河南省焦作市普通高中2022-2023学年高三上学期期中考试试卷含部分答案（六科试卷）.pdf

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1、河南省焦作市普通高中河南省焦作市普通高中 2022-2023 学年高三上学期期中考试试卷含答案（六科试卷）学年高三上学期期中考试试卷含答案（六科试卷）1.河南省焦作市普通高中 2022-2023 学年高三上学期期中考试英语试卷含答案2.河南省焦作市普通高中 2022-2023 学年高三上学期期中考试文综试卷3.河南省焦作市普通高中 2022-2023 学年高三上学期期中考试理数试卷含答案4.河南省焦作市普通高中 2022-2023 学年高三上学期期中考试语文试卷含答案5.河南省焦作市普通高中 2022-2023 学年高三上学期期中考试理综试卷含答案6.河南省焦作市普通高中 2022-2023

2、学年高三上学期期中考试文数试卷含答案?焦作市普通高中2022-2023学年（上）高三年级期中考试第713小题，每小题6分。7.答案B理科综合化学答案命题透析本题以绿色环保抗凝冰添加剂（有机盐类）为素材，考查物质的组成和性质知识，意在考查考生分析、理解的能力，科学态度与社会责任的核心素养。思路点拨有机盐类溶于水的过程大部分属于物理过程，可能不涉及化学反应，A项错误；水由固态变成液态摘增大，B项正确；该抗凝冰添加剂可以降低水的凝点，使水难以结冰，C项错误；醋酸铀、醋酸钱都是有机盐类，醋酸镀只由非金属元素组成，D项错误。8.答案D命题透析本题以收集气体和进行尾气处理装直为情境，考查气体实验知识，意在

3、考查考生分析、判断的能力，科学探究与创新意识的核心素养。思路点拨 NH3不能用向上排空气法收集，且尾气处理会产生倒吸，A项错误；Cl2不能用饱和食盐水吸收，B项错误；N02与水反应有NO逸出，不能用水作N02尾气处理剂，C项错误；CH3CH=CH2可用向上排空气法收集，与KMn04酸性溶液反应生 成CH3COOH 和 C02,C02是空气成分，故尾气处理合理，D项正确。9.答案A命题透析本题以应用过程中的离子方程式为素材，考查离子反应知识，意在考查考生理解与辨析的能力，宏观，辨识与微观探析的核心素养。思路点拨灭火时泡沫灭火剂是硫酸铝和碳酸氢锅，在水中AI3和HC03发生双水解反应，A项正确；明

4、矶的净水原理中的Al3是部分水解，属于可逆反应，用“F二”表示，B项错误；用NH4Cl溶液处理铁表面的锈迹，NH4主要转化为NH3 H20,C项错误；用NaOH溶液吸收烟气中的少量502不会产生HS03，离子方程式是20H+S02=SO;+H20,D项错误。10.答案B命题透析本题以亚麻酸的结构简式为素材，考查有机物的结构与性质知识，意在考查考生分析、判断的能力，变化观念与平衡思想、证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨一亚麻酸含有碳碳双键，可以被高锺酸拥氧化，也可以被H2还原，A项正确；该物质是含有三个碳碳双键的竣酸，不是丙烯酸（CH2=CHCOOH）的同系物，B项错误；亚麻酸和所给有机物的

5、分子式都是C1sH3o02，二者互为 同分异构体，C项正确；竣基不能加氢，1 mol该物质含3 mol碳碳双键，故最多能与6 g H2 发生加成反应，D项正确。11.答案C命题透析本题以四种短周期元素的结构特征为情境，考查元素周期律知识，意在考查考生分析、推断的能力，证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨根据题意可推出W、X、Y.,.Z分别是0、Na.,.S、Cl。简单离子半径大小顺序为r(S2-)r(Cl-)r(02-)r(Na+),A项错误；存在CIOn-(n=14）离子，n=l时，即c10的氧化性最强，B项错误；502和Cl02均具有漂白性，由于S和Cl均处于中间价态，故均具有氧化性，C

6、项正确；没有指明是最高价氧化物对应的水化物，不能判断氧化物对应的水化物的酸性强弱，D项错误。12.答案D命题透析本题以盐桥电池为素材，考查原电池的工作原理知识，意在考查考生理解与辨析的能力，证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨工作时，b烧杯中的电极反应为02+4e-+4 H+二2H20，溶液中H的浓度减小，pH增大，A项正确；电子由a烧杯中的电极流向b烧杯中的电极，故a烧杯中的电极处于低电势，B项正确；若向a烧杯蓝色褪去的溶液中加人淀粉仍为无色，说明溶液中不存在12，则12继续被氧化生成I03-,C项正确；a烧杯中的电极为负极，失去电子，故a烧杯溶液蓝色褪去时伴随气体逸出的电极反应式为（C6

7、H1005)n-24ne-+7nH20 二6nC0224nH+,D项错误。13.答案B命题透析本题以MgC03和Mg(OH)2的饱和溶液中Mg2和阴离子浓度的负对数关系曲线为素材，考查溶液中的离子反应知识，意在考查考生理解与辨析的能力，证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨由斜率可知，曲线M代表Mg(OH)2的饱和溶液，曲线N代表MgC03的饱和溶液，A项错误；pMg+2pOH=25.35=11.0-0.30,K.P=210-11,B项正确；K.P(MgC03)=10-4 10-1.4=10-4 10-2 100.6=410 6,MgC03饱和溶液中c(Mg2+)=c(CO;)次王2103 m

8、ol L 1，故100 g（约100 mL）水中约榕解210-4mol 84 g mol-I=1.6810-2 g MgC03，则MgC03是微溶物，C项错误；在MgC03饱和溶液中加少量NaOH固体，Mg2与ow结合生成沉淀，Mg2浓度减小，而co；浓度基本不变，D项错误。26.答案(l)d(2分）(2）加快溶解速率，且使浓盐酸中HCl的挥发不是太快（合理即可，2分）Co3 04+8H+2Cl-二3Co2+4H20+Cl2（2分）(3)Fe(OH)3和Li2C03(2分）Li2C03+2二2LiF+co；或Li2C03(s)+2（aq）土2LiF(s)+co;-(aq)(2分）(4）沉杂（2

9、分）灼烧(5)3CoC204 2H20+202=Co304+6C02+6H20(2分）命题透析本题以制备高纯度的纳米级钻的氧化物流程为素材，考查流程中的化学知识，意在考查考生分析、判断的能力，宏观辨识与微观探析、证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨(l)NaOH溶液可以与Si02、Al反应，故只有石墨与之不反应。(2）“酸浸”时加热可以加快榕解速率，但温度不宜过高，以防止浓盐酸中的HCl挥发过快；从流程后面的钻沉淀物CoC204 2H2 0可知，Co304经酸溶解后的Co3被还原，故加浓盐酸溶解Co304反应的离子方程式是一2一Co304+8H+2Cl-=3Co2+4H20+Cl2。(3）加

10、人Na2C03溶液，溶液的pH升高，会生成 Fe(OH)3、Li2C03沉淀；再加人NaF 溶液，Li2C03会转化为LiF:Li2 C03+2F-=2LiF+co；。(4）滤液B的溶质有NaF、NazC03、NaCl、NH4Cl等，将NaCl、NH4Cl等 分离出来，加人流程中“沉杂”过程循环利用。27.45日(5)27.45 g CoC204 2H20的物质的量是1=0.15 mol，得到纳米级氧化钻固体中含0.15 mol Co,183 g mol 1 3.20 e:质量为59 g mol-1 x0.15 mol=8.85 g，则含0的质量是12.05 g-8.85 g=3.20 g，即

11、吕1=0.2 mol 16 g mol-1 故纳米级钻的氧化物中 N(Co):N(O)=3:4，化学式为Co304。根据灼烧时有02参与反应应该还有C02、H20生成。27.答案(1）恒压分液漏斗（1分）五氧化二磷（或无水氯化钙等，2分）(2）温度计(1分）(3)TiOS04+2NH3 H20=TiO(OH)2(NH4)2 SO 4(2分）(4)Ti02+co;-+H20=TiO(OH)2C02（2分）(5）停止抽滤，将水沿玻璃棒注人布氏漏斗至滤饼全部浸没，再抽滤，重复2次即可（合理即可，2分）(6）灼烧至两次称量的固体质量差小于0.1 g或 灼烧至 固体的质量不再变化（合理即可，2分）84.

12、6%(2分）命题透析本题以合成纳米二氧化钦的方法为素材，考查化学实验基础知识，意在考查考生实验坪价与设计的能力，科学探究与创新意识的核心素养。思路点拨(1）仪器a的名称是恒压分液漏斗。浓氨水能挥发出氨气，吸收氨气的固体c可以是五氧化二磷或氯化钙等。(2）控制温度需要温度计。(3）步骤E中 TiOS04与浓氨水反应生成白色却稠混合液，由信息可知，产生固体 TiO(OH)2，反应的化学方程式是TiOS04+2NH3 H20 二TiO(OH)2(NH4)2S04o(4）步骤E中用 Na2C03榕液代替浓氨水来完成，反应为rio2+co;-+H20 二TiO(OH)2C02。(5）步骤皿是进行抽滤、洗

13、涤，得到白色滤饼，其中洗涤 滤饼类似过滤洗涤的方法，即停止抽滤，将水沿玻璃棒注人布氏漏斗至滤饼全部浸没，再抽滤，重复2次即可。(6）步骤W中 灼烧至恒重的方法是灼烧至两次称量的固体质量差小于0.1 g或固体的质量不再变化。因为理10.00 g 1 4.23 g论上TiOS04Ti02,n(TiOSO)-n(TiO）一=mol，而产品中n(Ti02)=4-2-160 g mol-l 16 80 g mol _,0.846 一一 mol，故本实验中制备Ti02的产率为84.6%。16 叫案(l)SO叭（s）二川）+2V02(s)02(g)dH=-34.2 kJ moI,2分98.6kJ叫-3一(2

14、)(D2.25或号时）曲线E中将温度升高到T3时反应达到平衡，该反应为放热反应，继续升温，平衡逆向移动，反应均未达到平衡状态（合理即可，3分）(3）Cu+S02+2H20-4e-=Cu2+So+4H+(2分）阴（2分）2H20-4e-=4-H+02（2分）命题透析本题以硫酸工业最关键的步骤S02的氧化为素材，考查化学反应原理知识，意在考查考生理解、分析、应用的能力，变化观念与平衡思想、证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨(1）因为 反应 分两步进行，第一步的活化能比第二步的大，故 第一步反应决定总反应速率，其热化学方程式是S02(g)+V205(s)=S03(g)+2V02(s)all=-3

15、4.2 kJ mol-1。根据盖斯定律，两步反应加和后得到总反应，总反应中生成1 mol 503(g）放出的热量为34.2 kJ+64.4 kJ=98.6 kJ。(2）T3下，该反应达到平衡时 S02的转化率为60%,N02(g）和S02(g）的浓度均为（1-600毛）0.10 mol L-l=0.04 mol L-l，生成 S03(g）、NO(g）的浓度均为60%0.10 mol L-l=0.06 mol L-l，故0.060.06 K=2.25。曲线E中将温度升高到T3时反应达到平衡，该反应为放热反应，继续升温，平衡0.040.04 逆向移动，反应均未达到平衡状态，故S02的转化率 比相应

16、温度下的平衡转化率大。(3）在装置a中生成 Cu S04酸性溶液，故Cu电极上参与 反应的 Cu与S02的物质的量 比为1:1时的电极反应式是Cu+S02+2H2 0-4e-二Cu2+so+4H。装置b中右侧应是阳极室，以 生成硫酸，左极室中so；通过隔膜进入右极室，故隔膜是阴离子交换膜。石墨电极上so；不放电，实质是水电离出的ow失去电子生成 02。35.答案(1)3d叫s1(2分）(2)0BZn(2分）(3)Zn的核电荷数多，对电子的吸引力强，难失去电子（合理即可，2分）cu的价层电子排布为3d10，较稳定，较难失去电子，Zn的价层电子排布为3d叫s1，易失去1个电子形成稳定结构（合理即可

17、，2分）(4)4(1分）三角锥形(1分）AE(2分）(5）12(1分）4（65+64+322)2 10 H（合理即可，2分）blUJV A 命题透析本题以黄铜为素材，考查物质结构与性质知识，意在考查考生理解和分析的能力，证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨(1)Cu是29号元素，基态原子的价层电子排布式是3d叫s1。(2）根据元素的非金属性强弱可判断电负性：0B Zn。(3)Zn与Cu的电子层结构相同，Zn的核电荷数多，对电子的吸引力强，难失去电子，所以Zn的第二电离能大于Cu的第一电离能；cu的价层电子排布为3d10，较难失去1个电子，Zn的价层电子排布为3d叫s1，易失去1个电子形成较稳

18、定的结构，所以Zn的第二电离能小于Cu的第二电离能。-4一(4)Cu(NH3)4 2 和Zn(NH3)42的 配体都是N吨，N吨 的中心原子 N的价层电子对数为4，有孤对电子，故空间 构型是三角锥形；Cu(NH3)4 2 和 Zn(NH3)4 2 离子 中都含有共价键、配位键和键。(5）从铜铸硫晶胞结构看出1 个S连接2个Zn和2个Cu，故在一个52周围最近距离的Cu2 有2个。晶M（晶胞）4（65+64+322)-3 胞中平均含有4个Cu-.4个Zn和8个S，故晶体的密度 fl V（晶胞）NA a2b10-30NA t,36.答案(1）甲苯（2 分）硝基、竣基（2 分）叫代反应（1 分）(2

19、 分）CO Cl（心COOCH3 浓硫酸J飞+CH,OH F二二二二川a，.、忌+H20(2分）保护COOH官能团或防止一COOH官能团被CN NH20H还原（合理即可，2分）（制（2分）叫-o-N02或叫-0-oN=0(2分）命题透析本题以药物 PTC124 的合成路线为情境，考查有机化学基础知识，意在考查考生理解和分析的能力，变化观念与平衡思想、证据推理与模型认知的核心素养。COOH 思时（1）由BC的时件和试剂时反应是硝化则推断出B是白F(2 H和I的结构，结合 M的分子式可知，M是0(，反应脱掉HClCO Cl COOCH3,A是甲苯。?、(3）由GH 结合已知信息可知，G是；IlG是

20、竣基与甲醇发生了醋化反应，故FG反应的化学飞CN COOH COOCH3 乒飞1浓硫酸飞方程式为l二Jl+CH30H F二二li+H20。合成路线中设计这一反应的目的是保护COOH飞.，.飞CN CN 官能团，防止一COOH官能团被NH20H还原。(4)D的 同分异构体 中，属于芳香族化合物，即含有苯环；两个0原子与同一原子成键，且不存在0-H键，两个0只能与C或N相连；苯环上有两个侧链，有一OOCH和NH2或c陀、N02或CH3、ONO,存在邻间对位置，满足条件的有33=9种；其中核磁共振氢谱有3组峰，且峰面积比为2:2:3的结构简式为CH3-o-叫或叫-0-o问。-5一?焦作市普通高中20

21、22-2023学年（上）高三年级期中考试第1-6小题，每小题6分。1.答案C理科综合生物答案命题透析本题以黑木耳和发菜为情境，考查原核细胞和真核细胞的相关知识，旨在考查考生的理解能力，以及生命观念、科学思维的核心素养。思路点拨黑木耳是一种真菌，真菌细胞具有细胞壁，蓝藻是原核 生物，也具有细胞壁，A项正确；ATP是细胞中的直接能源物质，B项正确；蓝藻是原核生物，细胞中元染色体，C项错误；不论原核细胞还是真核细胞，细胞膜都以磷脂双分子层作为基本支架，D项正确。2.答案 A命题透析本题以Rubisco的功能为情境，考查光合作用的暗反应过程及场所等相关知识，旨在考查考生的理解能力、获取信息的能力和综合

22、运用能力，以及生命观念、科学思维的核心素养。思路点拨C02的固定发生在光合作用的暗反应 过程，场所是叶绿体基质，故Rubisco存在于植物 细胞的叶绿体中，A项错误；C02的固定过程发生在叶绿体中，C02的生成通常发生在线粒体中，二者 需要的酶不同，B项正确；当C02浓度高时，Rubisco催化C02的固定生成2分子C3，当02浓度高时，Rubisco催化02和乌生成1分子C3和1分子C2,C2进入线粒体生成C02,C项正确；植物的光合作用和光呼吸均在光下 发生，Rubisco需要在光下才能发挥作用，D项正确。3.答案 D命题透析本题考查减数分裂异常的分析，旨在考查考生的理解能力和综合运用能力

23、，以及生命观念、科学思维的核心素养。思路点拨该卵原细胞的基因型为AaX8Xb，若产生的卵细胞基因型为AaX8，该卵细胞中存在等位基因A.,.a,则说明减数第一次分裂后期同源染色体未分开，进入同一个次级卵母细胞中，A项正确；若产生的卵细胞基因型为aXBXB，该卵细胞中存在相同基因XB、XB，则说明减数第二次分裂后期姐妹染色单体未分开，B项正确；若产生的卵细胞基因型为AXb，则3个极体的基因型可能为AXb.,.aX8、aX8,C项正确；若产生的1个极体基因型为aXBXb，则卵细胞的基因型为aX8Xb或A,D项错误。4.答案 D命题透析本题以恐龙化石为情境，考查生物进化的相关知识，旨在考查考生的理解

24、能力，以及生命观念、科学思维的核心素养。思路点拨捕食者 的存在对被捕食者是 有益的，可以促进被捕食者 种群的发展，且通常捕食者不能将所 有 的猎物都吃掉，A项错误；产生生殖隔离是新物种形成的标志，B项错误；突变和基因重组为生物进化提供原材料，突变包括基因突变和染色体变异，C项错误；环境发生变化时，适应环境的个体有更多的机会产生后代，不适应环境的个体会灭亡，最终种群的基因频率发生改变，D项正确。5.答案 C命题透析本题以反射弧示意图为情境，考查 反射和反射弧的组成等相关知识，旨在考查考生的理解能力和获取信息的能力，以及生命观念、科学思维和社会责任的核心素养。思路点拨该反射弧的效应器是指传出神经末

25、梢及其支配的骨髓肌，A项不合理；脊髓损伤的瘫痪病人，如果与大脑皮层的联系（上行传导束）没有 中断，仍然有疼痛感，B项不合理；激活传出神经元，才能使脊髓发挥控制作用，骨悟肌才能收缩，C项合理；站立行走时，由于需要不同肌肉的相互配合，c处不一定检测到兴奋性神经递质，也可能是抑制性神经递质，D项不合理。6.答案B命题透析本题以新物种“海珠法轴甲”为情境，考查种群、群落和生态系统的相关知识，旨在考查考生的理解能力和获取信息的能力，以及科学思维、社会责任的核心素养。思路点拨海珠湿地中的全部海珠法轴甲构成一个 种群，A项正确；海珠法轴甲数量稀少，身体微小，不易被人类采集或观察到，不宜用标志重捕法调查其种群

26、密度，B项错误；食物链和食物网是生态系统的营养结构，C项正确；地形的变化、土壤湿度、盐碱度的差异等都是群落形成水平结构的原因，D项正确。29.答案（除注明外，每空1分，共10分）(1）必需氨基酸主动运输需要的能量不是由 ATP 提供的（或需要的能量由Na顺浓度梯度进入细胞形成的势能提供）(2）溶菌酶、（溶酶体内的）水解酶（2分）效应T细胞使靶细胞裂解释放新冠病毒，然后抗体与释放出的新冠病毒结合形成沉淀，最后被吞噬细胞消化（2分）(3）将两个分别要进入线粒体和叶绿体的蛋白质的信号肤序列切掉后互换，结果原本应进人线粒体的蛋白质进入叶绿体中，同样原本应进入叶绿体的蛋白质进入线粒体中（或将切除的信号肤

27、序列重新添加到要进入线粒体的蛋白质上，结果是该蛋白质可以进人线粒体中，答案合理即可给分，3分）命题透析本题考查蛋白质的结构与功能的相关知识，旨在考查考生的理解能力和综合运用能力，以及生命观念、科学思维和科学探究的核心素养。思路点拨(1）必需氨基酸在人体内不能合成，只能从食物中获取，所以评价食品中蛋白质的营养价值时，主要依据必需氨基酸的种类和数量。据图可知，氨基酸逆浓度梯度进入肾小管上皮细胞，属于主动运输，消耗能量，但不是消耗 ATP，这种能量是Na顺浓度梯度进入细胞形成的势能。(2）机体消灭侵人人体的新冠病毒时，既要依靠非特异性免疫如吞噬细胞和溶菌酶的作用，更要依靠特异性免疫中的体液免疫和细胞

28、免疫来杀灭，其中吞噬细胞的溶酶体中含有多种水解酶，可杀死侵入机体的病毒。机体消灭侵人宿主细胞的新冠病毒的大致过程是效应T细胞使靶细胞裂解释放新冠病毒，然后抗体与释放出的新冠病毒结合形成沉淀，最后被吞噬细胞消化。(3）不同蛋白质能够进入不同细胞器的原因是前体蛋白所携带的信号肤序列不同，能够被不同细胞器膜上的受体蛋白特异性识别。对上述结论进行验证的可行的实验方案和预期实验结果见答案。30.答案（除注明外，每空1分，共8分）(1）神经一体液(2）大都存在膜岛素几乎可作用于所有的体细胞（2分）(3）降低增加(4）膜岛素受体缺乏；体内含有膜岛素受体的抗体；膜岛素无法与受体结合；葡萄糖不能被转运进细胞；膜

29、岛素不能正常发挥作用等（答出 2点，答案合理即可给分，2分）命题透析本题考查血糖调节的相关知识，旨在考查考生的理解能力和综合运用能力，以及生命观念、科学思维的核心素养。思路点拨(1）在血糖调节过程中，下丘脑控制的由膜岛B 细胞 分泌膜岛素的过程属于神经调节，膜岛素降低血糖浓度的过程属于激素调节，因此该过程血糖平衡的调节方式是神经一体液调节。(2）膜岛素几乎可作用于所有的体细胞，所以正常人的体细胞膜上大都存在膜岛素受体。(3）葡萄糖不断进入细胞被利用，使得细胞外液中葡萄糖含量减少，细胞外液渗透压降低，进而使抗利尿激素分泌减少，尿量增加。-2一(4）膜岛素等激素与细胞表面的受体识别并发挥作用后被灭

30、活，若某些糖尿病患者血浆中膜岛素水平高于正常 人，推测其可能的原因有膜岛素受体缺乏、体内产生与膜岛素受体对抗的抗体、运输葡萄糖的载体蛋白异常 等。31.答案（除注明外，每空1分，共9分）(1）间接加快生态系统的物质循环(2）恢复力稳定性营养结构简单，自我调节能力有限（2分）(3）群落调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定(4）重金属进人食物链，危害人体健康；重金属无法降解，易发生二次污染（2分）命题透析本题以人工湿地为情境，考查生态系统的功能和稳定性的相关知识，旨在考查考生的理解能力和综合运用能力，以及科学思维、社会责任的核心素养。思路点拨(1）湿地的蓄洪防旱、调节气候功能属于生态功能，体现

31、了生物多样性的间接价值。浮游动物属于消费者，能够加快生态系统的物质循环。(2）生态系统在受到外界干扰因素的破坏后恢复到原状的能力属于恢复力稳定性。由于人工湿地的生产者和消费者数量少，营养结构简单，自我调节能力有限，因此它与一般生态系统相比，抵抗干扰能力较弱。(3）人工湿地的边界和范围属于群落水平研究的问题。黑藻、绿藻等浮游植物为浮游动物提供了可以采食及栖息的信息，鱼、虾能够根据水生植物的信息调节繁殖，这些体现了信息能够调节生物的种间关系，以维持生态系统稳定的功能。(4）重金属在食物链或食物网中具有生物富集现象，因此若含有重金属的工业废水进入该湿地，可能通过食物链富集，最终危害人类健康，且重金属

32、无法降解，易发生二次污染。32.答案（除注明外，每空2分，共12分）(1)A/a 雄果蝇中亲子代关于眼型的表现型不同（或雌果蝇中有圆眼个体）(2)4(1分）1/6(3)BBXAXA或BBXAXa（答全给分）实验方案：将F1中的圆眼长翅雌果蝇与棒眼残翅雄果蝇进行测交（或与圆眼残翅雄果蝇杂交）（1分）预期结果和结论：如果测交子代出现圆眼雌果蝇：圆眼雄果蝇：棒眼雌果蝇：棒眼雄果蝇7:7:3:3 则致死基因型是BBXAXA如果测交子代出现圆眼雌果蝇：圆眼雄果蝇：棒眼雌果蝇：棒眼雄果蝇4:4:1:1，则致死基因型是BBXAXa（或如果杂交子代出现圆眼雌果蝇：圆眼雄果蝇：棒眼雄果蝇 10=7=3，则致死基

33、因型是BBXAXA；如果杂交子代出现圆眼雌果蝇：圆眼雄果蝇：棒眼雄果蝇5:4:1,则致死基因型是BBXAXa)命题透析本题考查遗传规律和伴性遗传的相关知识，旨在考查考生的理解能力和实验与探究能力，以及 生命观念、科学思维和科学探究的核心素养。思路点拨(1）根据表格可知，雌雄果蝇都既有长翅，又有残翅，因此 B、b 基因位于常染色体上。而果蝇雌性中只有圆眼，而雄性中圆眼和棒眼都有，与性别相关联，因此等位基因A、a位于X染色体上。由于雄果蝇亲代只有圆眼，而 F1有圆眼和棒眼 2 种表现型，说明等位基因A-.a不可能仅位于Y染色体上，一定位于X染色体上。(2）根据亲本的基因型组合BbXAYBbXAXa

34、可知，F1的圆眼长翅雄果蝇的基因型为BBXAY 和BbXAY，与基因型为bbXaXa的雌果蝇进行测交，则产生BbXAXa-.Bbxay、bbXAXa、bbxay 的 4 种基因型的个体，其中纯合子的比例是（113）(1/2)=1/6。(3）根据亲代的基因型可知，子代雌果蝇中圆眼长翅：圆眼残翅应为（lBBXAXA+lBBXAXa+2BbXAXA+2BbXAx):(lbbXAXA+lbbXAXa)=6:2，而实际比例是5:2，因此可判定基因型为BBXAXA或BBxAx 的个体可能存在致死现象。利用F1中的果蝇，仅通过一代杂交来确定致死基因型，可让F1中的圆眼长翅雌果蝇-3一与棒眼残翅雄果蝇进行测交

35、，由于可能致死的基因型中关于体色的基因型都是BB，故只需要观察统计圆眼和棒眼的 分离比即可。活着的圆眼基因型有 3 种，即(lBBXAXa+2BbXAXA+2BbXAXa）或者（lBBXAXA+2BbXAXA+2BbXAX），因此可以根据杂交后代出现的眼色表现型及比例来确定活着的基因型，进而推出致死基因型。若活着的圆眼雌果蝇的基因型及比例是lBBXAx、2BbXAXA、2BbXAXa，则产生的配子xA:x=7=3,测交子代出现圆眼雌果蝇：圆眼雄果蝇：棒眼雌果蝇：棒眼雄果蝇7=7:3:3，即致死基因型是BBXAXA；若活着的圆眼雌果蝇的基因型及比例是lBBXAXA、2BbXAXA、2BbXAXa

36、，则产生的配子xA:x=4=1，测交子代出现圆眼雌果蝇：圆眼雄果蝇：棒眼雌果蝇：棒眼雄果蝇4:4:1:1，即致死基因型是BBXAXa。37.答案（除注明外，每空2分，共15分）(1）细胞质基质（1分）无氧条件和 1825(2）纤维素酶和果胶酶酒精在醋酸菌的作用下生成 了醋酸(3）蛋白酶和脂肪酶析出豆腐中的水分抑制微生物的生长(4）将纤维二糖分解为葡萄糖命题透析本题以酵素为情境，考查微生物发酵过程的相关知识，旨在考查考生的理解能力和实验与探究能力，以及科学思维、社会责任的核心素养。思路点拨(1）酵母菌无氧呼吸产生酒精，场所是细胞质基质，故果酒发酵时要密封，由于酶需要适宜的温度，一般在温度为 18

37、25条件下进行酒精发酵。(2）植物细胞壁的主要成分是 纤维素和果胶，去除细胞壁时可用纤维素酶和果胶酶。苹果酒变酸是 由于酒精在醋酸菌的作用下生成了醋酸。(3）参与豆鼓和腐乳制作的微生物主要是毛霉，毛霉产生的蛋白酶和脂肪酶将蛋白质和脂肪分解成小分子的肤和氨基酸以及甘油和脂肪酸，因此豆鼓和腐乳比大豆的营养价值更高。制作腐乳过程中，加盐的作用是析出豆腐中的水分，使豆腐块变硬，同时抑制微生物的生长，避免豆腐块变质。(4）纤维素酶是一种复合酶，包括c1酶、Cx酶和葡萄糖昔酶，其中的葡萄糖昔酶可以将纤维二糖分解为葡萄糖。38.答案（除注明外，每空2分，共15分）(1）限制酶构建基因表达载体(2）生成乙烯的

38、有关基因两端的部分核昔酸序列热稳定DNA聚合酶（或T呵酶，1分）(3）蛋白质预期蛋白质的功能(4）缓解温室效应；直接利用太阳能，节约了能源；可以回收二氧化碳，并取代工业生产上目前依赖的化石原料等（答出 2点，答案合理即可给分）荧光示踪命题透析本题考查基因工程的相关知识，旨在考查考生的理解能力和综合运用能力，以及科学思维、社会责任的核心素养。思路点拨(1）从植物体内获取生成乙烯的有关基因需要用到的工具酶是限制酶。将生成乙烯的有关基因转人蓝藻细胞，首先要构建基因的表达载体，这是 基因工程的核心。(2）利用PCR技术可以大量扩增目的基因，由于Tq酶不能从头复制目的基因，该技术需要引物，引物是与目的基

39、因起始部分相配对的单链DNA 或RNA，因此设计引物的主要依据是 生成乙烯的有关基因两端的部分核昔酸序列。(3）筛选出控制 乙烯合成 基因的调控蛋白后，为满足生产上的需要对其进行改良，这种技术属于蛋白质工程，蛋白质工程的设计流程为预期蛋白质的功能设计预期的蛋白质结构推测应有的氨基酸序列找出相对应的脱氧核昔酸序列（基因），所以操作起点是 预期蛋白质的功能。(4）让蓝藻大量生产 乙烯实现了清洁能源和环境保护的双赢：它可以吸收二氧化碳，缓解温室效应，并取代目前工业生产上目前依赖的化石原料等。与使用植物作为起始材料的其他生物途径相比，这项工作中所采用的方法直接由太阳提供能量，使其在能量方面可能成本更低

40、。从蓝藻中可以提取能发出紫色荧光的藻蓝蛋白，可作为生物实验研究中的荧光示踪物质。-4一?槡?槡?槡?槡?槡?槡?槡?槡槡?焦作市普通高中2022-2023学年（上）高三年级期中考试理科综合物理答案本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.答案B命题透析本题以发现天然放射性现象为背景，考查 衰变、日衰变和核反应，考查考生的物理观念。思路点拨天然放射性现象是原子核结构研究的开始，A项错误；粒子是；He,!3粒子是飞e，因此发生一次衰变电荷数减少2，发生一次日衰变电

41、荷数增加1，则b 电荷数比 少22-1=3,B项正确；日衰变是原子核内部的中子转化为质子同时失去一个电子而产生的，C项错误：U n1;I+；Y+2 n为重核裂变，而不是放射性衰变，故D项错误。15.答案D命题透析本题以金属棒沿竖直轨道向上运动为背景，考查左手定则、安培力做功和动能定理，考查考生的物理观念。思路点拨接通电源，有电流流过金属棒，金属棒向上运动，可知受到的安培力向上，根据左手定则可知电流方向从 向b，则电源左端为正极，A项错误；根据题意可知，金属棒中电流I恒定，受到的安培力F恒定、且大于其重力G，向上做初速度为 0的匀加速运动，B.,.C项错误；安培力做功转化为重力势能和动能，D项正

42、确。16.答案B命题透析本题以木块和两小物块一起加速运动为背景，考查平衡和牛顿第二定律，考查考生的科学思维。思路点拨设加速度大小为。对Q，把加速度沿右斜面和垂直右斜面 两个方向列牛顿第二定律方程：mg sinf1=macos和FN1-mgcosmasin，解得Ji=macosmgsin、FN1=mgcos masin。对P,把加速度沿左斜面和垂直左斜面 两个方向列牛顿第二定律方程：f2-mgsinmcos和mgcosFN2=mas in，解得f2=mgsinmcos、FN2=mgcosmsin。因为，根据数学知识可知元Ji、FNIFN2 A、C项错误；两小物块都只受地球和木块两个物体的作用力，

43、竖直方向木块对P和Q的分力都等于mg、水平方向的分力都等于则，根据矢量合成可知，木块对P和Q的作用力大小 和方向都相等，B项正确；由上分析有五mgsinmacos，可知，P 受到木块的摩擦力沿斜面 向上，D项错误。17.答案c命题透析本题以连接的平行全属板和验电器为背景，考查场强、电势和电势能，考查考生的科学思维。思路点拨由题意可知，平行板带电荷量Q不变。把B板向左平移一小段距离，两板间距离d增大，电容器电容C一减小，两板间电势差U立增大，静电计两指针夹角增大，A项错误；左右移动A板，两板间场强 不7rkd c 变，点电荷受到的电场力不变，B项错误；把B板向下平移一小段距离，正对面积S减小，电

44、容器电容C减小，U号增大，两板间场强E互增大，P与B板的电压Ed增大，P 点电势伊为负，又点电荷带电荷量q也d 为负，根据电势能Ep=q可知，点电荷的电势能增大，C项正确；同理可知，A板向上平移一小段距离，正对面积S减小，电容器电容C减小，U立增大 两板间场强E互增大，P与B板的电压Up=Ed增大，P 点电势Cd 为负，则P点电势降低，D项错误。18.答案BD命题透析本题以蜻娥五号探测器对月球开展快速探测为背景，考查万有引力定律和天体密度，考查考生的物理观念。思路撒月球运行的卫星，不能求出其质量m0,A项错误；月球对卫星的万有引力提供向心力有年m0（），可求出卫星的运行轨道半径To。根据U 一

45、，可求出起行速度v,B项正确；月球绕地球做圆周运。”rrT Gmm0 2rr 2 4 3 动，只知道R和G，不能求出地球质量，C项错误；根据二可一叫（于）刊，结合m=p（了旷）可求出月球的平均密度p,D项正确。19.答案AC命题透析本题以排球比赛为背景，考查平抛运动、动能定理和动量定理，考查考生的物理观念。思路点拨从题意可知甲击球到乙接球的过程，倒着看为平抛运动，所以位置逐渐增高，速度一直减小，A项正确，B项错误；根据动能定理可知对排球做功为0，选项C正确；根据动量定理可知对排球的冲量为I=mv0-(-mv0)=2mv0，选项D错误。20.答案AD命题透析本题以理想变压器动态分析为背景，考查理

46、想变压器的原理和闭合电路欧姆定律，考查考生的科学思维。思路点拨输人端b电压有效值U不变，每个灯泡的灯泡电阻和滑动变阻器总电阻R。不变。根据理想变压U，肌n,U,n,2 U,句肌肉器电压比、电流比关茅一土一一土可得原线圈的等效电阻R（一土）一三(_2_ fR-!ill，其中Rill为.U2-n2、11-n2n-I,-n2 n2 副线圈电路总电阻。滑片从上向下滑动过程中R国j增大，对原线圈电路应用闭合电路欧姆定律有I，t句n,可知I，减小，结合子！可知减小，再根据并联电路可知中电流减小，可得灯泡L，、12和L中电流都减11 n2 小、都变暗，A项正确；在原线圈电路中，把灯泡L，的电阻R。看作输入端

47、交变电源的内阻，理想变压器的输出功率等效为电源的输出功率，等效电阻Rn大于R。，交变电源的输出功率一直减小，B项错误；滑片从上向下滑,动过程中通过灯泡13、14的电流I之比_2.不断变化，而灯泡13、14的电阻不变，则灯泡13、14的功率(I/Ro):(I）（二）2不断变化，C项错误；滑片滑动前灯泡川的功率分别为Pn斤1川I足，Ron,n一P一一-P.后灯泡川的功率分别为P,2Ro=（亏In)2 Ro、几归。（市I）坷，则功率变化之比为王子手寻，D项正确。121 n,21.答案ACD命题透析本题以金属棒在处于有界磁场的导轨上运动为背景，考查平衡、功能关系和动量定理，考查考生的科学思维。思路点拨

48、对金属棒，开始运动d过程中，应用动能定理有（F0+mgsin()-mgc叫dmvi，可求出进入-2一磁场时的速度v，应用牛顿第二定律有F0+mgsin 8一，mgcos()=ma求出加速度。，再应用速度公式可得此过B立r们程的运动时间t，二号。根据时可知最后金属棒匀速运动有2凡mgsin()-,mgcos-f;-，可得离开磁场时的速度饨，A项正确，B项错误；根据图2面积的意义可求出在整个过程中力F所作的功WF=F0d+乌与叩，酬金属棒应用功能关系有WF+（咿in阴阳的d=Q+2mv；，可求出回路焦耳热1 R Q，再根据串联电路特点可求出电阻R土产生的焦耳热QR=R工二Q,C项正确；金属棒穿过磁

49、场过程的动量变B0L(2d)化!1p=mv2-mv1可求出，安培力冲量-B0LxR工7可求出，故D项正确。22.答案(l)PQ 距离 L(2 分）(2）匀速直线（1分）(3）组（2分）2L 命题透析本题以小球的平抛运动为背景，考查平抛运动实验，考查考生的科学探究素养。思路点拨如图所示，小球做平抛运动，经过时间人水平、坚直位移分别为z和y，此时影子在Q点。x州、z d t L A-y=2gt2 0根据三角形相似可知士a:，联立解衔。主。根据速度公式可知影子的平均速度v=t去，根据L和t的任意性可知影子的平均速度不随时间变化，可知影子做匀速运动。1、,l 光屏电乐：.；彰P珠、妻子:了,y x r

50、boy抖ULU、r、23.答案(1)1(1分）G(l分）D(l分）C(l分）(r1+R,)ab(r1+R,1日(2）7一一（3分）7一（3分）。ao-a 命题透析本题以测干电池的电动势和内阻为背景，考查测定电动势和内阻实验，考查考生的科学探究素养。思路点拨(1）所备有的电压表内阻未知，不可改装，电压表也不能直接应用，则电压表不可用。电流表鸟的量程太大，不可用。由电路图可知，定值电阻电表2和定值电阻R4串联后能测量的总电压为1.8 V，改装成电压表，最大量程比电池的电动势略大，故电表2 选择 C，定值电阻选 I。电表1 则选电流表儿，电流表满偏时需1.5 V 要滑动变阻器接入电路的电阻均为-5