2022年高考全国甲卷理综高考真题含解析.pdf
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1、2022 年普通高等学校招生全国统一考试年普通高等学校招生全国统一考试(全国甲卷)(全国甲卷)理科综合能力测试理科综合能力测试注意事项:注意事项:1答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时回答选择题时,选出每小题答案后选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。本试卷上无效。3考
2、试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量可能用到的相对原子质量:H 1C 12N 14O 16F 19S 32Ca 40Cu 64一、选择题:本题共一、选择题:本题共 13 小题,每小题小题,每小题 6 分,共分,共 78 分。在每小题给出的四个选项中,只有一分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。项是符合题目要求的。1.钙在骨骼生长和肌肉收缩等过程中发挥重要作用。晒太阳有助于青少年骨骼生长,预防老年人骨质疏松。下列叙述错误的是()A.细胞中有以无机离子形式存在的钙B.人体内 Ca2+可自由通过细胞膜的磷脂双分子层C.适当
3、补充维生素 D 可以促进肠道对钙的吸收D.人体血液中钙离子浓度过低易出现抽搐现象【答案】B【解析】【分析】无机盐的存在形式与作用:(1)存在形式:细胞中大多数无机盐以离子的形式存在;(2)无机盐的功能:对维持细胞和生物体生命活动有重要作用,如:Fe 是构成血红素的元素;Mg 是构成叶绿素的元素。【详解】A、细胞中有以无机离子形式存在的钙,也有以化合物形式存在的钙(如 CaCO3),A 正确;B、Ca2+不能自由通过细胞膜的磷脂双分子层,需要载体协助,B 错误;C、维生素 D 能有效地促进人体肠道对钙和磷的吸收,故适当补充维生素 D 可以促进肠道对钙的吸收,C正确;D、哺乳动物的血液中必须含有一
4、定量的 Ca2+,Ca2+的含量太低,会出现抽搐等症状,D 正确。故选 B。2.植物成熟叶肉细胞的细胞液浓度可以不同。现将 a、b、c 三种细胞液浓度不同的某种植物成熟叶肉细胞,分别放入三个装有相同浓度蔗糖溶液的试管中,当水分交换达到平衡时观察到:细胞 a 未发生变化;细胞 b 体积增大;细胞 c 发生了质壁分离。若在水分交换期间细胞与蔗糖溶液没有溶质的交换,下列关于这一实验的叙述,不合理的是()A.水分交换前,细胞 b 的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度B.水分交换前,细胞液浓度大小关系为细胞 b细胞 a细胞 cC.水分交换平衡时,细胞 c 的细胞液浓度大于细胞 a 的细胞液浓度D.水分交换
5、平衡时,细胞 c 的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度【答案】C【解析】【分析】由题分析可知,水分交换达到平衡时细胞 a 未发生变化,既不吸水也不失水,细胞 a 的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度;细胞 b 的体积增大,说明细胞吸水,水分交换前,细胞 b 的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度;细胞 c 发生质壁分离,说明细胞失水,水分交换前,细胞 c 的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度。【详解】A、由于细胞 b 在水分交换达到平衡时细胞的体积增大,说明细胞吸水,则水分交换前,细胞 b 的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度,A 正确;B、水分交换达到平衡时,细胞 a 的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度
6、,细胞 b 的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度,细胞 c 的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度,因此水分交换前,细胞液浓度大小关系为细胞 b细胞 a细胞 c,B 正确;C、由题意可知,水分交换达到平衡时,细胞 a 未发生变化,说明其细胞液浓度与外界蔗糖溶液浓度相等;水分交换达到平衡时,虽然细胞内外溶液浓度相同,但细胞 c 失水后外界蔗糖溶液的浓度减小,因此,水分交换平衡时,细胞 c 的细胞液浓度小于细胞 a 的细胞液浓度,C 错误D、在一定的蔗糖溶液中,细胞 c 发生了质壁分离,水分交换达到平衡时,其细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度,D 正确。故选 C。3.植物激素通常与其受体结合才能发挥生理作
7、用。喷施某种植物激素,能使某种作物的矮生突变体长高。关于该矮生突变体矮生的原因,下列推测合理的是()A.赤霉素合成途径受阻B.赤霉素受体合成受阻C.脱落酸合成途径受阻D.脱落酸受体合成受阻【答案】A【解析】【分析】赤霉素:合成部位:幼芽、幼根和未成熟的种子等幼嫩部分;主要生理功能:促进细胞的伸长;解除种子、块茎的休眠并促进萌发的作用。【详解】AB、赤霉素具有促进细胞伸长的功能,该作用的发挥需要与受体结合后才能完成,故喷施某种激素后作物的矮生突变体长高,说明喷施的为赤霉素,矮生突变体矮生的原因是缺乏赤霉素而非受体合成受阻(若受体合成受阻,则外源激素也不能起作用),A 正确,B 错误;CD、脱落酸
8、抑制植物细胞的分裂和种子的萌发,与植物矮化无直接关系,CD 错误。故选 A。4.线粒体是细胞进行有氧呼吸的主要场所。研究发现,经常运动的人肌细胞中线粒体数量通常比缺乏锻炼的人多。下列与线粒体有关的叙述,错误的是()A.有氧呼吸时细胞质基质和线粒体中都能产生 ATPB.线粒体内膜上的酶可以参与H和氧反应形成水的过程C.线粒体中的丙酮酸分解成 CO2和H的过程需要 O2的直接参与D.线粒体中的 DNA 能够通过转录和翻译控制某些蛋白质的合成【答案】C【解析】【分析】有氧呼吸的第一、二、三阶段的场所依次是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜。有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和H,合成少量 ATP;
9、第二阶段是丙酮酸和水反应生成二氧化碳和H,合成少量 ATP;第三阶段是氧气和H反应生成水,合成大量 ATP。【详解】A、有氧呼吸的第一阶段场所是细胞质基质,第二、三阶段在线粒体,三个阶段均可产生 ATP,故有氧呼吸时细胞质基质和线粒体都可产生 ATP,A 正确;B、线粒体内膜是有氧呼吸第三阶段的场所,该阶段氧气和H反应生成水,该过程需要酶的催化,B 正确;C、丙酮酸分解为 CO2和H是有氧呼吸第二阶段,场所是线粒体基质,该过程需要水的参与,不需要氧气的参与,C 错误;D、线粒体是半自主性细胞器,其中含有少量 DNA,可以通过转录和翻译控制蛋白质的合成,D 正确。故选 C。5.在鱼池中投放了一批
10、某种鱼苗,一段时间内该鱼的种群数量、个体重量和种群总重量随时间的变化趋势如图所示。若在此期间鱼没有进行繁殖,则图中表示种群数量、个体重量、种群总重量的曲线分别是()A.甲、丙、乙B.乙、甲、丙C.丙、甲、乙D.丙、乙、甲【答案】D【解析】【分析】S 型增长曲线:当种群在一个有限的环境中增长时,随着种群密度的上升,个体间由于有限的空间、食物和其他生活条件而引起的种内斗争必将加剧,以该种群生物为食的捕食者的数量也会增加,这就会使这个种群的出生率降低,死亡率增高,从而使种群数量的增长率下降,当种群数量达到环境条件所允许的最大值时,种群数量将停止增长,有时会在 K 值保持相对稳定。【详解】分析题图可知
11、,随着时间变化,甲曲线先增加后减少,乙曲线呈 S 形,丙曲线下降,在池塘中投放一批鱼苗后,由于一段时间内鱼没有进行繁殖,而且一部分鱼苗由于不适应环境而死亡,故种群数量下降,如曲线丙;存活的个体重量增加,如曲线乙,种群总重量先增加后由于捕捞而减少,如曲线甲。综上可知,D 正确。故选 D。6.某种自花传粉植物的等位基因 A/a 和 B/b 位于非同源染色体上。A/a 控制花粉育性,含 A 的花粉可育;含 a 的花粉 50%可育、50%不育。B/b 控制花色,红花对白花为显性。若基因型为 AaBb 的亲本进行自交,则下列叙述错误的是()A.子一代中红花植株数是白花植株数的 3 倍B.子一代中基因型为
12、 aabb 的个体所占比例是 1/12C.亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的 3 倍D.亲本产生的含 B 的可育雄配子数与含 b 的可育雄配子数相等【答案】B【解析】【分析】分析题意可知:A、a 和 B、b 基因位于非同源染色体上,独立遗传,遵循自由组合定律。【详解】A、分析题意可知,两对等位基因独立遗传,故含 a 的花粉育性不影响 B 和 b 基因的遗传,所以Bb 自交,子一代中红花植株 B_:白花植株 bb=3:1,A 正确;B、基因型为 AaBb 的亲本产生的雌配子种类和比例为 AB:Ab:aB:ab=1:1:1:1,由于含 a 的花粉 50%可育,故雄配子种类及比例为 AB:Ab:
13、aB:ab=2:2:1:1,所以子一代中基因型为 aabb 的个体所占比例为 1/41/6=1/24,B 错误;C、由于含 a 的花粉 50%可育,50%不可育,故亲本产生的可育雄配子是 A+1/2a,不育雄配子为 1/2a,由于Aa 个体产生的 A:a=1:1,故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍,C 正确;D、两对等位基因独立遗传,所以 Bb 自交,亲本产生的含 B 的雄配子数和含 b 的雄配子数相等,D 正确。故选 B。7.化学与生活密切相关。下列叙述正确的是A.漂白粉与盐酸可混合使用以提高消毒效果B.温室气体是形成酸雨的主要物质C.棉花、麻和蚕丝均为碳水化合物D.干冰可用在舞台上
14、制造“云雾”【答案】D【解析】【详解】A漂白粉的有效成分次氯酸钙与盐酸混合,会发生氧化还原反应生成有毒的氯气,两者不能混合使用,A 错误;B温室气体主要是指二氧化碳,二氧化碳不是形成酸雨的主要物质,形成酸雨的主要物质是硫氧化物、氮氧化物等,B 错误;C棉花、麻来源于植物,主要成分均是纤维素,为碳水化合物,但蚕丝来源于动物,主要成分是蛋白质,蛋白质不是碳水化合物,C 错误;D干冰是固态的二氧化碳,干冰升华时,吸收大量的热,使周围温度降低,大量的水蒸气凝结成了小液滴,形成“云雾”效果,D 正确;答案选 D。8.辅酶10Q具有预防动脉硬化的功效,其结构简式如下。下列有关辅酶10Q的说法正确的是A.分
15、子式为60904C H OB.分子中含有 14 个甲基C.分子中的四个氧原子不在同一平面D.可发生加成反应,不能发生取代反应【答案】B【解析】【详解】A由该物质的结构简式可知,其分子式为 C59H90O4,A 错误;B由该物质的结构简式可知,键线式端点代表甲基,10 个重复基团的最后一个连接 H 原子的碳是甲基,故分子中含有 1+1+1+10+1=14 个甲基,B 正确;C双键碳以及与其相连的四个原子共面,羰基碳采取 sp2杂化,羰基碳原子和与其相连的氧原子及另外两个原子共面,因此分子中的四个氧原子在同一平面上,C 错误;D分子中有碳碳双键,能发生加成反应,分子中含有甲基,能发生取代反应,D
16、错误;答案选 B。9.能正确表示下列反应的离子方程式为A.硫化钠溶液和硝酸混合:S2-+2H+=H2SB.明矾溶液与过量氨水湿合:Al3+4NH3+2H2O=AlO2+4NH4C.硅酸钠溶液中通入二氧化碳:SiO23+CO2+H2O=HSiO3+HCO3D.将等物质的量浓度的 Ba(OH)2和 NH4HSO4溶液以体积比 12 混合:Ba2+2OH-+2H+SO24=BaSO4+2H2O【答案】D【解析】【详解】A硝酸具有强氧化性,可以将 S2-氧化为 S 单质,自身根据其浓度大小还原为 NO 或 NO2,反应的离子方程式为 4H+2NO3+S2-=S+2NO2+2H2O(浓)或 8H+2NO
17、3+3S2-=3S+2NO+4H2O(稀),A 错误;B明矾在水中可以电离出 Al3+,可以与氨水中电离出的 OH-发生反应生成 Al(OH)3,但由于氨水的碱性较弱,生成的 Al(OH)3不能继续与弱碱发生反应,故反应的离子方程式为 Al3+3NH3H2O=Al(OH)3+3NH4,B 错误;C硅酸的酸性小于碳酸,向硅酸钠溶液中通入二氧化碳时,生成硅酸沉淀,二氧化碳则根据其通入的量的多少反应为碳酸根或碳酸氢根,反应的离子方程式为 SiO23+H2O+CO2=H2SiO3+CO23(CO2少量)或SiO23+2H2O+2CO2=H2SiO3+2HCO3(CO2过量),C 错误;D将等物质的量浓
18、度的 Ba(OH)2与 NH4HSO4溶液以体积比 1:2 混合,Ba(OH)2电离出的 OH-与 NH4HSO4电离出的 H+反应生成水,Ba(OH)2电离出的 Ba2+与 NH4HSO4电离出的 SO24反应生成 BaSO4沉淀,反应的离子方程为为 Ba2+2OH-+2H+SO24=BaSO4+2H2O,D 正确;故答案选 D。10.一种水性电解液 Zn-MnO2离子选泽双隔膜电池如图所示(KOH 溶液中,Zn2+以 Zn(OH)24存在)。电池放电时,下列叙述错误的是A.区的 K+通过隔膜向区迁移B.区的 SO24通过隔膜向区迁移C.MnO2电极反应:MnO2+2e-+4H+=Mn2+2
19、H2OD.电池总反应:Zn+4OH-+MnO2+4H+=Zn(OH)24+Mn2+2H2O【答案】A【解析】【分析】根据图示的电池结构和题目所给信息可知,区 Zn 为电池的负极,电极反应为Zn-2e-+4OH-=Zn(OH)24,区 MnO2为电池的正极,电极反应为 MnO2+2e-+4H+=Mn2+2H2O;电池在工作过程中,由于两个离子选择隔膜没有指明的阳离子隔膜还是阴离子隔膜,故两个离子隔膜均可以通过阴、阳离子,因此可以得到区消耗 H+,生成 Mn2+,区的 K+向区移动或区的 SO24向区移动,区消耗 OH-,生成 Zn(OH)24,区的 SO24向区移动或区的 K+向区移动。据此分析
20、答题。【详解】A根据分析,区的 K+只能向区移动,A 错误;B根据分析,区的 SO24向区移动,B 正确;CMnO2电极的电极反应式为 MnO2+2e-+4H+=Mn2+2H2O,C 正确;D电池的总反应为 Zn+4OH-+MnO2+4H+=Zn(OH)24+Mn2+2H2O,D 正确;故答案选 A。11.AN为阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是A.25,101kPa下,28L氢气中质子的数目为A2.5NB.-132.0L 1.0mol L AlCl溶液中,3+Al的数目为A2.0NC.0.20mol苯甲酸完全燃烧,生成2CO的数目为A1.4ND.电解熔融2CuCl,阴极增重6.4g,外电路
21、中通过电子的数目为A0.10N【答案】C【解析】【详解】A25、101kPa 不是标准状况,不能用标况下的气体摩尔体积计算氢气的物质的量,故 A 错误;BAl3+在溶液中会发生水解生成 Al(OH)3,因此 2.0L 1.0 mol/L 的 AlCl3溶液中 Al3+数目小于 2.0NA,故 B错误;C苯甲酸燃烧的化学方程式为6522215C H COOH+O7CO+3H O2点燃,1mol 苯甲酸燃烧生成 7molCO2,则 0.2mol 苯甲酸完全燃烧生成 1.4molCO2,数目为 1.4NA,故 C 正确;D电解熔融 CuCl2时,阳极反应为-22Cl-2e=Cl,阴极反应为2+-Cu
22、+2e=Cu,阴极增加的重量为 Cu的质量,6.4gCu 的物质的量为 0.1mol,根据阴极反应可知,外电路中通过电子的物质的量为 0.2mol,数目为 0.2NA,故 D 错误;答案选 C。12.Q、X、Y、Z 是原子序数依次增大的短周期主族元素,其最外层电子数之和为 19。Q 与 X、Y、Z 位于不同周期,X、Y 相邻,Y 原子最外层电子数是 Q 原子内层电子数的 2 倍。下列说法正确的是A.非金属性:XQB.单质的熔点:XYC.简单氢化物的佛点:ZQD.最高价含氧酸的酸性:ZY【答案】D【解析】【分析】Q、X、Y、Z 为原子序数依次增大的短周期主族元素,Q 与 X、Y、Z 不在同一周期
23、,Y 原子最外层电子数为 Q 元原子内层电子数的 2 倍,则 Q 应为第二周期元素,X、Y、Z 位于第三周期,Y 的最外层电子数为 4,则 Y 为 Si 元素,X、Y 相邻,且 X 的原子序数小于 Y,则 X 为 Al 元素,Q、X、Y、Z 的最外层电子数之和为 19,则 Q、Z 的最外层电子数之和为 19-3-4=12,主族元素的最外层电子数最多为 7,若 Q的最外层电子数为 7,为 F 元素,Z 的最外层电子数为 5,为 P 元素,若 Q 的最外层电子数为 6,为 O 元素,则 Z 的最外层电子数为 6,为 S 元素,若 Q 的最外层电子数为 5,为 N 元素,Z 的最外层电子数为 7,为
24、Cl 元素;综上所述,Q 为 N 或 O 或 F,X 为 Al,Y 为 Si,Z 为 Cl 或 S 或 P,据此分析解题。【详解】AX 为 Al,Q 为 N 或 O 或 F,同一周期从左往右元素非金属性依次增强,同一主族从上往下依次减弱,故非金属性:QX,A 错误;B由分析可知,X 为 Al 属于金属晶体,Y 为 Si 属于原子晶体或共价晶体,故单质熔点 SiAl,即 YX,B 错误;C含有氢键的物质沸点升高,由分析可知 Q 为 N 或 O 或 F,其简单氢化物为 H2O 或 NH3或 HF,Z 为 Cl或 S 或 P,其简单氢化物为 HCl 或 H2S 或 PH3,由于前者物质中存在分子间氢
25、键,而后者物质中不存在,故沸点 QZ,C 错误;D元素的非金属性越强,其最高价含氧酸的酸性越强,P、S、Cl 的非金属性均强于 Si,因此最高价含氧酸酸性:ZY,D 正确;故答案为:D。13.根据实验目的,下列实验及现象、结论都正确的是选项实验目的实验及现象结论A比较3CH COO和3HCO的水解常数分别测浓度均为10.1mol L的34CH COONH和3NaHCO溶液的pH,后者大于前者-h33hKCH COO KHCOB检验铁锈中是否含有二价铁将铁锈落于浓盐酸,滴入4KMnO溶液,紫色褪去铁绣中含有二价铁C探究氢离子浓度对2-4CrO、2-27Cr O相互转化的影响向24K CrO溶液中
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