类题的前提条件是要对一些基本函数的麦克劳林表达式熟悉.微分微分(Lagrange)中值定理中值定理:若f(x)满足以下条件:(1)f(x)在闭区间a,b内连续 (2)f(x)在开区间(a,b)上可导则(a,b)f()f(b)f(a)bap1ppp14 4、若0 y x,p 1则py(x y)x y py(x y)ppx yp1(p 1分析因为0 y x,则原不等式等价于py).令 pxx yp1f(x)f(y).中值定理f(f(x)tp,则我们容易联想到Lagran)(x y)x y证明证明设满足Lagran中值定理的条件

8、t)在y,xf(t)tp,显然f(f(x)f(y)即p1xp yp则(y,x)f(),px yx y3p1p1p1(y,x)y x,py p pxp1ppp1py(x y)x y py(x y)x，(；1)求f(x)的极1 xb（2）若a,b 0,求证：lna lnb 1a5、已知函数f(x)ln(1 x)x5、(1)函数f(x)的定义域为（1，),f(x)2(1 x)易得当x 0时，函数f(x)取得极小f(0)0.(2)由（1）知，当x 1时，ln(1 x),可得ln x(x 0)x1 xx 1x1a即ln x 1(x 0),因为a,b 0,lna lnb lnxbab所以ln1。故得证（也

9、可用Lagran中值定理来证）ba6、已知函数f(x)ln x,(1)求函数g(x)f(x 1)x的2a(b a)（2）当0 a b时，求证：f(b)f(a)22a b解：g(x)f(x 1)x ln(x 1)x(x(1,)1 xg(x)1当1 x 0,g(x)0,当x 0时,g(x)01 x1 x故当x 0时，g(x)取得最大为0（2）由（1）知ln(x 1)x(x 1),得ln x x 1(x 0),ln x 1 x(x 0)aaab a令x,得 ln1bbbb222b a2a(b a)(b a)(a b)2ab(b a)(b a)(a b)22 02222ba bb(a b)b(a b)

10、b a2a(b a)2a(b a)所以.故f(b)f(a)2222ba ba b4评注：本题得到不等式ln(与不等式1 x)x(x 1)构成经典不等式，即x ln(x 1)(x 1)x 1x.ln(x 1)x(x 1)x 1a b2a ba ba b解析：g(a)g(b)2g()alna blnb 2ln()2227、已知g(x)xln x,设0 a b,求证：0 g(a)g(b)2g()(b a)ln22a2b由经典不等式ln(1 x)x(x 1且x 0),aln blna ba bb aa b及0 a b,得 0,1 02a2b2aa bb ab a因此ln ln ln(1),a b2a2

11、a2a2ba ba bb aln ln ln(1),a b2b2b2a故aln bln a()b()0aa b2a2ba b2b2b又2,aln bln aln bln(b a)ln b aln2a b2ba ba b2ba ba b2a2bb aa ba b2aa ba bb a2b22 g(a)g(b)2g(综上所述，得0a b)(b a)ln228、已知f(x)ln x x 1.(1)求f(x)的最大.222ln2ln3lnn(n 1)(2n 1)*2 求证：(n 2,nN)22223n2(n 1)ln x1xx222ln2ln3lnn111所以21113222223n23n(1)略（2

12、）由（1）知ln x x 1 0(x 0)，1(x 0)111111(n 1)()(n 1)()22223n2334n(n 1)*11(n 1)(2n 1)(n 2,nN)(n 1)()2n 12(n 1)1)(1)(1)(1)e(n N)9、求证：(要证明原不等式，就要2222n511124812*111证明ln(即ln(1)ln(1)ln(1)11)(1)(1)1222n22242n2121412构造函数f(x)ln(1 x)x,x 0,1,易得f(x)递减f(x)f(0)221111111则有ln(。故有ln(1 x)x1)ln(1)ln(1)222nn242248211(1n)21,得

13、证。21122310、f.(;(x)x ln(x 1)1)当x 0时，求证f(x)x111151(2)当nN 时，求证：f()1333k23n42n(n 1)k1*323x (x 1)解：(1)令h(x)f(x)x x ln(x 1)x,则h(x)(x 1)323n易得h(x)在(0,)上单调递h(x)h(0)0,所以f(x)x*（2）设k N,所以(0,1,取x,由（1）得f()3n31k1k11kk1111故当n 1时，右 1，f()1对于右半k1k33233n111111当n 2时，因为322nnnn(n 1)2(n 1)nn(n 1)1111111111所以115142n(n 1)3332 12232334(n1)nn(n1)23n6