2022年新课标人教A版高中数学选修全套教案.docx

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1、精选学习资料 - - - - - - - - - 新课标人教A 版高中数学选修2-3 全套教案高中数学教案选修全套【选修 2-3 教案| 全套】目 录目 录 I 第一章 计数原理 1 1.1 分类加法计数原理和分步乘法计数原理 1 1.2.1 排列 9 1.2.2 组合 23 1.3.1 二项式定理 34 1.3.2 “ 杨辉三角” 与二项式系数的性质 41 其次章 随机变量及其分布 53 2.1.1 离散型随机变量 53 名师归纳总结 2.1.2 离散型随机变量的分布列55 第 1 页,共 38 页2.2.1 条件概率59 69 2.2.2 大事的相互独立性63 2.2.3 独立重复试验与二

2、项分布2.3 离散型随机变量的均值与方差75 2.3.1 离散型随机变量的均值75 2.3.2 离散型随机变量的方差84 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 2.4 正态分布 91 第三章 统计案例 99 3.1 独立性检验 1 99 3.1 独立性检验 2 102 3.2 回来分析 1 104 3.2 回来分析 2 108 第一章 计数原理 1.1 分类加法计数原理和分步乘法计数原理 教学目标 : 学问与技能 : 懂得分类加法计数原理与分步乘法计数原理 ; 会利用两个原理分析和解决一些简洁的应用问题 ; 过程与方法 : 培育同学的归纳概括才能 ; 情感

3、、态度与价值观 : 引导同学形成 学习方式“ 自主学习” 与“ 合作学习” 等良好的教学重点 : 分类计数原理加法原理与分步计数原理乘法原理 教学难点 : 分类计数原理加法原理与分步计数原理乘法原理的精确懂得 授课类型 : 新授课 课时支配 :2 课时 教 具: 多媒体、实物投影仪第一课时名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 引入课题先看下面的问题 : 从我们班上推选出两名同学担任班长,有多少种不同的选法 . 把我们的同学排成一排 , 共有多少种不同的排法 . 要解决这些问题 , 就要运用有关排列、组合学问. 排列组合

4、是一种重要的数学计数方法 . 总的来说 , 就是讨论按某一规章做某事时 , 一共有多少种不同的做法在运用排列、组合方法时, 常常要用到分类加法计数原理与分步乘法计数原理. 这节课 , 我们从详细例子动身来学习这两个原理 1 分类加法计数原理 1 提出问题 问题 1.1: 用一个大写的英文字母或一个阿拉伯数字给教室里的座位编 号, 总共能够编出多少种不同的号码 . 问题 1.2: 从甲地到乙地 , 可以乘火车 , 也可以乘汽车 . 假如一天中火车有 3 班, 汽车有 2 班. 那么一天中 , 乘坐这些交通工具从甲地到乙地共有多少种不同 的走法 . 探究 : 你能说说以上两个问题的特点吗 . 2

5、发觉新知分类加法计数原理完成一件事有两类不同方案, 在第 1 类方案中有种不同的方法 , 在第 2 类方案中有种不同的方法种不同的方法 . 3 学问应用. 那么完成这件事共有例 1. 在填写高考理想表时 , 一名高中毕业生明白到 ,A,B 两所高校各有一名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 些自己感爱好的强项专业, 详细情形如下 : A 高校 B 高校 生物学 数学 化学会计学 医学信息技术学物理学法学 工程学假如这名同学只能选一个专业, 那么他共有多少种挑选呢 . 分析 : 由于这名同学在 A , B 两所高校中只能

6、挑选一所, 而且只能挑选一个专业 , 又由于两所高校没有共同的强项专业, 因此符合分类加法计数原理的条件. 解: 这名同学可以挑选 A , B 两所高校中的一所 . 在 A 高校中有 5 种专业选 择方法 , 在 B 高校中有 4 种专业挑选方法 . 又由于没有一个强项专业是两所大学共有的 , 因此依据分类加法计数原理 5+49 种. , 这名同学可能的专业挑选共有变式 : 如仍有 C 高校 , 其中强项专业为 : 新闻学、金融学、人力资源学 . 那么, 这名同学可能的专业挑选共有多少种 . 探究 : 假如完成一件事有三类不同方案 , 在第 1 类方案中有种不同的方法 ,在第 2 类方案中有种

7、不同的方法 , 在第 3类方案中有种不同的方法 , 那么完成这件事共有多少种不同的方法. , 在每一类中都有如干种不同方法, 那么假如完成一件事情有类不同方案应当如何计数呢 . 一般归纳 : 完成一件事情 , 有 n 类方法 , 在第 1 类方法中有种不同的方法 , 在第 2 类办法中有种不同的方法 在第种不同的方法 . n 类方法中有种不同的方法 . 那么完成这件事共有懂得分类加法计数原理 : 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 分类加法计数原理针对的是 “ 分类” 问题, 完成一件事要分为如干类 , 各类的方法相

8、互独立 , 各类中的各种方法也相对独立 都可以单独完成这件事 . , 用任何一类中的任何一种方法例 2. 一蚂蚁沿着长方体的棱 , 从的一个顶点爬到相对的另一个顶点的最近 路线共有多少条 . 解: 从总体上看 , 如, 蚂蚁从顶点 A爬到顶点 C1有三类方法 , 从局部上看每类 又需两步完成 , 所以, 第一类 , m1 1 2 2 条 其次类 , m2 1 2 2 条 第三类 , m3 1 2 2 条 所以, 依据加法原理 , 从顶点 A 到顶点 C1最近路线共有 N 2 + 2 + 2 6 条练习 1. 填空: 1 一件工作可以用 2 种方法完成 , 有 5 人只会用第 1 种方法完成 ,

9、另有 4 人只会用第 2 种方法完成 , 从中选出 l 种数是 _ ; 人来完成这件工作 , 不同选法的 2 从 A 村去 B 村的道路有 3 条, 从 B 村去 C 村的道路有 2 条, 从A 村经 B 的路线有 _条. 其次课时2 分步乘法计数原理名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 1 提出问题问题 2.1: 用前 6 个大写英文字母和1.9 九个阿拉伯数字 , 以, , 的方式给教室里的座位编号 , 总共能编出多少个不同的号码 . 用列举法可以列出全部可能的号码 : 我们仍可以这样来摸索 : 由于前 6 个英文

10、字母中的任意一个都能与 9 个数字中的任何一个组成一个号码 同的号码 . , 而且它们各不相同 , 因此共有 6 9 54 个不探究 : 你能说说这个问题的特点吗 . 2 发觉新知分步乘法计数原理完成一件事有两类不同方案, 在第 1 类方案中有种不同的方法 , 在第 2 类方案中有种不同的方法种不同的方法 . 3 学问应用. 那么完成这件事共有例 1. 设某班有男生 30 名, 女生 24 名. 现要从中选出男、女生各一名代 表班级参与竞赛 , 共有多少种不同的选法 . 生. 分析 : 选出一组参赛代表 , 可以分两个步骤 . 第 l 步选男生 . 第 2 步选女解: 第 1 步, 从 30

11、名男生中选出 1 人, 有 30 种不同挑选 ; 第 2 步, 从 24 名女生中选出 1 人, 有 24 种不同挑选 . 依据分步乘法计数原理 , 共有名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 30 24 720种不同的选法 . 探究 : 假如完成一件事需要三个步骤, 做第 1 步有种不同的方法 , 做第 2步有种不同的方法 , 做第 3 步有种不同的方法 , 那么完成这件事共有多少种不同 的方法 . 假如完成一件事情需要个步骤, 做每一步中都有如干种不同方法, 那么应当如何计数呢 . 一般归纳 : 完成一件事情 , 需

12、要分成 n 个步骤 , 做第 1步有种不同的方法 ,做第 2 步有种不同的方法 做第种不同的方法 . 懂得分步乘法计数原理 : n 步有种不同的方法 . 那么完成这件事共有分步计数原理针对的是 “ 分步” 问题 , 完成一件事要分为如干步 , 各个步骤 相互依存 , 完成任何其中的一步都不能完成该件事 , 只有当各个步骤都完成后 , 才 算完成这件事 . 3. 懂得分类加法计数原理与分步乘法计数原理异同点 相同点 : 都是完成一件事的不同方法种数的问题 不同点 : 分类加法计数原理针对的是 “ 分类” 问题 , 完成一件事要分为如干类, 各类的方法相互独立 , 各类中的各种方法也相对独立, 用

13、任何一类中的任何一种方法都可以单独完成这件事 , 是独立完成 ; 而分步乘法计数原理针对的是“ 分步” 问题 , 完成一件事要分为如干步, 各个步骤相互依存 , 完成任何其中的一步都名师归纳总结 不能完成该件事 , 只有当各个步骤都完成后, 才算完成这件事 , 是合作完成 . 第 7 页,共 38 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 例 2 . 如图 , 要给地图 A、B、C、D 四个区域分别涂上 3 种不同颜色中的某一种 , 答应同一种颜色使用多次 , 但相邻区域必需涂不同的颜色 , 不同的涂色方案有多少种 . 解: 按地图 A、B、C、D四个区域依

14、次分四步完成 , 第一步 , m1 3 种, 其次步 , m2 2 种, 第三步 , m3 1 种, 第四步 , m4 1 种, 所以依据乘法原理 , 得到不同的涂色方案种数共有 N 3 2 1 1 6 变式 1, 如图 , 要给地图 A、B、C、D四个区域分别涂上 3 种不同颜色中的某一种, 答应同一种颜色使用多次 , 但相邻区域必需涂不同的颜色 , 不同的涂色方案有多少种 . 2 如颜色是 2 种,4 种,5 种又会什么样的结果呢 . 练习名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 2. 现有高一年级的同学 3 名, 高

15、二年级的同学 5 名, 高三年级的同学 4 名. 1 从中任选 1 人参与接待外宾的活动 , 有多少种不同的选法 .村去 C 村,不同 2 从 3 个年级的同学中各选 1 人参与接待外宾的活动 , 有多少种不同的选法 . 第三课时3 综合应用例 1. 书架的第 1 层放有 4 本不同的运算机书 , 第 2 层放有 3 本不同的文艺书 , 第 3 层放 2 本不同的体育书 . 从书架上任取 1 本书 , 有多少种不同的取法 . 从书架的第 1、2、3 层各取 1 本书 , 有多少种不同的取法 . 从书架上任取两本不同学科的书【分析】, 有多少种不同的取法 . 要完成的事是“ 取一本书”, 由于不

16、论取书架的哪一层的书都可以完成了这件事 , 因此是分类问题 , 应用分类计数原理 . 要完成的事是“ 从书架的第1、2、3 层中各取一本书”, 由于取一层中的一本书都只完成了这件事的一部分, 只有第 1、2、3 层都取后 , 才能完成这件事 ,因此是分步问题 , 应用分步计数原理 . 要完成的事是 “ 取 2 本不同学科的书”, 先要考虑的是取哪两个学科的书,如取运算机和文艺书各 了这1 本, 再要考虑取 1 本运算机书或取 1 本文艺书都只完成名师归纳总结 件事的一部分 , 应用分步计数原理 , 上述每一种选法都完成后, 这件事才能完第 9 页,共 38 页成, 因此这些选法的种数之间仍应运

17、用分类计数原理. - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 解: 1 从书架上任取 1 本书 , 有 3 类方法 : 第 1 类方法是从第 1 层取 1 本 运算机书 , 有 4 种方法 ; 第 2 类方法是从第 2 层取 1 本文艺书 , 有 3 种方法 ; 第 3 类方法是从第 3 层取 1 本体育书 , 有 2 种方法 . 依据分类加法计数原理 , 不同 取法的种数是 4+3+29; 2 从书架的第 1 , 2 , 3 层各取 1 本书 , 可以分成 3 个步骤完成 : 第 1 步从第 1 层取 1 本运算机书 , 有 4 种方法 ; 第 2 步从第 2

18、 层取 1 本文艺书 , 有 3 种方法 ; 第 3 步从第 3 层取 1 本体育书 , 有 2 种方法 . 依据分步乘法计数 原理 , 不同取法的种数是 4 3 224 3；例 2. 要从甲、乙、丙 3 幅不同的画中选出 上的指定位置 , 问共有多少种不同的挂法 . 2 幅, 分别挂在左、右两边墙解: 从 3 幅画中选出 2 幅分别挂在左、右两边墙上 , 可以分两个步骤完成 : 第 1 步, 从 3 幅画中选 1 幅挂在左边墙上 , 有 3 种选法 ; 第 2 步, 从剩下的 2 幅画中选 1 幅挂在右边墙上 , 有 2 种选法 . 依据分步乘法计数原理 , 不同挂法的 种数是N3 26 6

19、 种挂法可以表示如下 : 分类加法计数原理和分步乘法计数原理, 回答的都是有关做一件事的不同方法的种数问题 . 区分在于 : 分类加法计数原理针对的是“ 分类” 问题 , 其中各种方法相互独立 , 用其中任何一种方法都可以做完这件事, 分步乘法计数原理针对名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 的是“ 分步” 问题, 各个步骤中的方法相互依存 件事 . , 只有各个步骤都完成才算做完这例 3. 随着人们生活水平的提高, 某城市家庭汽车拥有量快速增长, 汽车牌照号码需交通治理部门出台了一种汽车牌照组成方法, 每一个汽车牌

20、照都必需有3 个不重复的英文字母和 3 个不重复的阿拉伯数字 , 并且 3 个字母必需合成一 组显现 ,3 个数字也必需合成一组显现 . 那么这种方法共能给多少辆汽车上牌照 . 分析 : 依据新规定 , 牌照可以分为 2 类, 即字母组合在左和字母组合在右 . 确定一个牌照的字母和数字可以分 6 个步骤 . 解: 将汽车牌照分为 2 类, 一类的字母组合在左 , 另一类的字母组合在右 .字母组合在左时 , 分 6 个步骤确定一个牌照的字母和数字 : 第 1 步, 从 26 个字母中选 1 个, 放在首位 , 有 26 种选法 ; 第 2 步, 从剩下的 25 个字母中选 1 个, 放在第 2

21、位, 有 25 种选法 ; 第 3 步, 从剩下的 24 个字母中选 1 个, 放在第 3 位, 有 24 种选法 ; 第 4 步, 从 10 个数字中选 1 个, 放在第 4 位, 有 10 种选法 ; 第 5 步, 从剩下的 9 个数字中选 1 个, 放在第 5 位, 有 9 种选法 ; 第 6 步, 从剩下的 8 个字母中选 1 个, 放在第 6 位, 有 8 种选法 . 依据分步乘法计数原理 , 字母组合在左的牌照共有 26 25 24 10 9 811 232 000 个 同理 , 字母组合在右的牌照也有 11232 000 个. 所以 , 共能给 11232 000 + 11232

22、 000 22464 000个 辆汽车上牌照 . 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 用两个计数原懂得决计数问题时, 最重要的是在开头运算之前要进行认真分析 需要分类仍是需要分步 . 分类要做到 “ 不重不漏”. 分类后再分别对每一类进行计数 , 最终用分类加法计数原理求和, 得到总数 . 分步要做到“ 步骤完整” 完成了全部步骤 , 恰好完成任务 , 当然步与步之间要相互独立 . 分步后再运算每一步的方法数 , 最终依据分步乘法计数原理 , 把完成每一步的方法数相乘 , 得到总数. 练习 1. 乘积绽开后共有多少

23、项 . 2. 某电话局管辖范畴内的电话号码由八位数字组成, 其中前四位的数字是不变的 , 后四位数字都是；到 9 之间的一个数字 , 那么这个电话局不同的电话号 码最多有多少个 . 3. 从 5 名同学中选出正、副组长各 1 名, 有多少种不同的选法 . 4. 某商场有 6 个门, 假如某人从其中的任意一个门进人商场 , 并且要求从其他的门出去 , 共有多少种不同的进出商场的方式 . 第四课时例 1. 给程序模块命名 , 需要用 3 个字符 , 其中首字符要求用字母 AG 或UZ , 后两个要求用数字19. 问最多可以给多少个程序命名. 分析 : 要给一个程序模块命名, 可以分三个步骤 : 第

24、 1 步, 选首字符 ; 第 2步, 选中间字符 ; 第 3 步, 选最终一个字符 . 而首字符又可以分为两类 . 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 解: 先运算首字符的选法 . 由分类加法计数原理 , 首字符共有 7 + 6 13 种选法 . 再运算可能的不同程序名称 13 9 9 1053 . 由分步乘法计数原理 , 最多可以有个不同的名称 , 即最多可以给 1053 个程序命名 . 例 2. 核糖核酸 RNA分子是在生物细胞中发觉的化学成分一个 RNA 分子是一个有着数百个甚至数千个位置的长链 碱基的化学成

25、分所占据 . , 长链中每一个位置上都由一种称为总共有 4 种不同的碱基 , 分别用 A,C,G,U 表示 . 在一个 RNA 分子中 , 各种碱 基能够以任意次序显现 , 所以在任意一个位置上的碱基与其他位置上的碱基无关 . 假设有一类 RNA 分子由 100 个碱基组成 , 那么能有多少种不同的 RNA 分子 . 分析 : 用图 1. 1 一 2 来表示由 100 个碱基组成的长链 , 这时我们共有 100个位置 , 每个位置都可以从A , C , G , U 中任选一个来占据 . 解:100 个碱基组成的长链共有 100 个位置 , 如图 11 一 2 所示 . 从左到右依次在每一个位置

26、中 , 从 A , C , G , U 中任选一个填人 , 每个位置有 4 种填充方法 . 依据分步乘法计数原理 , 长度为 100 的全部可能的不同 RNA 分子数目有 个 名师归纳总结 例 3. 电子元件很简洁实现电路的通与断、电位的高与低等两种状态, 而第 13 页,共 38 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 这也是最简洁掌握的两种状态. 因此运算机内部就采纳了每一位只有 O 或 1 两种数字的记数法 , 即二进制 . 为了使运算机能够识别字符, 需要对字符进行编码,每个字符可以用一个或多个字节来表示, 其中字节是运算机中数据储备的最小计量单位

27、 , 每个字节由 8 个二进制位构成 . 问: 1 一个字节 8 位 最多可以表示多少个不同的字符 . 2 运算机汉字国标码 GB 码 包含了 6 763 个汉字 , 一个汉字为一个字符 , 要对这些汉字进行编码 , 每个汉字至少要用多少个字节表示 . 分析 : 由于每个字节有 8 个二进制位 , 每一位上的值都有 0,1 两种挑选 , 而且不同的次序代表不同的字符 , 因此可以用分步乘法计数原理求解此题 . 解:1 用图 1.1 一 3 来表示一个字节 . 图 11 一 3 一个字节共有 8 位, 每位上有 2 种挑选 . 依据分步乘法计数原理 , 一个字 节最多可以表示 2 2 2 2 2

28、 2 2 2 28 256 个不同的字符 ; 2由 1 知, 用一个字节所能表示的不同字符不够 6 763 个, 我们就考虑用 2 个字节能够表示多少个字符. 前一个字节有 256 种不同的表示方法 , 后一个字节也有 256 种表示方法 . 依据分步乘法计数原理 ,2 个字节可以表示 256 256 65536 个不同的字符 , 这已经大于汉字国标码包含的汉字个数 6 763. 所以要表示 这些汉字 , 每个汉字至少要用 2 个字节表示 . 名师归纳总结 例 4. 运算机编程人员在编写好程序以后需要对程序进行测试. 程序员需第 14 页,共 38 页要知道究竟有多少条执行路径 即程序从开头到

29、终止的路线, 以便知道需要供应- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 多少个测试数据 . 一般地 , 一个程序模块由很多子模块组成. 如图 1.1 一 4, 它是一个具有很多执行路径的程序模块. 问: 这个程序模块有多少条执行路径. 另外 , 为了削减测试时间 , 程序员需要设法削减测试次数你能帮忙程序员设计一个测试方法 , 以削减测试次数吗 . 图 1.1 一 4 分析 : 整个模块的任意一条执行路径都分两步完成: 第 1 步是从开头执行到 A 点; 第 2 步是从 A 点执行到终止 . 而第 1 步可由子模块 1 或子模块 2 或子模块 3 来完成 ;

30、第 2 步可由子模块 4 或子模块 5 来完成 . 因此 , 分析一条 指令在整个模块的执行路径需要用到两个计数原理 . 解: 由分类加法计数原理 , 子模块 1 或子模块 2 或子模块 3 中的子路径共有 18 + 45 + 28 91 条 ; 子模块 4 或子模块 5 中的子路径共有 38 + 43 81 条 又由分步乘法计数原理 , 整个模块的执行路径共有 91 81 7 371条 在实际测试中 , 程序员总是把每一个子模块看成一个黑箱 , 即通过只考察是否执行了正确的子模块的方式来测试整个模块 . 这样 , 他可以先分别单独测试 5 个模块 , 以考察每个子模块的工作是否正常 . 总共

31、需要的测试次数为名师归纳总结 18 + 45 + 28 + 38 + 43 172 再测试各个模块之间的信息沟通是否正常,第 15 页,共 38 页只需要测试程序第1 步中的各个子模块和第 2 步中的各个子模块之间的信息- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 沟通是否正常 , 需要的测试次数为3 26假如每个子模块都工作正常, 并且各个子模块之间的信息沟通也正常, 那么整个程序模块就工作正常. 这样, 测试整个模块的次数就变为 172 + 6178 次 明显,178 与 7371 的差距是特别大的 . 你看出了程序员是如何实现削减测试次数的吗 . 巩固练习

32、: 1. 如图, 从甲地到乙地有 2 条路可通 , 从乙地到丙地有 3 条路可通 ; 从甲地 到丁地有 4 条路可通 , 从丁地到丙地有 2 条路可通；从甲地到丙地共有多少种不 同的走法 . 2. 书架上放有 3 本不同的数学书 ,5 本不同的语文书 ,6 本不同的英语书 . 1 如从这些书中任取一本 , 有多少种不同的取法 . 2 如从这些书中 , 取数学书、 语文书、英语书各一本 , 有多少种不同的取法 . 3 如从这些书中取不同的科目的书两本, 有多少种不同的取法 . 3. 如图一 , 要给 , , , 四块区域分别涂上五种颜色中的某一种 , 答应同一种颜色使用多次 , 但相邻区域必需涂

33、不同颜色 , 就不同涂色方法种数为 A. 180 B. 160 C. 96 D. 60 如变为图二 , 图三呢 . 名师归纳总结 5.五名同学报名参与四项体育竞赛, 每人限报一项 , 报名方法的种数为多第 16 页,共 38 页少.又他们争夺这四项竞赛的冠军, 获得冠军的可能性有多少种. - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 6.2007 年重庆卷 如三个平面两两相交 , 且三条交线相互平行 , 就这三个平面把空间分成 C A.5 部分 B.6 部分 C.7 部分 D.8 部分课外作业 : 第 10 页 习题 1. 1 6 , 7 , 8 教学反思 : 课

34、堂小结 1. 分类加法计数原理和分步乘法计数原理是排列组合问题的最基本的原理. ,是推导排列数、组合数公式的理论依据, 也是求解排列、组合问题的基本思想 2. 懂得分类加法计数原理与分步乘法计数原理, 并加区分分类加法计数原理针对的是 “ 分类” 问题, 其中各种方法相对独立 , 用其中任何一种方法都可以完成这件事 ; 而分步乘法计数原理针对的是“ 分步” 问题 ,各个步骤中的方法相互依存 , 只有各个步骤都完成后才算做完这件事 . 3. 运用分类加法计数原理与分步乘法计数原理的留意点 : 分类加法计数原理 : 第一确定分类标准 , 其次满意 : 完成这件事的任何一种方法必属于某一类 , 并且

35、分别属于不同的两类的方法都是不同的方法 , 即不重不漏 分步乘法计数原理 : 第一确定分步标准 , 其次满意 : 必需并且只需连续完成这 n个步骤 , 这件事才算完成 . 安排问题把一些元素分给另一些元素来接受. 这是排列组合应用问题中难度较大的一类问题 . 由于这涉及到两类元素 : 被安排元素和接受单位 . 而我们所学的排列组名师归纳总结 合是对一类元素做排列或进行组合的, 于是遇到这类问题便手足无措了. 第 17 页,共 38 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 事实上 , 任何排列问题都可以看作面对两类元素. 例如, 把 10 个全排列 , 可以

36、懂得为在 10 个人旁边 , 有序号为 1,2, ,10 的 10 把椅子 , 每把椅子坐一个人 , 那么有多少种坐法 .这样就显现了两类元素 , 一类是人 , 一类是椅子；于是对眼花 缭乱的常见安排问题 , 可归结为以下小的“ 方法结构”: . 每个“ 接受单位” 至多接受一个被安排元素的问题方法是 , 这里 . 其中是“ 接受单位” 的个数；至于谁是“ 接受单位”, 不要管它在生活中原先的意义 ,只要 . 个数为的一个元素就是 “ 接受单位”只要“ 少”. , 于是 , 方法仍可以简化为 . 这里的“ 多”. 被安排元素和接受单位的每个成员都有“ 归宿” , 并且不限制一对一的分 配问题

37、, 方法是分组问题的运算公式乘以 . 1.2.1 排列 教学目标 : 学问与技能 : 明白排列数的意义 , 把握排列数公式及推导方法 , 从中体会“ 化 归” 的数学思想 , 并能运用排列数公式进行运算；过程与方法 : 能运用所学的排列学问 , 正确地解决的实际问题 情感、态度与价值观 : 能运用所学的排列学问 , 正确地解决的实际问题 . 教学重点 : 排列、排列数的概念 教学难点 : 排列数公式的推导 授课类型 : 新授课 教 具: 多媒体、实物投影仪第一课时 一、复习引入 :1 分类加法计数原理 : 做一件事情 , 完成它可以有 n 类方法 , 在名师归纳总结 - - - - - - -

38、第 18 页,共 38 页精选学习资料 - - - - - - - - - 第一类方法中有种不同的方法, 在其次类方法中有种不同的方法, , 在第 n 类方法中有种不同的方法那么完成这件事共有 种不同的方法 2. 分步乘法计数原理 : 做一件事情 , 完成它需要分成 n 个步骤 , 做第一步有种不同的方法 , 做其次步有种不同的方法 , , 做第 n 步有种不同的方法 , 那么完成这件事有 种不同的方法分类加法计数原理和分步乘法计数原理, 回答的都是有关做一件事的不同方法种数的问题 , 区分在于 : 分类加法计数原理针对的是“ 分类” 问题 , 其中各种方法相互独立 , 每一种方法只属于某一类

39、, 用其中任何一种方法都可以做完这件事; 分步乘法计数原理针对的是“ 分步” 问题, 各个步骤中的方法相互依存, 某一步骤中的每一种方法都只能做完这件事的一个步骤, 只有各个步骤都完成才算做完这件事应用两种原懂得题 :1. 分清要完成的事情是什么;2. 是分类完成仍是分步完成 , “ 类” 间相互独立 , “ 步” 间相互联系 ;3. 有无特殊条件的限制 二、讲解新课 : 1 问题 : 问题 1. 从甲、乙、丙 3 名同学中选取 2 名同学参与某一天的一项活动 , 其中一名同学参与上午的活动, 一名同学参与下午的活动 , 有多少种不同的方法 . 分析 : 这个问题就是从甲、 乙、丙 3 名同学

40、中每次选取 2 名同学 , 依据参与上午的活动在前 , 参与下午活动在后的次序排列, 一共有多少种不同的排法的问题, 共有 6 种不同的排法 : 甲乙甲丙乙甲乙丙丙甲丙乙 , 其中被取的对象叫做元素解决这一问题可分两个步骤: 第 1 步, 确定参与上午活动的同学 , 从 3 人名师归纳总结 中任选 1 人, 有 3 种方法 ; 第 2 步, 确定参与下午活动的同学, 当参与上午活动第 19 页,共 38 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 的同学确定后 , 参与下午活动的同学只能从余下的 2 人中去选 , 于是有 2 种方法. 依据分步乘法计数原理,

41、在 3 名同学中选出 2 名, 依据参与上午活动在前,参与下午活动在后的次序排列的不同方法共有图 1.2 一 1 3 26 种, 如图 1.2 一 1 所示. 把上面问题中被取的对象叫做元素 , 于是问题可表达为 : 从 3 个不同的元素 a , b ,；中任取 2 个, 然后依据肯定的次序排成一列 , 一共有多少种不同的排列方法 .全部不同的排列是 ab,ac,ba,bc,ca, cb, 共有 3 26 种. 问题 2. 从 1,2,3,4这 4 个数字中 , 每次取出 3 个排成一个三位数 , 共可得到多少个不同的三位数 . 分析 : 解决这个问题分三个步骤: 第一步先确定左边的数 , 在

42、 4 个字母中任取 1 个, 有 4 种方法 ; 其次步确定中间的数 , 从余下的 3 个数中取 , 有 3 种方法 ; 第三步确定右边的数 , 从余下的 2 个数中取 , 有 2 种方法 由分步计数原理共有 :4 3 224 种不同的方法 , 用树型图排出 , 并写出所 有的排列由此可写出全部的排法明显 , 从 4 个数字中 , 每次取出 3 个, 按“ 百” “ 十” “ 个” 位的次序排成 一列 , 就得到一个三位数 . 因此有多少种不同的排列方法就有多少个不同的三位 数. 可以分三个步骤来解决这个问题 : 第 1 步, 确定百位上的数字 , 在 1 , 2 , 3 , 4 这 4 个数字中任取