2021-2022学年云南省昆明市第一中学高二下学期期中考试数学试题解析.doc

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1、2021-2022学年云南省昆明市第一中学高二下学期期中考试数学试题一、单选题1设集合，集合满足，则满足条件的集合的个数为（）A1B2C3D4【答案】D【分析】列出满足的集合全部情况即可.【详解】因为集合，则，所以集合可能的情况有，共有4个.故选：D【点睛】本题主要考查集合的并集运算，属于简单题.2已知数列的前项和为，且，则为（）A1024B2096C1023D2095【答案】C【分析】先由定义判断数列是等比数列，求出首项，再按照求和公式求即可.【详解】由可得，又，故数列为公比为2的等比数列，则，解得，故.故选：C.3函数的图象大致为（）ABCD【答案】A【解析】先根据函数的奇偶性排除部分选项

2、，再由时判断.【详解】因为，所以为奇函数，排除C，D；又因为时，排除B，故选：A.4已知向量与的夹角为120，|3，|，则等于（）A5B4C3D1【答案】B【分析】将|两边平方，得到关于的一元二次方程，解方程即可.【详解】向量与的夹角为120，|3，|，,，1（舍去）或4，故选：B【点睛】本题考查向量数量积的运算，考查向量的模的计算，考查计算能力，属于基础题.5函数的单调递减区间是（）ABCD【答案】D【分析】求导，由即可得解.【详解】函数的定义域是，令，解得，故函数在上单调递减，选：D.【点睛】本题考查了利用导数求函数单调性，考查了导数的基本能应用，属于基础题.6已知函数(0)，若f(x)在

3、上恰有两个零点，则的取值范围是（）ABCD【答案】A【分析】当时，所以所包含的两个零点为，则当时，求解可得的范围.【详解】解：因为，且0，所以，又f(x)在上恰有两个零点，所以且，解之得.故选：A.【点睛】思路点睛：已知的范围，已知零点个数，则只需保证终点介于第二个零点和第三个零点之间即可.7设是同一个半径为4的球的球面上四点，为等边三角形且其面积为，则三棱锥体积的最大值为ABCD【答案】B【详解】分析：作图，D为MO 与球的交点，点M为三角形ABC的中心，判断出当平面时，三棱锥体积最大，然后进行计算可得详解：如图所示，点M为三角形ABC的中心，E为AC中点，当平面时，三棱锥体积最大此时，,点

4、M为三角形ABC的中心中，有故选B.点睛：本题主要考查三棱锥的外接球，考查了勾股定理，三角形的面积公式和三棱锥的体积公式，判断出当平面时，三棱锥体积最大很关键，由M为三角形ABC的重心，计算得到，再由勾股定理得到OM，进而得到结果，属于较难题型8记函数的定义域为，函数，若不等式对恒成立，则的取值范围为（）ABCD【答案】A【解析】根据函数解析式，先求出；令，根据函数奇偶性的定义，判定是奇函数；根据导数的方法判定是增函数；化所求不等式为，进而可求出结果.【详解】由解得，即，令，则，则是R上的奇函数；又显然恒成立，所以是增函数；由得，即，即，由是R上的奇函数且为增的函数，所以得：.所以，当时，.所

5、以.故选：A.【点睛】本题主要考查由不等式恒成立求参数的问题，考查函数奇偶性与单调性的综合，考查导数的方法判定函数单调性，属于常考题型.二、多选题9已知i为虚数单位，则下列结论正确的是（）A复数的虚数部为B复数的共轭复数C复数在复平面对应的点位于第二象限D复数z满足，则【答案】ABD【分析】根据复数除法运算化简求出可判断AB；根据复数几何意义可判断C；根据复数的定义可判断D.【详解】对于A，其虚部为，故A正确：对于B，故，故B正确；对于C，在复平面内对应点的坐标为，位于第四象限，故C不正确；对于D，设，则，又，得，所以，故D正确.故选：ABD.10（多选题）已知向量（1，3），（2，1），（m

6、1，m2），若点A，B，C能构成三角形，则实数m可以是（）A2BC1D1【答案】ABD【分析】先求与，使之共线并求出的值，则A，B，C三点不共线即可构成三角形，因此取共线之外的值即可【详解】因为，假设A，B，C三点共线，则1（m1）2m0，即m1所以只要m1，则A，B，C三点即可构成三角形.故选：ABD11已知函数则下列判断正确的是（）A关于直线对称B关于直线对称C关于点对称D关于点对称【答案】AC【解析】根据两角差的正弦公式将函数解析式化为，然后采用代入检验法可得答案.【详解】解：，则，即函数关于直线对称，故A正确，D错误；，则函数不关于直线对称，故B错误；，即关于对称，故C正确.故选：AC

7、.【点睛】本题考查了两角差的正弦公式，考查了正弦函数的对称轴和对称中心，属于较易题.12下列四个命题中，是真命题的是（）A，且B，使得C若，则D当时，不等式恒成立，则实数的取值范围是【答案】BCD【分析】选项A：根据基本不等式可知x0时不成立；选项B：验证时成立即可；选项C：要证，只需证，即证，利用基本不等式即可证明；选项D：通过分离参数可得m，时成立，所以只需求函数，x(1,2)的最小值即可.【详解】对于A：，且对x0时不成立；对于B：当x1时，x212，2x2，x212x成立，正确；对于C：若x0，y0，则(x2y2)(xy)22xy4xy8x2y2，即，当且仅当xy0时取等号，正确；对于

8、D：当x(1,2)时，若不等式x2mx40恒成立，即m在x(1,2)时恒成立，令，x(1,2)，根据对勾函数可知函数f(x)在(1,2)上单调递增所以f(x)f(1)5.所以m5，因此实数m的取值范围是(，5，正确故选：BCD.三、填空题13的展开式中含项的系数为_.【答案】【分析】直接由二项展开式求出含的项，即可求得含项的系数.【详解】由可得含项为，故含项的系数为.故答案为：.14函数的最大值是_.【答案】【分析】先利用倍角公式和诱导公式化简得到，再结合求出最大值即可.【详解】，又可得，故，故的最大值是.故答案为：.15在抗击新冠肺炎的疫情中，某医院从3位女医生，5位男医生中选出4人参加援鄂

9、医疗队，至少有一位女医生入选，其中女医生甲和男医生乙不能同时参加，则不同的选法共有种_（用数字填写答案）.【答案】50【解析】以女医生的人数进行分类.有1位女医生时，有3位男医生，又分为两种情况：有女医生甲和不含女医生甲；有2位女医生时，有2位男医生，又分为两种情况：有女医生甲和不含女医生甲；有3位女医生时，有1位男医生.根据分类计数原理可得不同的选法种数.【详解】以女医生的人数进行分类. 有1位女医生时，有3位男医生，有种选法；有2位女医生时，有2位男医生，有种选法；有3位女医生时，有1位男医生，有种选法.根据分类计数原理可得，共有种选法.故答案为：50.【点睛】本题考查分类加法计数原理和分

10、步乘法计数原理，属于基础题.16已知，分别为双曲线的左、右焦点，以为圆心，为半径的圆交双曲线的右支于，两点，若，则双曲线的离心率为_.【答案】.【分析】根据已知条件可知，那么，然后进一步求出，根据双曲线的定义可知，求出离心率.【详解】设与轴交于点，则，所以，所以，所以，所以，所以双曲线的离心率.【点睛】本题考查双曲线离心率的求法，本题的重点是利用半径等于，根据平面几何的性质将和都表示成与有关的量，然后根据双曲线的定义求解.在圆锥曲线中求离心率的方法：（1）直接法，易求的比值；（2）构造法，根据条件构造成关于的齐次方程；（3）几何法，利用椭圆和其他平面图形的一些几何性质，找到等量关系，求离心率.

11、四、解答题17在 , , , 这三个条件中任选一个，补充在下面问题中并作答.已知等差数列的前项和为且_.（填写序号）（1）求数列的通项公式；（2）设，求证数列的前项和 注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分.【答案】（1）答案见解析；（2）证明见解析.【分析】（1）选条件，利用等差数列的通项公式即可求解；选条件，利用等差数列的前项和公式以及等差数列的通项公式即可求解；选条件，利用等差数列的通项公式即可求解.（2）利用裂项求和法即可求解.【详解】（1）方案一：选条件.设等差数列的公差为.因为，所以,解得所以.方案二：选条件.设等差数列的公差为.因为，所以,解得所以.方案三：选条件.设等差

12、数列的公差为，所以.因为，所以，所以，所以.（2）由（1）知，所以=18在中，已知a，b，c分别是角A，B，C的对边，且满足.(1)求的大小；(2)若的面积为，其外接圆半径，求的周长.【答案】(1)(2)【分析】（1）根据题意，利用正弦定理和两角和的正弦公式，化简得到，求得，即可求得的大小；又由，所以.（2）由（1）知和三角形的面积公式，求得，利用正弦定理求得，结合余弦定理列出方程求得，进而求得三角形的周长.【详解】(1)解：因为，由正弦定理可得，即，又因为，所以，由，可得，所以，又由，所以.(2)解：由（1）知，所以的面积为，解得，因为的外接圆半径，由正弦定理可得，所以，又由余弦定理得，即，

13、解得，所以，所以的周长为.19如图，在三棱柱中，.（1）证明：；（2）若，求二面角的余弦值.【答案】(1)见解析(2) 【详解】试题分析：（1）易知 与均为等边三角形，点为的中点，可得，进而得平面，从而得证；（2）由勾股定理可得，从而以点为坐标原点，为轴，为轴，为轴建立空间直角坐标系，分别求平面的一个法向量和平面的一个法向量，利用法向量求解二面角即可.试题解析：（1）证明：设点为的中点，连接，由，知与均为等边三角形，点为的中点，可得，相交于点，所以平面，又平面，所以（2）由（1）知与均是边长为是等边三角形，又在中，由余弦定理得，所以，故，以点为坐标原点，为轴，为轴，为轴建立空间直角坐标系可得，

14、设为平面的一个法向量，则，得，同理可得平面的一个法向量为，由，所以，二面角的余弦值为 点睛：利用法向量求解空间线面角的关键在于“四破”：第一，破“建系关”，构建恰当的空间直角坐标系；第二，破“求坐标关”，准确求解相关点的坐标；第三，破“求法向量关”，求出平面的法向量；第四，破“应用公式关”.20某电器专卖店试销A、B、C三种新型空调，销售情况如下表所示：第一周第二周第三周第四周第五周型数量（台）111015型数量（台）101213型数量（台）15812(1)根据型空调连续前3周销售情况，预估型空调连续5周的平均周销量为10台，那么当型空调周销售量的方差最小时，求，的值；（注：方差，其中为的平均

15、数）(2)为跟踪调查空调的使用情况，根据销售记录，从该电器专卖店第二周和第三周售出的空调中分别随机抽取一台，求抽取的两台空调中型空调台数的分布列和数学期望.【答案】(1)或；(2)分布列见解析，期望为【分析】（1）先由平均数求得，再用方差公式表示出方差，借助二次函数求出最值即可；（2）分别求出为0，1，2的概率，列出分布列，再按照期望公式计算期望即可.【详解】(1)由连续5周的平均周销量为10台可得，则，又方差，因为，故或时，方差最小，即或方差最小；(2)的取值为0，1，2，则分布列如下：012故期望为：.21已知椭圆：上任意一点，过点作轴，为垂足，且.(1)求动点的轨迹的方程；(2)设直线与

16、曲线相切，且与椭圆交于，两点，求面积的最大值（为坐标原点）.【答案】(1)；(2)【分析】（1）设出点、点、点的坐标，结合平面向量的坐标运算建立参数关系式，代入椭圆的方程即可求得动点的轨迹的方程；（2）设直线，根据直线与曲线相切建立关系式得到，将直线与椭圆联立，进而求解弦长，利用基本不等式求解最值，结合高为定值即可求出面积的最大值.【详解】(1)设，则，所以，由得，即，又因为点在椭圆上，可得，即，故动点的轨迹的方程为；(2)易得直线的斜率不为0，设直线，由直线与曲线相切可得，即，设，由得，显然，所以，又，当且仅当，即时取等号，所以的最大值为，而在中边上的高始终为1，所以面积的最大值为.22已知

17、函数.（1）设函数，讨论的单调性；（2）当时，恒成立，求的取值范围.【答案】（1）答案不唯一，具体见解析；（2）.【解析】（1）求导得后分类讨论即可求解；（2）求函数的导数，利用导函数确定函数的单调性，根据单调性求出函数在上的最小值，根据恒成立即可求解.【详解】（1）由已知得，所以.当时，在上单调递增.当时，令，则；令，则.所以在上单调递减，上单调递增综上所述，当时，在上单调递增；当时，在上单调递减，在上单调递增（2），令，得设，则当时，在上单调递增，所以的值域是.当时，没有实根，在上单调递增，所以，符合题意当时，所以有唯一实根，即有唯一实根，当时，在上单调递减，所以，不符合题意综上所述，即的取值范围是.【点睛】关键点点睛：本题为了确定导函数在上的正负，需要构造函数，利用导数确定在上递增，求出，分类讨论可得在上的正负是解题的关键.第 17 页 共 17 页