2023年考研数二真题及解析精编.doc

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1、1993年全国硕士硕士入学统一考试数学二试题一、填空题(本题共5小题,每小题3分,满分15分.把答案填在题中横线上.)(1) .(2) 函数由方程所拟定,则.(3) 设,则函数单调减少区间是.(4) .(5) 已知曲线过点,且其上任一点处切线斜率为,则.二、选择题(本题共5小题,每小题3分,满分15分.每小题给出四个选项中,只有一项符合题目规定,把所选项前字母填在题后括号内.)(1) 当初,变量是 ( )(A) 无穷小 (B) 无穷大(C) 有界,但不是无穷小 (D) 有界,但不是无穷大(2) 设 则在点处函数 ( )(A) 不连续 (B) 连续,但不可导(C) 可导,但导数不连续 (D) 可

2、导,且导数连续(3) 已知 设,则为 ( )(A) (B) (C) (D) (4) 设常数,函数在内零点个数为 ( )(A) 3 (B) 2 (C) 1 (D) 0(5) 若,在内,则在内 ( )(A) (B) (C) (D) 三、(本题共5小题,每小题5分,满分25分.) (1) 设,其中具有二阶导数,求.(2) 求.(3) 求.(4) 求.(5) 求微分方程满足初始条件特解.四、(本题满分9分)设二阶常系数线性微分方程一个特解为,试拟定常数,并求该方程通解.五、(本题满分9分)设平面图形由和所拟定,求图形绕直线旋转一周所得旋转体体积.六、(本题满分9分)作半径为球外切正圆锥,问此圆锥高为什

3、么值时,其体积最小,并求出该最小值.七、(本题满分6分)设,常数,证实.八、(本题满分6分)设在上连续,且,证实：,其中.1993年全国硕士硕士入学统一考试数学二试题解析一、填空题(本题共5小题,每小题3分,满分15分.)(1)【答案】【解析】这是个型未定式,可将其等价变换成型,从而运用洛必达法则进行求解.(2)【答案】【解析】这是一个由复合函数和隐函数所拟定函数,将方程两边对求导,得,化简得 .【相关知识点】复合函数求导法则：假如在点可导,而在点可导,则复合函数在点可导,且其导数为 或 . (3)【答案】【解析】由连续可导函数导数和关系判别函数单调性.将函数两边对求导,得 .若函数严格单调减

4、少,则,即.所以函数单调减少区间为.【相关知识点】函数单调性：设函数在上连续,在内可导.(1) 假如在内,那么函数在上单调增长；(2) 假如在内,那么函数在上单调减少.(4)【答案】【解析】 .(5)【答案】【解析】这是微分方程简朴应用.由题知 ,分离变量得 ,两边对积分有.由分部积分法得 由于曲线过点,故,所以所求曲线为.二、选择题(本题共5小题,每小题3分,满分15分.)(1)【答案】(D)【解析】由于当初,是振荡函数,所以可用反证法.若取 ,则,则.所以,当初,有及,但变量或等于0或趋于,这表白当初它是无界,但不是无穷大量,即(D)选项对的.(2)【答案】(A)【解析】运用函数连续定义鉴

5、定,即假如函数在处连续,则有.由题可知,.因在处左右极限不相等,故在处不连续,所以选(A).(3)【答案】(D)【解析】这是分段函数求定积分.当初,故,所以.当初,故,所以.应选(D).(4)【答案】(B)【解析】鉴定函数零点个数等价于鉴定函数和交点个数.对函数两边对求导,得 .令,解得唯一驻点,即 所以是极大值点,也是最大值点,最大值为.又由于 ,由连续函数介值定理知在和各有且仅有一个零点(不相同).故函数在内零点个数为2,选项(B)对的.(5)【答案】(C)【解析】方法一：由几何图形鉴定.由知为奇函数,图形相关原点对称；在内图形单调增长且向上凹,依据图可以看出在内增长而凸,选(C).方法二

6、：用代数法证实.对恒等式两边求导,得.当初,有,所以,故应选(C).三、(本题共5小题,每小题5分,满分25分.) (1)【解析】, .【相关知识点】复合函数求导法则：假如在点可导,而在点可导,则复合函数在点可导,且其导数为 或 .(2)【解析】应先化简再求函数极限,.由于,所以.(3)【解析】优异行恒等变形,再运用基础积分公式和分部积分法求解.(4)【解析】用极限法求广义积分. .(5)【解析】所给方程是一阶线性非齐次微分方程,其标准形式是 ,通解为 .代入初始条件 ,得 ,所以 .所求特解为 .【相关知识点】一阶线性非齐次微分方程通解公式为:,其中为常数.四、(本题满分9分)【解析】要拟定

7、常数,只需将特解代入原微分方程后,用比较系数法即得.对于特解,有 , ,代入方程,得恒等式 ,化简得,比较同类项系数,得,解之得.于是原方程为,所相应齐次微分方程特性方程为,解之得 .所以微分方程通解为.五、(本题满分9分)【解析】运用定积分求旋转体体积,用微元法.等价于.解法一：考虑对的积分,则边界线为和,如右图所表达.当初, .所以 .对于,令,则,所以 ；对于 ,所以 .解法二：取为积分变量,则边界线为和,如右图所表达.当初, 所以.令,则,所以 .再令,则,所以 .所以 .六、(本题满分9分)【解析】这是一个将立体几何问题转化为函数求最值问题.ADOCB设圆锥底半径为,图,.由,有.于

8、是圆锥体积.对上式两端对求导,并令,得,得唯一驻点,且,所认为极小值点也是最小值点,最小体积.七、(本题满分9分)【解析】一方面应简化不等式,从中发现规律.当,常数时,原不等式两边取自然对数可化为 或 .证法一：令,则.由知故 .从而为严格单调递增函数,且即 ,所以 .证法二：令,则.当初,有,所以函数在为严格单调递减函数,即,所以有 ,即 .八、(本题满分9分)【解析】证法一：用微分中值定理.对任意给定,由拉格朗日中值定理,得由,知.由于,所以 ,将两边从做定积分,有.由定积分基础性质可知 .证法二：用牛顿-莱布尼茨公式.对任意给定,和,可知,从而 ,以下同证法一.证法三：分部积分法.所以 .